2025年粵教新版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案

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A.振子振動的振幅為B.時振子的加速度方向向右C.時振子的速度方向向右D.在到時間內，彈簧對振子彈力的沖量大小為2、圖甲為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖乙為x=2m處質點P的回復力F隨時間t變化的圖線，質點Q的平衡位置在x=m處；則下列說法正確的是（）

A.t=0時刻，質點Q的位移是-4cmB.t=0時刻，質點P沿y軸正方向振動C.0~1s內，回復力對質點P做功為零D.0~2s內，回復力對質點Q做功不為零3、如圖所示，在光滑水平面上有一質量為m的小物塊與左端固定的輕質彈簧相連，構成一個水平彈簧振子．彈簧處于原長時小物塊位于O點．現使小物塊在M、N兩點間沿光滑水平面做簡諧運動；在此過程中。

A.小物塊運動到M點時回復力與位移方向相同B.小物塊每次運動到N點時的加速度一定相同C.小物塊從O點向M點運動過程中做加速運動D.小物塊從O點向N點運動過程中機械能增加4、一臺洗衣機的脫水桶正常工作時非常穩(wěn)定，當切斷電源后，發(fā)現洗衣機先是振動越來越劇烈，然后振動逐漸減弱，下列說法中不正確的是（）A.洗衣機做的是受迫振動B.正常工作時，洗衣機脫水桶運轉的頻率比洗衣機的固有頻率大C.正常工作時，洗衣機脫水桶運轉的頻率比洗衣機的固有頻率小D.當洗衣機振動最劇烈時，脫水桶的運轉頻率恰好等于洗衣機的固有頻率5、下列振動中屬于受迫振動的是（）A.用重錘敲擊一下懸吊著的鐘后，鐘的振動B.電磁打點計時器接通電源后，振針的振動C.小孩睡在自由擺動的吊床上，隨吊床一起擺動D.不受外力的彈簧振子在豎直方向上沿上下方向振動6、如圖所示；用小錘打擊彈性金屬片后，小球A沿水平方向拋出，同時小球B被松開，自由下落。不計空氣阻力。改變小球距地面的高度和打擊力度，重復該實驗，發(fā)現A；B兩球總是同時落地。已知A、B兩球質量相等。則下列說法正確的是（）

A.該實驗可驗證平拋運動在水平方向上是勻速直線運動B.該實驗可驗證平拋運動在豎直方向上是自由落體運動C.在同一次實驗中，重力對兩球所做的功不同D.在同一次實驗中，重力對兩球的沖量不同7、我國多次成功使用“冷發(fā)射”技術發(fā)射長征十一號系列運載火箭。如圖所示，發(fā)射倉內的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時再點火飛向太空。從火箭開始運動到點火的過程中（）

A.火箭的加速度為零時，動能最大B.高壓氣體釋放的能量全部轉化為火箭的動能C.高壓氣體對火箭推力的沖量等于火箭動量的增加量D.高壓氣體的推力和空氣阻力對火箭做功之和等于火箭動能的增加量8、兩名小孩用如圖所示的裝置玩“爬繩游戲”。定滑輪固定在天花板上；不可伸長的軟繩跨過定滑輪，兩小孩從同一高度由靜止開始沿繩向上攀爬，攀爬過程中繩不打滑。不計繩與滑輪的質量和滑輪與軸承之間的摩擦，下列說法正確的是（）

A.如果一名小孩用力攀爬而另一名小孩沒有攀爬，繩子對兩名小孩的拉力大小就不相等B.如果一名小孩用力攀爬而另一名小孩沒有攀爬，則用力攀爬的小孩先到達滑輪C.只要兩名小孩的質量相等，即使一個小孩沒有攀爬，兩人也會同時到達滑輪D.無論兩名小孩的質量是否相等，在攀爬過程中，兩小孩與繩子組成的系統(tǒng)動量守恒9、自由擺動的秋千，擺動的幅度愈來愈小，下列說法中正確的是（）A.機械能守恒B.總能量守恒，機械能減少C.能量正在消失D.動能減少，重力勢能不變評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、在正方形區(qū)域內加有空間分布均勻、大小隨時間周期性變化的電場和磁場，變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示（規(guī)定沿方向豎直向下為電場強度的正方向，垂直紙面向外為磁感應強度的正方向）。從時刻開始，每隔2s就有一個相同的帶正電子的粒子以相同的初速度由點沿方向射入該區(qū)域，每個粒子在區(qū)域內的運動時間都小于1s，且均從C點離開，不計重力、空氣阻力和電場、磁場變化對粒子的影響，則下列判斷正確的是()

