2025年滬教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、圖示，a和b是一條磁感線上的兩點(diǎn)；關(guān)于這兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的判斷，正確的是（）

A.一定是a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大B.一定是b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大C.一定是兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一樣大D.無(wú)法判斷2、以質(zhì)量為m的帶電小球，在豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)以水平速度拋出，小球加速度方向豎直向下，大小為，則小球在豎直方向下落h高度時(shí)（）A.動(dòng)能增加mghB.電勢(shì)能增加了mghC.重力勢(shì)能減少mghD.機(jī)械能減少mgh3、一枚火箭由地面豎直向上發(fā)射，其v～t圖象如圖所示，則（）A.火箭在t2-t3時(shí)間內(nèi)向下運(yùn)動(dòng)B.火箭能上升的最大高度為4v1t1C.火箭上升階段的平均速度大小為D.火箭運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大加速度大小為4、【題文】一實(shí)驗(yàn)火箭由地面豎直向上發(fā)射；其速度和時(shí)間的關(guān)系圖線大致如圖所示，則。

A.t1～t2時(shí)間內(nèi)，火箭處于失重狀態(tài)B.t2～t3時(shí)間內(nèi)，火箭在向下降落C.0～t3時(shí)間內(nèi)，火箭始終處于失重狀態(tài)D.t3時(shí)刻火箭距地面最遠(yuǎn)5、一汽車輪胎豎放于水平地面上，0

為其中心，A

為輪胎與地面接觸點(diǎn)，現(xiàn)使其在地面上向右滾動(dòng)。某一時(shí)刻在地面上觀察者看來(lái)，關(guān)于輪箍最大圓周上BC

兩點(diǎn)的說(shuō)法正確的是(

)

A.B

點(diǎn)比A

點(diǎn)線速度大B.B

點(diǎn)比A

點(diǎn)角速度小C.BC

兩點(diǎn)均繞O

點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)D.BC

兩點(diǎn)線速度大小相等6、如圖7

所示，ACBD

為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O

半徑為R.

電荷量均為Q

的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC

對(duì)稱，+Q

與O

點(diǎn)的連線和oc

間夾角為60鈭?.

下列說(shuō)法正確的是(

)

A.O

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為kQR2

方向由O

指向D

B.O

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為3kQR2

方向由O

指向D

C.AC

兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系是婁脮A<婁脮c

D.電荷量為q

的正電荷在A

點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C

點(diǎn)的電勢(shì)能評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、大小不同的兩個(gè)輪子用鏈條連接起來(lái)的，兩輪邊緣上各點(diǎn)的____相同，一個(gè)輪里面同心圓邊緣上各點(diǎn)的____相同．8、（2010秋?西固區(qū)校級(jí)期末）兩電阻R1、R2的伏安特性曲線如圖所示，其中R1的圖線與縱軸的夾角和R2的圖線與橫軸的夾角都是θ=30°．若將R1、R2串聯(lián)起來(lái)接入電路中，則通電后R1、R2消耗的電功率之比P1：P2等于____．9、（2013秋?北侖區(qū)校級(jí)期中）滑輪系統(tǒng)如圖所示，m1=3Kg，m2=7Kg，今用力F拉該滑輪豎直向上以加速度a=2m/s2運(yùn)動(dòng)，拉力F的大小為_(kāi)___（滑輪和繩的質(zhì)量均不計(jì)）．10、物體環(huán)繞地球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度（也稱為第一宇宙速度）為_(kāi)___km/s，物體脫離地球引力的速度（也稱為第二宇宙速度）為_(kāi)___km/s．11、（2007?東臺(tái)市模擬）太陽(yáng)系以外存在著許多恒星與行星組成的雙星系統(tǒng)．它們運(yùn)行的原理可以理解為；質(zhì)量為M的恒星和質(zhì)量為m的行星（M＞m），在它們之間的萬(wàn)有引力作用下有規(guī)則地運(yùn)動(dòng)著．如圖所示，我們可認(rèn)為行星在以某一定點(diǎn)C為中心；半徑為a的圓周上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（圖中沒(méi)有表示出恒星）．設(shè)萬(wàn)有引力常量為G，恒星和行星的大小可忽略不計(jì)．

