2025年粵教滬科版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列說法正確的是（）A.質點一定是體積很小的物體B.力可以離開施力物體而獨立存在C.只要物體相互接觸，就一定產(chǎn)生彈力D.用繩子將物體懸掛起來，物體處于靜止狀態(tài)時，該物體的重心一定在繩子的延長線上2、如圖所示，質量為m的小球從水平位置無初速度釋放，設小球通過最低點時的速率為v，則下列說法中正確的是（）A.小球重力的功率不斷增大B.小球重力的功率先增大后減小C.最低點重力功率為mgvD.不能確定3、如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內存在垂直紙面向外、磁感應強度大小可調的均勻磁場（環(huán)形區(qū)域的寬度非常?。?。質量為m、電荷量為+q的粒子可在環(huán)中做半徑為R的圓周運動。A、B為兩塊中心開有小孔的距離很近的極板，原來電勢均為零，每當帶電粒子經(jīng)過A板準備進入AB之間時，A板電勢升高為+U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩板間的電場中得到加速。每當粒子離開B板時，A板電勢又降為零。粒子在電場中一次次加速下動能不斷增大，而在環(huán)形磁場中繞行半徑R不變。（設極板間距遠小于R）下列說法正確的是A.粒子從A板小孔處由靜止開始在電場力作用下加速，繞行n圈后回到A板時獲得的總動能為2nqUB.粒子在繞行的整個過程中，每一圈的運動時間不變C.為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運動，磁場的磁感應強度大小必須周期性遞減D.粒子繞行第n圈時的磁感應強度為4、火星的質量和半徑分別約為地球的和地球表面的重力加速度為g，則火星表面的重力加速度約為()A.0.2gB.0.4gC.2.5gD.5g5、【題文】如圖所示的電路中，電阻R1＝2Ω，R2＝1Ω，電壓U保持不變，當開關S斷開時，電流表A的示數(shù)I，當開關S閉合時電流表A的示數(shù)為I′，則I與I′的比值為（）

A.3：2B.2：1C.2：3D.1：26、在物理學發(fā)展過程中，許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步，下列說法正確的是（）A.卡文迪許提出了場的概念B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象D.赫茲提出了電磁場理論7、如圖所示，兩個固定的相同細圓環(huán)相距一定的距離，同軸平行放置，O1、O2分別為兩環(huán)的圓心，兩環(huán)分別帶有均勻分布的等量異種電荷，一帶正電的粒子從很遠處沿軸線飛來并穿過兩環(huán)，則（）A.帶電粒子在O1和O2點加速大小相等，方向向反B.帶電粒子從O1運動到O2，電勢能一直增加C.帶電粒子在O1和O2連線中點動能最小D.軸線上O1點右側，O2點左側都存在場強為零的點，它們關于O1、O2連線中點對稱8、如圖所示，勻強磁場區(qū)域寬度為l，現(xiàn)有一邊長為d（d＞L）的矩形金屬框以恒定速度v向右通過磁場區(qū)域，該過程中有感應電流的時間總共為（）A.B.C.D.9、勻速直線運動的加速度（）A.為正值B.為負值C.為零D.可能為正也可能為負評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、（2011秋?新鄉(xiāng)校級月考）一質點從如圖所示的邊長為L的正方形軌道的一個頂點開始沿軌道做勻速率運動；質點運動速率為v，在運動過程中：

（1）質點沿軌道運動n周后回到A點時，其通過的路程為____，位移為____．

（2）在運動過程中質點通過最大位移大小為____，方向為____；并在圖中標出最大位移．

（3）若以從A點開始運動為計時起點t=0，則每次通過最大位移所對時刻為____．11、（2012春?肥東縣校級月考）交流發(fā)電機矩形線圈邊長ab=cd=0.4m，bc=ad=0.2m，共50匝，線圈電阻r=1Ω，線圈在B=0.2T的勻強磁場中，繞垂直磁場方向的軸OO′以r/s轉速勻速轉動；外接電阻9Ω，如圖所示．求：