A.第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內運動時間之比為2：1B.第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內的加速度之比為2：1C.第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動量之比5：1D.第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動能之比5：111、下列關于機械振動的有關說法正確的是（）A.簡諧運動的回復力是按效果命名的力B.振動圖像描述的是振動質點的軌跡C.受迫振動的頻率等于驅動力的頻率D.當驅動力的頻率等于受迫振動系統(tǒng)的固有頻率時，振幅最大12、如圖甲所示為雜技中的“頂竿”表演、水平地面上演員B用肩部頂住一根長直竹竿，另一演員A爬至竹竿頂端完成各種動作．某次頂竿表演結束后，演員A自竿頂由靜止開始下落．滑到竿底時速度正好為零，然后曲腿跳到地面上，演員A、B質量均為50kg，長竹竿質量為5kg，A下滑的過程中速度隨時間變化的圖象如圖乙所示．重力加速度g取10m/s2，下列判斷錯誤的是（）

A.竹竿的總長度約為3mB.0~6s內，演員B對地面的壓力大小始終為1050NC.0~6s內，竹竿對演員B的壓力的沖量大小為3300N·sD.演員A落地時向下曲腿是為了縮短作用時間以減小地面的沖擊力13、如圖所示，A、B、C三個半徑相同的小球穿在兩根平行且光滑的足夠長的桿上，三個球的質量分別為mA=3kg，mB=2kg，mC=1kg，三個小球的初狀態(tài)均靜止，B、C兩球之間連著一根輕質彈簧，彈簧處于原長狀態(tài)。現給A一個向左的初速度v0=10m/s；A；B碰后A球的速度依然向左，大小為2m/s，下列說法正確的是（）

A.球A和B的碰撞是彈性碰撞B.球A和B碰撞后，球B的最小速度可為0C.球A和B碰撞后，彈簧的最大彈性勢能可以達到72JD.球A和B碰撞后，球B速度最小時球C的速度可能為16m/s14、2022年冬季奧運會將在北京舉行。我國冰壺運動員在某一次水面內訓練時，紅壺以一定的速度與靜止在大本營中心的藍壺發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短，碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向上的冰面來減小阻力。碰撞前、后兩壺運動的v－t圖線如圖中實線所示；如果兩冰壺的質量相等，那么，由圖像可得出正確的結論是（）

A.碰撞后瞬間，藍壺的速度為紅壺的速度為B.兩壺在碰撞過程中損失的機械能為兩壺從碰后到靜止損失的總機械能的倍C.紅、藍兩壺在運動過程中，動摩擦因數之比為D.碰后藍壺經過停止運動15、如圖甲、乙分別為兩列橫波Ⅰ、Ⅱ的振動圖像，t=0時刻分別同時從圖丙的A、B兩點開始向四周傳播，并在t=2s時恰好相遇，已知A、B相距0.8m，C為AB中點，D距A點0.15m；則（）

A.直線上A、B外側均為振動加強點B.直線上A、B間（不包括A、B點）共有8個振動加強點C.t=4s內直線上C點通過的路程為零D.t=3.75s時D點經平衡位置向下振動16、如圖，在水中有一厚度不計的薄玻璃片制成的中空三棱鏡，里面是空氣，一束光A從棱鏡的左邊射入，從棱鏡的右邊射出時發(fā)生了色散，射出的可見光分布在a點和b點之間；則下列說法錯誤的是（）

A.從a點射出的是紅光，從b點射出的是紫光B.從a點射出的是紫光，從b點射出的是紅光C.光在ab面上不可能發(fā)生全反射D.從a點和b點射出的都是紫光，從ab中點射出的是紅光17、以下說法中正確的是（）A.醫(yī)學中的“彩超”利用的是超聲波的多普勒效應B.自然光在玻璃、水面、木質桌面等表面反射時，反射光和折射光都是偏振光C.由于光的折射現象，白光照射下的肥皂泡是彩色的D.根據麥克斯韋電磁場理論，變化的電場或磁場一定能產生電磁波評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、在雙縫干涉實驗中，分布用紅色和綠色的激光照射同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干涉條紋間距與綠光的干涉條紋間距相比______（填“＞”、“＜”或“＝”）．若實驗中紅光的波長為雙縫到屏幕的距離為測得第一條到第6條亮條紋中心間的距離為則雙縫之間的距離為______．19、如圖所示是一個單擺做受迫振動時的共振曲線，表示振幅A與驅動力的頻率f的關系，則該單擺的擺長約為_____，若增大擺長，共振曲線的“峰”將_____（填“向右移動”、“向左移動”或“不移動”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