（1）恒星與點(diǎn)C間的距離是____；

（2）試在圖中粗略畫出恒星運(yùn)動(dòng)的軌道和位置；

（3）計(jì)算恒星的運(yùn)行速率v．12、如圖所示為一列簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻的圖象，若已知P點(diǎn)的振動(dòng)方向向上，則這列波正在向____傳播．

13、如圖甲所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0.2s時(shí)剛好傳播到x1=4m處．波源在坐標(biāo)原點(diǎn)，其振動(dòng)圖象如圖乙所示，則這列波的波速為_(kāi)_____m/s．從甲圖所示時(shí)刻起，再經(jīng)______s，x2=42m處的質(zhì)點(diǎn)P第一次處于波峰．

14、（2015春?嘉定區(qū)期末）如圖所示，在傾角為θ的斜面上放一個(gè)光滑的重球m，用固定在斜面上的豎直擋板擋?。F(xiàn)使整個(gè)裝置沿水平面向右勻速運(yùn)動(dòng)S，則斜面對(duì)球的支持力____，擋板對(duì)球的做功____．15、（2010秋?閘北區(qū)校級(jí)期中）圖中龜?shù)募铀俣仁莀___．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、普通驗(yàn)電器能直接檢測(cè)物體帶有何種性質(zhì)的電荷．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、某時(shí)刻一個(gè)分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、晶體的各向異性是由于它的微粒按空間點(diǎn)陣排列．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說(shuō)明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、10個(gè)分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和就是這10個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、青藏高原測(cè)水沸時(shí)的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計(jì)和酒精溫度計(jì)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共6分)24、如圖所示，真空中有以（r，0）為圓心，半徑為r的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，在y=r的虛線上方足夠大的范圍內(nèi)，有方向水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，從O點(diǎn)向不同方向發(fā)射速率相同的質(zhì)子，質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)軌跡均在紙面內(nèi)，且質(zhì)子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)半徑也為r，已知質(zhì)子的電荷量為q，質(zhì)量為m，不計(jì)重力、粒子間的相互作用力及阻力。求：（1）質(zhì)子射入磁場(chǎng)時(shí)速度的大?。唬?）沿x軸正方向射入磁場(chǎng)的質(zhì)子，到達(dá)y軸所需的時(shí)間；（3）與x軸正方向成30o角（如圖中所示）射入的質(zhì)子，到達(dá)y軸的位置坐標(biāo)。25、如圖所示；裝置的左邊AB

部分是長(zhǎng)為L(zhǎng)1=1m

的水平面，一水平放置的輕質(zhì)彈簧左端固定并處于原長(zhǎng)狀態(tài)；裝置的中間BC

部分是長(zhǎng)為L(zhǎng)2=2m

的水平傳送帶，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平滑對(duì)接，傳送帶始終以v=2m/s

的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)；裝置的右邊是一光滑的曲面，質(zhì)量m=1kg

的小滑塊從其上距水平臺(tái)面h=1m

的D

處由靜止釋放，并把彈簧最大壓縮到O

點(diǎn)，OA

間距x=0.1m

并且彈簧始終處在彈性限度內(nèi).

已知物塊與傳送帶及左邊水平面之間的摩擦因數(shù)婁脤=0.25

取g=10m/s2

．

(1)

滑塊第一次到達(dá)B

處的速度；

(2)

彈簧儲(chǔ)存的最大彈性勢(shì)能；

(3)

滑塊再次回到右邊曲面部分所能到達(dá)的最大高度．評(píng)卷人得分五、證明題(共1題，共2分)26、如圖，太陽(yáng)系中星體A繞太陽(yáng)做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽(yáng)的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽(yáng)連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)27、某同學(xué)要測(cè)量額定電壓為3V的某圓柱體電阻R的電阻率ρ．

（1）用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器分別測(cè)量其長(zhǎng)度和直徑，如圖所示，則其長(zhǎng)度L=______mm，直徑d=______mm．

（2）（8分）該同學(xué)先用如圖所示的指針式多用電表粗測(cè)其電阻．他將紅黑表筆分別插入“+”；“-”插孔中；將選擇開(kāi)關(guān)置于“×l”檔位置，然后將紅、黑表筆短接調(diào)零，此后測(cè)阻值時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度較小，如圖甲所示．試問(wèn)：