（1）電壓表讀數(shù)____

（2）電阻R上電功率____．12、在相距12km的公路兩端，甲、乙兩人同時出發(fā)相向而行，甲的速率是5km/h，乙的速率是3km/h，有一只小狗以6km/h的速率，在甲乙出發(fā)的同時，由甲處跑向乙，在途中與乙相遇，立即返回跑向甲，遇到甲后，又立即跑向乙，如此在甲、乙之間往返跑動，直至甲乙相遇，問小狗跑過的路程是____km．13、（2007?肇慶二模）一組航天員乘坐飛船前往位于離地球表面高度為h的圓形軌道上的哈勃太空望遠鏡H．機組人員使飛船S進入與H相同的軌道并關閉火箭發(fā)動機；如圖所示．M為地球質量，R為地球半徑，g為重力加速度．

（1）在飛船內，一質量為70kg的航天員的視重是____N；

（2）計算飛船在軌道上的運行速率．14、（2012?靜安區(qū)一模）如圖所示，在一次救災工作中，一架離水面高為H，沿水平直線飛行的直升機A，用懸索（重力可忽略不計）救護困在湖水中的傷員B，已知傷員B的質量為m，不計空氣阻力，在直升機A和傷員B以相同的水平速度水平勻速運動的同時，懸索將傷員吊起．A、B之間的距離l隨時間t的變化規(guī)律為：l=H-kt2（SI制單位，k為給定常數(shù)），則在時間t內傷員的機械能增加了____；t時刻懸索拉力的瞬時功率為____．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）16、絕對零度是低溫的極限，永遠達不到．____．（判斷對錯）17、物體的速度為零時，它的機械能一定為零．____（判斷對錯）18、當溫度升高時，物體內部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）19、太陽發(fā)出的能量來自內部發(fā)生的化學反應釋放的化學能．____．（判斷對錯）20、光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波____（判斷對錯）21、物體的速度為零時，它的機械能一定為零．____（判斷對錯）評卷人得分四、計算題(共2題，共8分)22、【題文】（17分）如圖所示，輕質彈簧的一端固定在地面上，另一端與質量為M=1.5Kg的薄木板A相連，質量為m=0.5Kg的小球B放在木板A上，彈簧的勁度系數(shù)為k=2000N/m?，F(xiàn)有一豎直向下、大小F=20N的力作用在B上且系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，在B球正上方處由一四分之一內壁光滑豎直圓弧軌道，圓弧半徑R=0.4m，圓弧下端P點距離距離彈簧原長位置高度為h=0.6m。撤去外力F后，B豎直上升最終從P點切入原軌道，到達Q點的速度為vQ=4m/s。求：

（1）球B在Q點時對軌道的壓力。

（2）AB分離時的速度v

（3）撤去F瞬間彈簧的彈性是能Ep

23、【題文】（10分）如圖所示是測量通電螺線管A內部磁感應強度B及其與電流I關系的實驗裝置。將截面積為S、匝數(shù)為N的小試測線圈P置于螺線管A中間，試測線圈平面與螺線管的軸線垂直，可認為穿過該試測線圈的磁場均勻。將試測線圈引線的兩端與沖擊電流計D相連。撥動雙刀雙擲換向開關K，改變通入螺線管的電流方向，而不改變電流大小，在P中產(chǎn)生的感應電流引起D的指針偏轉。

（1）將開關合到位置1，待螺線管A中的電流穩(wěn)定后，再將K從位置1撥到位置2，測得D的最大偏轉距離為dm，已知沖擊電流計的磁通靈敏度為Dφ，Dφ＝式中為單匝試測線圈磁通量的變化量。則試測線圈所在處磁感應強度B＝____；若將K從位置1撥到位置2的過程所用的時間為Δt，則試測線圈P中產(chǎn)生的平均感應電動勢ε＝____。

（2）調節(jié)可變電阻R，多次改變電流并撥動K，得到A中電流I和磁感應強度B的數(shù)據(jù)，見右表。由此可得，螺線管A內部在感應強度B和電流I的關系為B＝____。