20、甲、乙兩個彈簧振子的固有頻率分別為f和5f，都在頻率為2f的驅動力作用下做受迫振動，振幅較大的是_______，甲的振動頻率為_______f，乙的振動頻率為_______f．21、判斷下來說法的正誤：

（1）簡諧運動是勻變速運動。（______）

（2）簡諧運動的圖像描述的是振動質點的軌跡。（______）22、振幅A：振動物體離開平衡位置的___________。振幅不是最大位移。這就意味著，振幅是一個數值，指的是最大位移的___________。振幅是___________（填“矢量”或者“標量”），表示振動的___________。23、將一單擺向左拉高一小角度，當擺球從靜止釋放運動到最低點時，擺線碰到一根釘子，此時擺線的張力______（填“變大”“變小”或“不變”），擺球繼續(xù)向右擺動，如圖甲，設向右為正方向，其振動圖像如圖乙，重力加速度g=π2，該單擺擺線的長度為______m；釘子的位置P距離懸點O的距離為_______m（可用分式表示）。

24、很多宏觀現象；其本質是由微觀粒子的運動所體現出的結果。

（1）固體的宏觀性質與固體分子的微觀結構有著緊密聯系。內陸鹽礦中開采的氯化鈉稱為巖鹽；巖鹽的顆粒很大，我們能清楚地看出它的立方體形狀。把大顆粒的巖鹽敲碎后，小顆粒的巖鹽仍然呈立方體形狀。為了理解這個現象，可以做如下定性；半定量的分析。

考慮由電荷量相同的正、負離子間隔排列形成的一維直線分子。這些離子之間的距離都相等，且相互作用力均可近似為點電荷之間的電場力。假設x=0處離子受到x=1處離子的作用力大小為F0。

a.寫出x=0處離子受到的右側所有離子電場力的準確表達式，并說明合力的方向。()

b.有人提出下述觀點：“僅考慮與x=0處離子的最近鄰x=1處離子和次近鄰x=2處離子對x=0處離子的作用力即可作為所有離子對x=0處離子合力的近似值?！痹谙卤砀裰刑顚憽笆恰被蛘摺胺瘛?。判斷這樣的近似是否合理。

近似計算的結果與精確計算結果相比。合力的大小變化超過10%合力的方向發(fā)生變化這樣的近似較為合理______________________________________

（2）一橫截面為S的圓板正以v的速度在空氣中向右運動。為簡化問題，我們將空氣分子視為質量為m的小球；空氣分子與圓板碰撞前后瞬間相對圓板的速率不變。

a.若不考慮空氣分子的熱運動，單位體積內的分子個數為n，求空氣對圓板的作用力F；()

b.實際上，空氣分子在不停地做熱運動，假定分子熱運動平均速率為5v，單位體積內與圓板垂直碰撞的分子個數為n′，若僅考慮與圓板垂直碰撞的空氣分子，求空氣對圓板的作用力F′。()25、碰撞。

碰撞是指物體間的相互作用持續(xù)時間很短，而物體間相互作用力______的現象．26、一列簡諧橫波波長為其波源處質點的振動圖像如圖所示，由此可知該列波的傳播速度大小為__________時間內波源處質點運動的路程為__________時刻離波源處的媒質質點的振動方向沿軸___________方向（選填“正”或“負”）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共8分)27、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質點此時正經過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