①為減小讀數(shù)誤差，該同學(xué)應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)置于“______”檔位置．

②再將紅、黑表筆短接，此時(shí)發(fā)現(xiàn)指針并未指到右邊的“0Ω”處，如圖乙所示，那么他該調(diào)節(jié)______直至指針指在“0Ω”處再繼續(xù)實(shí)驗(yàn)，結(jié)果看到指針指在如圖丙所示位置．

③現(xiàn)要進(jìn)一步精確測(cè)量其阻值；實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材：

A．靈敏電流計(jì)G（量程200μA；內(nèi)阻300Ω）

B．電流表（量程3A；內(nèi)阻約0.3Ω）

C．電壓表V1（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D．電壓表V2（量程l5V；內(nèi)阻約5kΩ）

E．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為10Ω）

F．最大阻值為99.99Ω的電阻箱R2

以及電源E（電動(dòng)勢(shì)4V；內(nèi)阻可忽略）；電鍵、導(dǎo)線若干。

為了提高測(cè)量精確度并且使電阻R兩端電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大，除電源、電鍵、導(dǎo)線以外還應(yīng)選擇的最恰當(dāng)器材（只需填器材前面的字母）有______．請(qǐng)?jiān)谙旅娴姆娇蛑挟嫵瞿阍O(shè)計(jì)的電路圖．28、為描繪小燈泡的伏安特性曲線；實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：

A．小燈泡（額定電壓約為2.5V；額定電流約為500mA）

B．電流表A1（量程0～0.6A；內(nèi)阻約為0.5Ω）

C．電流表A2（量程0～3A；內(nèi)阻約為0.1Ω）

D．電壓表V（量程0～3V；內(nèi)阻約為10kΩ）

E．滑動(dòng)變阻器R1（0～10Ω；2A）

F．滑動(dòng)變阻器R2（0～100Ω；1.5A）

G．直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V；內(nèi)阻不計(jì)）

H．開(kāi)關(guān)；導(dǎo)線若干。

（1）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用______；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（以上均填器材代號(hào)）；

（2）在盡量提高測(cè)量精度的情況下；根據(jù)以上器材，用筆畫線代替導(dǎo)線將圖1中實(shí)物圖補(bǔ)充完整；

（3）在實(shí)驗(yàn)中用電流表和電壓表測(cè)得數(shù)據(jù)并記錄在如表中；請(qǐng)根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在如圖2所示方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線；

。U/V00.51.01.52.02.5I/A00.170.300.390.450.49（4）根據(jù)圖線可估得小燈泡在常溫下的電阻約為_(kāi)_____Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

（5）將一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為2.0V，內(nèi)阻為4Ω的電源直接接在該小燈泡的兩端，則該小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)_____W（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】磁感線的疏密體現(xiàn)了強(qiáng)度的大小，一條線看不出疏密，不能確定強(qiáng)度大?。膊荒艽_定是否為勻強(qiáng)磁場(chǎng)．【解析】【解答】解：因?yàn)橐粭l磁感線是直線時(shí)；不一定是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，也不知AB兩點(diǎn)的磁感線的疏密，故條件不足，無(wú)法確定A，B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小．故A，B，C選項(xiàng)錯(cuò)誤，D正確．

故選：D．2、D【分析】【分析】小球受重力和電場(chǎng)力作用，根據(jù)小球的加速度求出電場(chǎng)力的大小．通過(guò)合力做功得出小球動(dòng)能的變化量，通過(guò)電場(chǎng)力做功得出小球電勢(shì)能的變化量，通過(guò)重力做功得出小球重力勢(shì)能的變化量，根據(jù)除重力以外其它力做功得出小球機(jī)械能的變化量．【解析】【解答】解：

A、小球受重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力作用，根據(jù)牛頓第二定律知，小球所受的合力為F合=ma=mg；方向豎直向下，根據(jù)動(dòng)能定理，合力做功等于動(dòng)能的增加量，合力做功。

為合=mgh，則小球動(dòng)能增加mgh；故A錯(cuò)誤．

B、由mg-F電=ma，則得電場(chǎng)力為F電=mg，方向豎直向上，電場(chǎng)力做功為W電=-F電h=-mgh，則小球的電勢(shì)能增加mgh．故B錯(cuò)誤．