。實驗次數(shù)。

I（A）

B（×10－3T）

1

0.5

0.62

2

1.0

1.25

3

1.5

1.88

4

2.0

2.51

5

2.5

3.12

（3）（多選題）為了減小實驗誤差；提高測量的準確性，可采取的措施有。

（A）適當增加試測線圈的匝數(shù)N

（B）適當增大試測線圈的橫截面積S

（C）適當增大可變電阻R的阻值。

（D）適當撥長撥動開關的時間Δt評卷人得分五、簡答題(共3題，共18分)24、一輛電動自行車的銘牌上給出了如下的技術參數(shù)表．

請根據(jù)上表計算。

。規(guī)格后輪驅動直流電機車型26英寸額定輸出功率200W整車質量30kg額定電壓50V（1）此車電機正常工作的電流；

（2）如果他家平均每天使用電動自行車的時間為0.6h；那么，他一個月（30天）使用電動自行車耗電多少kW?h？25、墻上固定一個小圓環(huán)，一小球用線系住穿過圓環(huán)靠于墻上，如圖所示，當從圓環(huán)到小球之間的細線在變長的過程中，線受到的拉力和球對墻的壓力是如何變化的？26、納米rm{Cu_{2}O}由于具有優(yōu)良的催化性能而受到關注，下表為制取rm{Cu_{2}O}的三種方法：。方法rm{a}用炭粉在高溫條件下還原rm{CuO}方法rm電解法，反應為rm{2Cu+H_{2}O}rm{underset{碌莽陸芒}{overset{}{=}}}rm{Cu_{2}O+H_{2}隆眉}方法rm{c}用肼rm{(N_{2}H_{4})}還原新制的rm{Cu(OH)_{2}}rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+}已知：rm{(1)}rm{壟脵2Cu(s)+}rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=Cu}rm{(g)=Cu}rm{{,!}_{2}}rm{O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆隴mol}rm{O(s)}rm{triangleH=-169kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}rm{壟脷C(s)+}rm{triangleH=-110.5kJ隆隴mol}rm{壟脷C(s)+}rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CO(g)}rm{triangleH=

-110.5kJ隆隴mol}rm{(g)=CO(g)}rm{triangleH=

-110.5kJ隆隴mol}rm{{,!}^{-1}}發(fā)生的熱化學方程式是：__________________________。rm{壟脹Cu(s)+}方法rm{壟脹Cu(s)+}采用離子交換膜控制電解液中rm{dfrac{1}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=CuO(s)}rm{triangleH=-157kJ隆隴mol}裝置如圖所示。該離子交換膜為____rm{(g)=CuO(s)}填“陰”或“陽”rm{triangleH=-157kJ隆隴mol}離子交換膜，該電池的陽極反應式為_______________________，陰極區(qū)溶液的rm{{,!}^{-1}}值_______則方法rm{a}發(fā)生的熱化學方程式是：__________________________。填“增大”“減小”或“不變”rm{a}rm{(2)}方法rm采用離子交換膜控制電解液中rm{OH}方法rm{(2)}為加熱條件下用液態(tài)肼rm還原新制rm{OH}來制備納米級rm{{,!}^{-}}同時放出的濃度而制備納米rm{Cu}該制法的化學方程式為____________________________。rm{Cu}在相同的密閉容器中，用以上方法制得的三種rm{{,!}_{2}}rm{O}裝置如圖所示。rm{O}分別進行催化分解水的實驗：rm{2{H}_{2}Ounderset{鹿芒脮脮}{overset{C{u}_{2}O}{?}}2{H}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)}rm{(}一定溫度下，水蒸氣的濃度rm{)}隨時間rm{pH}變化如下表所示：。rm{(}序號時間溫度rm{0}rm{10}rm{20}rm{30}rm{40}rm{50}rm{壟脵}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0492}rm{0.0486}rm{0.0482}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脷}rm{T_{1}}rm{0.050}rm{0.0488}rm{0.0484}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{0.0480}rm{壟脹}rm{T_{2}}rm{0.100}rm{0.0940}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{0.0900}rm{壟脵}實驗rm{壟脵}前rm{20min}的平均反應速率rm{v(O_{2})=}_______________。rm{壟脷}對比實驗的溫度：rm{T}對比實驗的溫度：rm{壟脷}rm{T}rm{{,!}_{2}}______rm{T}rm{T}填“rm{{,!}_{1}}”“rm{(}填“rm{漏聝}”“rm{漏聜}”或“rm{漏聞}”rm{)}”或“rm{(}”rm{漏聝}rm{漏聜}催化劑的催化效率：實驗rm{漏聞}____實驗rm{)}填“rm{壟脹}催化劑的催化效率：實驗rm{壟脵}____實驗rm{壟脷(}填“rm{漏聝}”或“rm{漏聜}”rm{)}”或“rm{壟脹}”rm{壟脵}rm{壟脷(}評卷人得分六、畫圖題(共2題，共6分)27、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】體積小質量輕的物體不一定能夠看做質點，力不可以離開施力物體而獨立存在，物體相互接觸且發(fā)生形變，就一定產(chǎn)生彈力．【解析】【解答】解：A；體積小質量輕的物體不一定能夠看做質點；比如研究原子核的結構時，原子就不能看做質點，A錯誤；