C；小球高度下降；重力做正功，重力勢(shì)能減?。撨^(guò)程中重力做功為mgh，則重力勢(shì)能減小了mgh．故C錯(cuò)誤．

D、除重力以外其它力做功等于機(jī)械能的增加量，所以電場(chǎng)力做功W電=-mgh，則知小球的機(jī)械能減小mgh．故D正確．

故選：D．3、B【分析】【分析】速度的正負(fù)表示速度的方向，根據(jù)速度圖象讀出速度的正負(fù)，分析火箭的運(yùn)動(dòng)．圖象與坐標(biāo)軸所圍“面積”表示位移，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出火箭上升的最大高度．平均速度等于位移與所用時(shí)間的比值．圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出最大的加速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

A、在t2-t3時(shí)間內(nèi)火箭的速度為正值；仍在上升．故A錯(cuò)誤．

B、由圖看出，在0-t3時(shí)間內(nèi)火箭的速度都是正值，說(shuō)明火箭一直在上升，圖線與坐標(biāo)軸所圍“面積”的大小等于箭能上升的最大高度，由數(shù)學(xué)知識(shí)得：箭能上升的最大高度h=++，v2=3v1，解得h=4v1t1．故B正確．

C、火箭上升階段的平均速度大小為=．故C錯(cuò)誤．

D、由圖看出，在t2-t3時(shí)間內(nèi)圖線的斜率最大，則火箭的加速度最大，最大加速度大小為a==．故D錯(cuò)誤．

故選B4、D【分析】【解析】

試題分析：由圖象可知，在0～t2時(shí)間內(nèi)，火箭加速度上升，加速度向上處于超重狀態(tài)，AC錯(cuò)誤；t2～t3時(shí)間內(nèi)，火箭速度向上，但速度越來(lái)越大，向上做減速運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；在t3時(shí)刻；火箭速度向上運(yùn)動(dòng)的速度減小到了零，因此距地面最遠(yuǎn)，D正確。

考點(diǎn)：圖象【解析】【答案】D5、A【分析】解：AC

相對(duì)于地面；輪胎與地面的接觸點(diǎn)是靜止的，速度為零即A

點(diǎn)的速度為零，設(shè)輪胎轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為婁脴

輪胎半徑為R

不考慮車輪與地面間的滑動(dòng)，相對(duì)于地面車軸的速度即車的速度為R婁脴

相對(duì)于地面車輪邊緣B

點(diǎn)的速度大小等于車軸的速度大小與對(duì)軸圓周運(yùn)動(dòng)速度大小之和即：vB=2R婁脴

故A正確，C錯(cuò)誤；

B；點(diǎn)B

與點(diǎn)A

相對(duì)于車軸的角速度相同；故B錯(cuò)誤；

D；同理由上可知B

點(diǎn)的速度大于C

點(diǎn)的速度；故D錯(cuò)誤；

故選：A

輪子上的任意一點(diǎn)參與兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)；向右的勻速直線運(yùn)動(dòng)和繞著軸O

的轉(zhuǎn)動(dòng)，其中A

點(diǎn)速度為零，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的合成與分解的平行四邊形定則進(jìn)行分析即可。

本題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，關(guān)鍵是其中的一個(gè)分運(yùn)動(dòng)是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行分析，基礎(chǔ)題目?！窘馕觥緼

6、B【分析】解：AB

根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)E=kQr2

和電場(chǎng)疊加原理：O

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=2kQR2cos30鈭?=3kQR2

方向由O

指向D

故A錯(cuò)誤，B正確；

C；等量異號(hào)電荷的連線的中垂線是等勢(shì)面；AC

兩點(diǎn)在兩個(gè)等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，故婁脮A=婁脮C.

故C錯(cuò)誤；

D；A

點(diǎn)與C

點(diǎn)的電勢(shì)相等；其電勢(shì)差為零，則電荷q

從A

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C

點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，A

點(diǎn)的電勢(shì)能等于在C

點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。

故選：B

兩個(gè)等電量正點(diǎn)電荷Q

產(chǎn)生的電場(chǎng)等勢(shì)線與電場(chǎng)線具有對(duì)稱性，作出AC

間的電場(chǎng)線，根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低和對(duì)稱性，分析B

與D

電勢(shì)的高低，判斷電場(chǎng)力做功情況，可知A

點(diǎn)和C

電電勢(shì)能的大小，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)E=kkQr2

和電場(chǎng)疊加原理可求解O

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小．

本題關(guān)鍵抓住電場(chǎng)線與等勢(shì)線的對(duì)稱性，注意空間每一點(diǎn)的電場(chǎng)是由兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)疊加，是考查基礎(chǔ)的好題．【解析】B

二、填空題(共9題，共18分)7、線速度大小角速度【分析】【分析】靠傳送帶傳動(dòng)輪子邊緣上的點(diǎn)具有相同的線速度大小，共軸轉(zhuǎn)動(dòng)的點(diǎn)具有相同的角速度；【解析】【解答】解：大小不同的兩個(gè)輪子用鏈條連接起來(lái)的；兩輪邊緣上各點(diǎn)的線速度大小相同，一個(gè)輪里面同心圓邊緣上各點(diǎn)的角速度相同．

故答案為：線速度大??；角速度8、1：3【分析】【分析】根據(jù)I-U圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，求出兩電阻阻值之比．串聯(lián)時(shí)電流相等，求出電功率之比．【解析】【解答】解：R1、R2之比為R1：R2=cot（90°-θ）：cotθ=cot60°：cot30°=1：3

R1、R2串聯(lián)起來(lái)接入電路中時(shí)電流相等，根據(jù)功率公式P=I2R得，R1、R2消耗的電功率之比P1：P2=R1：R2=1：3．

故答案為：1：39、100.8N【分析】【分析】先假設(shè)滑輪不動(dòng)，利用整體和隔離法求出此時(shí)滑輪的受到的力，然后利用等效法求出m1m2的等效質(zhì)量，再利用牛頓第二定律求出拉力F即可【解析】【解答】解：首先若滑輪靜止，m1小于m2，m1加速向上M2加速向下。

整體受力分析；有牛頓第二定律可知：

（m2-m1）g=（m1+m2）a

解得：a=4m/s2

由此可得與m1，m2相連的繩子拉力為：

F′-m1g=m1a

F′=m1g+m1a=3×10+3×4N=42N

則此時(shí)F″=2F′=84N用等效法可知相當(dāng)于F″作用于質(zhì)量為M=8.4Kg的物體上。

把物塊繩子和滑輪看作整體圖中情況相當(dāng)于F拉著質(zhì)量M=8.4KG的物體以2m/s2的加速度上升。

則有：F-Mg=Ma

F=Mg+Ma=8.4×10+8.4×2N=100.8N

故答案為：100.810、7.911.2【分析】【分析】第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度．地球同步衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度．人造地球衛(wèi)星運(yùn)行時(shí)速度大于第二宇宙速度時(shí)，就脫離地球束縛．【解析】【解答】解：第一宇宙速度：v=7.9km/s；它是衛(wèi)星在地面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所必須具備的速度．

第二宇宙速度：v=11.2km/s．它是衛(wèi)星離開(kāi)地球的最小發(fā)射速度．

故答案為：7.9；11.2．11、【分析】【分析】（1）恒星與行星圍繞它們連線上的某一固定點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；相互之間的萬(wàn)有引力提供各自的向心力，而且兩顆恒星有相同的角速度和周期．根據(jù)牛頓第二定律分別對(duì)兩星進(jìn)行列式，來(lái)求解．

（2）根據(jù)恒星；行星與圓心C總在同一直線上；畫出恒星運(yùn)動(dòng)的軌道和位置；

（3）根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力，由牛頓第二定律列式求解恒星的運(yùn)行速率v．【解析】【解答】解：（1）對(duì)行星m，F(xiàn)=mω2Rm①

對(duì)恒星M，F(xiàn)′=Mω2RM②

則得

（2）恒星與行星圍繞它們連線上的某一固定點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；恒星；行星與圓心C總在同一直線上，恒星運(yùn)動(dòng)的軌道和位置大致如圖．