B；力不可以離開施力物體而獨立存在；B錯誤；

C；物體相互接觸且發(fā)生形變；就一定產(chǎn)生彈力，C錯誤；

D；用繩子將物體懸掛起來；物體處于靜止狀態(tài)時，該物體的重心一定在繩子的延長線上，D正確；

故選：D2、B【分析】【分析】根據(jù)瞬時功率的公式，結合小球在初位置和最低點位置瞬時功率的大小，判斷整個過程中功率的變化．【解析】【解答】解：在初始位置；小球的初速度為零，則重力的瞬時功率為零，在最低點，重力的方向與速度方向垂直，則最低點重力瞬時功率為零，可知在此過程中小球重力的功率先增大后減?。蔅正確，A；C、D錯誤．

故選：B．3、D【分析】試題分析：帶電粒子每一次經(jīng)過電場AB，獲得動能為qu,經(jīng)過n圈后獲得的動能為EK=nqu,所以A選項錯誤；由T=2πm/qB和v=qBR/m可知，帶電粒子的運動周期逐漸減小，所以B選項錯誤；由R=mv/qB可知，要使半徑不變，速度v增加時磁感應強度B也要增加，所以C選項錯誤；由EK=nqu=mv2/2和v=qBR/m可的B=所以D選項正確?？键c：本題考查帶點粒子在電磁場中的加速和偏轉問題，主要涉及到回旋加速器的應用?！窘馕觥俊敬鸢浮緿4、B【分析】由萬有引力公式，在地球表面有G＝mg①在火星表面有G＝mg火②由①②得g火＝·g＝0.4g，故B正確．【解析】【答案】B5、C【分析】【解析】當開關S斷開與閉合時，總電壓不變，當S斷開時，兩個電阻串聯(lián)，總電阻是3Ω，當S閉合時，只有R1接入電路，電阻為2Ω。所以當電壓不變時，電流與電阻成反比，所以是2：3?！窘馕觥俊敬鸢浮緾6、B【分析】【分析】物理學史最早涉及場的概念是法拉第；對場提供數(shù)學工具支撐的是麥克斯韋，卡文迪許是測量萬有引力常數(shù)的科學家，所以A錯。牛頓發(fā)現(xiàn)并總結了萬有引力定律，所以B對。奧斯科主要貢獻是發(fā)現(xiàn)電生磁現(xiàn)象，電磁感應現(xiàn)象是法拉第發(fā)現(xiàn)的。電磁場理論是麥克斯韋提出來的，所以C；D錯誤。