（3）對(duì)恒星M：

代入數(shù)據(jù)得

答：（1）

（2）如圖所示．

（3）恒星的運(yùn)行速率v為．12、略

【分析】

波形上質(zhì)點(diǎn)P點(diǎn)的振動(dòng)方向向上；則該波波形向右平移，則知波的傳播方向是x軸正方向（或水平向右）．

故答案為：右。

【解析】【答案】根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播方向．

13、略

【分析】解：由甲圖知該波的波長(zhǎng)λ=8m，由乙圖知，該波的周期T=0.4s，則波速為：v==20m/s

當(dāng)甲圖中波峰傳到P點(diǎn)時(shí)；質(zhì)點(diǎn)P第一次處于波峰，所傳播的距離為：s=42m-2m=40m

所用時(shí)間為：t===2s

故答案為：20；2．

由甲圖讀出波長(zhǎng)，由乙圖讀出周期，從而求得波速．當(dāng)甲圖中波峰傳到P點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P第一次處于波峰，根據(jù)公式t=求時(shí)間．

本題關(guān)鍵是明確結(jié)合波形平移和質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)來(lái)研究，注意波在同一均勻介質(zhì)中是勻速傳播的，可根據(jù)傳播距離與波速求傳播時(shí)間．【解析】20；214、-mgstanθ【分析】【分析】小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡，根據(jù)平衡條件求解出各個(gè)力；判斷一個(gè)力是否做功，關(guān)鍵看力的方向與位移方向是否垂直，若垂直則不做功，若不垂直，則做功．【解析】【解答】解：小球受重力；斜面支持力和擋板的支持力；三力平衡，如圖所示：

根據(jù)平衡條件；有：

F1=①

F2=mgtanθ②

B、由①式，斜面對(duì)小球的彈力為，則檔板的彈力做功為：W=-F2S=-mgstanθ；

故答案為：；-mgstanθ15、0.05m/s2【分析】【分析】通過(guò)烏龜?shù)氖啄┧俣?，根?jù)加速度的定義式求出龜?shù)募铀俣龋窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)加速度的定義式知，a=．

故答案為：0.05m/s2三、判斷題(共8題，共16分)16、×【分析】【分析】驗(yàn)電器使用時(shí)是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會(huì)相互排斥從而驗(yàn)證物體是否帶電的．【解析】【解答】解：驗(yàn)電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的；故驗(yàn)電器張開(kāi)的角度越大，說(shuō)明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負(fù)，只可以定性表物體帶電量的多少．

故答案為：×17、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，物體內(nèi)部個(gè)別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來(lái)看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：對(duì)于大量分子；其運(yùn)動(dòng)有一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，但對(duì)于個(gè)別分子，其運(yùn)動(dòng)的速度完全是偶然的；

故答案為：√18、√【分析】【分析】同時(shí)晶體內(nèi)部排列有規(guī)則，而非晶體則沒(méi)有，但形狀不一定有規(guī)則．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體具有各向異性，多晶體具有各向同性．【解析】【解答】解：晶體分為單晶體和多晶體．根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；單晶體由于內(nèi)部原子按空間點(diǎn)陣排列，排列規(guī)律相同，所以具有各向異性．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的，每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化【解析】【解答】解：根據(jù)能量守恒定律可知：自然界物質(zhì)運(yùn)動(dòng)的形式是多樣的；每種運(yùn)動(dòng)形式都對(duì)應(yīng)一種形式的能量．各種運(yùn)動(dòng)形式的能量在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化．

例如機(jī)械能對(duì)應(yīng)機(jī)械運(yùn)動(dòng)；內(nèi)能對(duì)應(yīng)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．故每一種形式的能對(duì)應(yīng)于一種運(yùn)動(dòng)形式是對(duì)的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】從微觀上說(shuō)，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)單個(gè)或幾個(gè)分子無(wú)意義；

故答案為：×22、×【分析】【分析】選擇溫度計(jì)的原則是：溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測(cè)物體的溫度，同時(shí)，溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測(cè)物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計(jì)．該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．23、√【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)的種類可知，太陽(yáng)輻射的能量是核聚變反應(yīng)．【解析】【解答】解：太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)源于輕核聚變．所以以上的說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、計(jì)算題(共2題，共6分)24、略

【分析】【解析】試題分析：（1）質(zhì)子射入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有（2分）得（1分）（2）質(zhì)子沿x軸正向射入磁場(chǎng)后經(jīng)圓弧后以速度v垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入電場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（2分）進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)r后到達(dá)y軸，因此有（1分）所求時(shí)間為（1分）（3）質(zhì)子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)120o角后從P點(diǎn)垂直于電場(chǎng)線進(jìn)入電場(chǎng)，如圖所示。P點(diǎn)距y軸的距離（2分）其中（2分）得質(zhì)子到達(dá)y軸所需時(shí)間為（1分）在y方向質(zhì)子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此有（1分）質(zhì)子到達(dá)y軸的位置坐標(biāo)為（0，）（1分）考點(diǎn)：考查了粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】（1）（2）（3）（0，）25、略

【分析】

(1)

滑塊第一次從D

到B

的過(guò)程中；重力做功mgh

滑動(dòng)摩擦力做功鈭?婁脤mgL2

根據(jù)動(dòng)能定理求解滑塊第一次到達(dá)B

處的速度；

(2)

滑塊從B

到O

過(guò)程；其動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和彈簧的彈性勢(shì)能，由能量守恒定律求解彈簧儲(chǔ)存的最大彈性勢(shì)能；

(3)

根據(jù)能量守恒定律求得滑塊第二次經(jīng)過(guò)B

點(diǎn)時(shí)的速度大小；根據(jù)此速度與傳送帶速度的大小關(guān)系，判斷出滑塊將做勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出滑塊的速度增加到與傳送帶相等時(shí)，通過(guò)的位移，即可知道滑塊離開(kāi)傳送帶時(shí)的速度.

滑塊從C

到再次回到右邊曲面部分所能到達(dá)的最大高度的過(guò)程中，重力做功，由動(dòng)能定理求解最大高度．

本題是多過(guò)程問(wèn)題，分析滑塊經(jīng)歷的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理、牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合按時(shí)間順序分析和計(jì)算，難度適中．【解析】解：(1)

設(shè)滑塊第一次到達(dá)B

處的速度為v1

對(duì)滑塊從D

到B

的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得。

mgh鈭?婁脤mgL2=12mv12

解得，v1=10m/s

(2)

滑塊從B

到O

過(guò)程；由能量守恒定律得。

EP=12mv12鈭?婁脤mg(L1鈭?x)

解得；EP=2.75J

(3)

設(shè)滑塊再次到達(dá)B

處的速度為v2

對(duì)滑塊第一次到達(dá)B

到再次到達(dá)B

的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得。

鈭?2婁脤mg(L1鈭?x)=12mv22鈭?12mv12

解得v2=1m/s<v=2m/s

則知滑塊再次滑上傳送帶后將勻加速運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律得。

婁脤mg=ma

得a=2.5m/s2

．

速度增加到與傳送帶相同所經(jīng)歷的位移為。

L=v2鈭?v222a=0.6m<L2=2m

可知；滑塊接著相對(duì)傳送帶靜止，速度為v=2m/s

對(duì)從C

到最高點(diǎn)的過(guò)程；由動(dòng)能定理得。

鈭?mgh隆盲=0鈭?12mv2

解得；h隆盲=0.2m

答：

(1)

滑塊第一次到達(dá)B

處的速度是10m/s

(2)

彈簧儲(chǔ)存的最大彈性勢(shì)能是2.75J

(3)

滑塊再次回到右邊曲面部分所能到達(dá)的最大高度是0.2m

．五、證明題(共1題，共2分)26、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過(guò)程中動(dòng)量守恒，從而求出新星體C的速度，計(jì)算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計(jì)算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過(guò)程中質(zhì)心未動(dòng)；所以C到太陽(yáng)的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過(guò)程中動(dòng)量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圓周運(yùn)動(dòng)，故vA=

所以vB====vA

將vA、vB帶入②得vC=③

利用①③C星體的機(jī)械能為。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星體C的軌道為橢圓．六、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)27、略

【分析】解：（1）游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為7cm=70mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為70mm+0.15mm=70.15mm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×10.0mm=0.100mm，所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.100mm=4.600mm．

（2）歐姆表的零刻度在