【點評】此類題型考察對物理學上重要發(fā)現(xiàn)的人物或事件的記憶。7、D【分析】【分析】在O1點時，右環(huán)上電荷由于關于O1對稱，所以其在O1產(chǎn)生的電場強度為0，而-Q各點在O1產(chǎn)生的場強水平向左，故+q在O1點所受電場力方向向左；要看電勢能如何變化就看電場力如何做功；如果合外力做正功，動能增大，合外力做負功，動能減??；根據(jù)E=k可知在O1右側+Q產(chǎn)生的場強的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場強大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場但場強不會為0．【解析】【解答】解：A、在O1點時，右環(huán)上電荷由于關于O1對稱，所以其在O1產(chǎn)生的電場強度為0，而-Q各點在O1產(chǎn)生的場強水平向左，故+q在O1點所受電場力方向向左，故加速度的方向水平向左，同理可知O2處場強方向也向左，故產(chǎn)生的加速度方向向左，所以帶電粒子在O1和O2點加速大小相等；方向相同，故A錯誤．

B、在+q從O1向O2運動的過程中+Q對+q的電場力向左；-Q對+q的作用力方向也向左，故電場力對+q始終做正功，故+q的電勢能一直減?。蔅錯誤．

C、根據(jù)E=k可知在O1右側+Q產(chǎn)生的場強的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場強大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場但場強卻不會為0，故合場強為0的位置應該在O1的右側，而在合力為0之前合外力做負功，動能持續(xù)減小，之后合力做正功，動能增大，故動能最小的點在O1的右側；故C錯誤．

D、根據(jù)E=k可知在O1右側+Q產(chǎn)生的場強的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場強大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場但場強卻不會為0，故合場強為0的位置應該在O1的右側，同理O2的左側也有場強為0的位置，而O1和O2之間場強始終大于0，由于兩個電荷的電荷量相同，故電場關于O1、O2的連線對稱；故D正確．

故選：D．8、B【分析】【分析】只要閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，回路中就會產(chǎn)生感應電流；由導體框運動過程由速度公式可求得產(chǎn)生感應電流的時間．【解析】【解答】解：當線框的右邊進入磁場開始產(chǎn)生感應電流，直到右邊開始離開磁場區(qū)域，該過程中金屬框中有感應電流，時間是t1=；

當線框的左邊進入磁場開始產(chǎn)生感應電流，直到左邊開始離開磁場區(qū)域，該過程中金屬框中有感應電流，時間是t2=；

所以該過程金屬框中有感應電流的時間總共為．故B正確．

故選：B．9、C【分析】【分析】勻速直線運動的特點是物體的速度保持不變，位移隨時間均勻變化，加速度為零．根據(jù)這些知識進行選擇．【解析】【解答】解：勻速直線運動的特點是物體的速度保持不變；加速度為零，故C正確．

故選C二、填空題(共5題，共10分)10、4nL0從A指向C（n-1）+（n=1，2，3）【分析】【分析】路程等于物體運動軌跡的長度，位移的大小等于首末位置的距離【解析】【解答】解：（1）路程等于運動軌跡的長度；s=n?4L=4nL．位移x=0．

（2）當物體運動到對角線上的對頂點時，位移大小最大，x=；方向為從A指向C，如圖：

（3）第一次經(jīng)過最大位移的時間為t1=，再運動一周第二次經(jīng)過最大位移處，周期T=；

則每次通過最大位移所對時刻為t=（n-1）+（n=1；2，3）

故答案為：（1）4nL；0；（2）；從A指向C；如圖；（3）（n-1）+（n=1，2，3）11、72V1152W【分析】【分析】（1）電動勢的最大值為NBSω；寫出電壓的瞬時表達式；電壓表測量的是有效值；

（2）求電功率用有效值；由功率公式即可求得．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)ω=2πn得：ω=200rad/s

線圈在磁場中產(chǎn)生的電動勢最大值：Em=NBSω=50×0.2×0.4×0.2××2πV=160V

根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有：I==A=8A

則有：U=IR=72V；

（2）功率表達式為：P=UI=72×8W=1152W；

答：（1）電壓表讀數(shù)72V；

（2）電阻R上電功率1152W．12、9【分析】【分析】小狗運動的時間與甲乙兩人相遇的時間相等，根據(jù)甲乙兩人位移大小之和等于12km，求出運動的時間．根據(jù)s=vt求出小狗通過的路程．【解析】【解答】解：甲乙兩人相遇時有：x=v甲t+v乙t；代入數(shù)據(jù)得。

t=1.5h．

小狗的路程s=vt=6×1.5km=9km

故答案為：913、0【分析】【分析】（1）；機組人員使飛船S進入與H相同的軌道并關閉火箭發(fā)動機；此時地球對飛船及其中的人的引力剛好提供其做圓周運動所需要的向心力，故航天員處于完全失重狀態(tài)，他對座椅沒有壓力．

（2）、根據(jù)萬有引力提供向心力G=m，在地球表面附近的物體受到的重力等于萬有引力mg=G，聯(lián)立方程組，化簡可得飛船的速度v．【解析】【解答】解：（1）航天員處于完全失重狀態(tài)；所以在飛船內，質量為70kg的航天員的視重是0N；

（2）飛船在軌道半徑（R+h）上近似做勻速圓周運動，由萬有引力定律和向心力公式可得：G=m①

在地球表面附近，有mg=G②

由①②式可得：v=③

答：

（1）在飛船內；一質量為70kg的航天員的視重是0N；

（2）飛船在軌道上的運行速率為．14、2mk2t2+mgkt22ktm（2k+g）【分析】【分析】傷員同時參與了兩個分運動，水平方向與直升飛機一起勻速前進，同時豎直方向向上做勻加速直線運動，實際運動是兩個運動的合運動，時間t內傷員的機械能增加量等于動能增加量和勢能增加量之和，t時刻懸索拉力的瞬時功率等于拉力乘以拉力方向上的速度．【解析】【解答】解：飛機t=0時刻離水面高為H，經(jīng)t時間后，A、B之間的距離為L=H-kt2，故豎直分位移為y=kt2，故初始速度為零，加速度為ay=2k，速度為vy=2kt；

所以動能的增加量為：=2mk2t2

重力勢能的增加量為：mgh=mgkt2；

所以機械能的增加量為2mk2t2+mgkt2；

設t時刻懸索拉力為F；則

ay=

解得F=（2k+g）m

所以t時刻懸索拉力的瞬時功率為P=Fv=2ktm（2k+g）

故答案為：2mk2t2+mgkt2；2ktm（2k+g）三、判斷題(共7題，共14分)15、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內的運動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√16、√【分析】【分析】熱力學溫標亦稱“絕對溫標”．是由開爾文首先引入的．開爾文所利用的實驗事實是氣體發(fā)生等容變化時，壓強與攝氏溫度成線性關系，再進行合理外推得到的．熱力學溫度與攝氏溫度的關系是T=t+273.15K；熱力學溫度的0K是不可能達到的．【解析】【解答】解：根據(jù)熱力學第三定律可知；熱力學溫標的零K達不到．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】機械能包括動能和重力勢能，速度為零說明動能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時；則動能為零，但重力勢能不一定為零，所以機械能不一定為零，故錯誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內的分子的平均動能增加，不是物體內部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)目前的認識；太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】機械能包括動能和重力勢能，速度為零說明動能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時；則動能為零，但重力勢能不一定為零，所以機械能不一定為零，故錯誤．

故答案為：×四、計算題(共2題，共8分)22、略

【分析】【解析】（1）軌道對球壓力N

N+mg=mvQ2/R（2分）

N=mvQ2/R–mg=15N（2分）

球對軌道壓力N/=N="15N"（1分）

(2)AB在彈簧原長處分離后；B上升機械能守恒。

mv2/2=mg(R+h)+mvQ2/2（2分）

v="6m/s"（2分）

(3)撤去F到彈簧恢復原長AB分離上升H

kH=F+(m+M)g（2分）

H="0.02m"（2分）

此過程機械能守恒。

Ep=(m+M)gH+(m+M)v2/2（2分）

代入數(shù)據(jù)得到Ep="36.4J"（2分）【解析】【答案】（1）15N（2）6m/s（3）36.4J23、略

【分析】【解析】（1）改變電流方向，磁通量變化量為原來磁通量的兩倍，即2BS，代入公式計算得B=由法拉第電磁感應定律可知電動勢的平均值ε＝

（2）根據(jù)數(shù)據(jù)可得B與I成正比，比例常數(shù)約為0.00125，故B=kI（或0.00125I）。

（3）為了得到平均電動勢的準確值，時間要盡量小，由B的計算值可看出與N和S相關聯(lián)，故選擇A、B?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）

（2）0.00125I（或kI）

（3）AB五、簡答題(共3題，共18分)24、略

【分析】【分析】（1）由銘牌可知；電機額定電壓是50V，額定功率是200W，由電功率公式的變形公式可以求出電機正常工作時的電流．

（2）已知額定功率與工作時間，由W=Pt可以求出電動自行車消耗的電能．【解析】【解答】解：（1）此車電機正常工作時的電流：I=A；

（2）電動自行車一月消耗的電能：W=Pt=0.2×0.6×30=3.6kW?h．

答：（1）此車電機正常工作的電流是4A；

（2）一個月使用電動自行車耗電3.6kW?h．25、略

【分析】【分析】以小球為研究對象，分析受力，由平衡條件得出細線對球的拉力、墻對小球的支持力與繩子與墻的夾角的關系式，再分析線受到的拉力和球對墻的壓力是如何變化．【解析】【解答】解：以小球為研究對象；分析受力如圖：

設細線與豎直墻面的夾角為θ；由平衡條件得：

T=

N=mgtanθ

細線變長時；θ角減小，則cosθ增大，tanθ減小，則得到T和N都減??；

根據(jù)牛頓第三定律可知；線受到的拉力和球對墻的壓力都變小．

答：線受到的拉力和球對墻的壓力都變?。?6、（1）C（s）+2CuO（s）=Cu2O（s）+CO（g）△H=+34.5kJ?mol-1

（2）陰2Cu-2e-+2OH-=Cu2O+H2O增大

（3）4Cu（OH）2+N2H42Cu2O+N2↑+6H2O

（4）①3.5×10-5mol/（L?min）②＞③＜【分析】【分析】本題考查物質制備，為高頻考點，涉及化學平衡有關計算、電解原理、蓋斯定律等知識點，側重考查學生分析計算能力，難點是電極反應式的書寫，題目難度中等?！窘獯稹?/p>

rm{(1)}已知：rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}rm{triangleH=-169kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=CO(g)}rm{triangleH=-110.5kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

用炭粉在高溫條件下還原rm{壟脵2Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=Cu_{2}O(s)}制取rm{triangle

H=-169kJ?mol^{-1}}和rm{壟脷C(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=CO(g)}的化學方程式為rm{triangle

H=-110.5kJ?mol^{-1}}rm{壟脹Cu(s)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)簍TCuO(s)triangleH=-157kJ?mol^{-1}}

該反應可以是rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}隆脕壟脵}反應的焓變是rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{CuO}rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)triangleH=+34.5kJ?mol^{-1}}

rm{Cu_{2}O}方法rm{CO}采用離子交換膜控制電解液中rm{C(s)+2CuO}的濃度，則只有使用陰離子交換膜才能控制氫氧根離子濃度；在電解池中，當陽極是活潑電極時，該電機本身發(fā)生失電子得還原反應，在堿性環(huán)境下，金屬銅失去電子的電極反應為rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)}鈦極是陰極發(fā)生氫離子得電子的還原反應，所以消耗氫離子，則rm{壟脷-壟脹隆脕2-dfrac{1}{2}

隆脕壟脵}值增大；故答案為：陰；rm{-110.5kJ?mol^{-1}-(-157kJ?mol^{-1}隆脕2)-

dfrac{1}{2}隆脕(-169kJ?mol^{-1})=34.5kJ?mol^{-1}}增大；

rm{C(s)+2CuO}根據(jù)題目信息：液態(tài)肼rm{(s)=Cu_{2}O(s)+CO(g)triangle

H=+34.5kJ?mol^{-1}}還原新制rm{(2)}來制備納米級rm{c}同時放出rm{OH^{-}}得出化學方程式為：rm{4Cu(OH)_{2}+N_{2}H_{4}overset