28、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結果保留兩位有效數字。）

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．根據乙圖可知振子振動的振幅為10cm，故A錯誤；

B．根據圖乙可知0.4s時振子的位移為正向最大，根據可知加速度方向向左，故B錯誤；

C．根據圖乙可知0.6s時振子正向平衡位置運動，其速度方向向左，故C錯誤；

D．在0.2s時振子速度大小為v，根據圖乙可知1s時速度為-v，根據動量定理可知在0.2s到1s時間內，彈簧對振子彈力的沖量大小為I=2mv，故D正確。

故選D。2、A【分析】【分析】

由圖乙可知，簡諧橫波的周期T=4s，則t=2s時為半個周期。且根據回復力與位移之間的關系可知此波沿x軸正方形傳播。

【詳解】

A．根據數學知識知t=2s時Q點的縱坐標為4cm，根據波的傳播知識可知當t=0時，Q的位移與當前位置關于x軸對稱；即為-4cm，故A正確；

B．由于波沿x軸正方形傳播，t=0s時P沿y軸負方向振動；故B錯誤；

C．在0~1s內，回復力從0到最大，則可知質點P從平衡位置運動到最大位移處；此過程回復力做功不為零，故C錯誤；

D．在0~2s內，回復力對質點Q先做正功后做負功；總功為0，故D錯誤。

故選A。3、B【分析】【詳解】

A.根據F=-kx可知小物塊運動到M點時回復力與位移方向相反；故A錯誤；

B.根據可知小物塊每次運動到N點時的位移相同；則加速度一定相同，故B正確；

C.小物塊從O點向M點運動過程中加速度方向與速度方向相反；做減速運動，故C錯誤；

D.小物塊從O點向N點運動過程中彈簧彈力對小物塊做負功，小物塊的機械能減小，故D錯誤．4、C【分析】【詳解】

A．洗衣機在脫水桶的驅動下振動；屬于受迫振動，故A正確，不符合題意；

BC．正常工作時；洗衣機非常穩(wěn)定，故洗衣機脫水桶運轉的頻率比洗衣機的固有頻率大，故B正確，不符合題意；C錯誤，符合題意；

D．當洗衣機振動最劇烈時；為共振，此時脫水桶的運轉頻率恰好等于洗衣機的固有頻率，故D正確，不符合題意。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．受到敲擊后的鐘不再受驅動力；其振動為自由振動，故A錯誤；

B．電磁打點計時器接通電源后；振針的振動一直受電源的驅動，屬于受迫振動，故B正確；

C．小孩睡在自由擺動的吊床上；隨吊床一起擺動，屬于自由振動，故C錯誤；

D．不受外力的彈簧振子在豎直方向上沿上下方向振動；屬于自由振動，故D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

AB．本實驗將A的平拋運動與豎直方向下落的B的運動對比；只能說明A豎直方向運動情況，不能反映A水平方向的運動情況，本實驗中A做平拋運動，B做自由落體運動，每次兩球都同時落地，說明A豎直方向的分運動是自由落體運動，故A錯誤，B正確；

C．由于兩小球下落高度相同，A、B兩球質量相等，由公式可知；重力對兩球所做的功相同，故C錯誤；

D．由于A、B兩球總是同時落地，A、B兩球質量相等，根據公式可知；重力對兩球的沖量相同，故D錯誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

A．火箭從發(fā)射倉發(fā)射出來；受豎直向下的重力；豎直向下的空氣阻力和豎直向上的高壓氣體的推力作用，且推力大小不斷減小，剛開始向上的時候高壓氣體的推力大于向下的重力和空氣阻力之和，故火箭向上做加速度減小的加速運動，當向上的高壓氣體的推力等于向下的重力和空氣阻力之和時，火箭的加速度為零，速度最大，接著向上的高壓氣體的推力小于向下的重力和空氣阻力之和時，火箭接著向上做加速度增大的減速運動，直至速度為零，故當火箭的加速度為零時，速度最大，動能最大，故A正確；

B．根據能量守恒定律；可知高壓氣體釋放的能量轉化為火箭的動能；火箭的重力勢能和內能，故B錯誤；

C．根據動量定理；可知合力沖量等于火箭動量的增加量，故C錯誤；

D．根據功能關系；可知高壓氣體的推力和空氣阻力對火箭做功之和等于火箭機械能的增加量，故D錯誤。

故選A。8、C【分析】【詳解】

A．同一根繩子上的力是相同的；所以繩子對兩名小孩的拉力大小相等，故A錯誤；

BC．設繩子上的力為F，無論小孩是否攀爬，小孩受到繩子上的拉力都為F，根據牛頓第二定律，對左邊的A小孩有

解得

對右邊的B小孩有

解得

比較可知，當A小孩的質量較大時，A小孩的加速度小，根據可知；A小孩的運動時間長，則B小孩先到達滑輪；反之當A小孩的質量小時，則A小孩先到達滑輪；當兩小孩質量相等時，加速度相同，則運動時間相同，同時到達滑輪，故B錯誤，C正確；

D．當把兩小孩與繩子組成的整體看做系統(tǒng)時；合外力不為零，所以系統(tǒng)動量不守恒，故D錯誤。

故選C。9、B【分析】【詳解】

秋千在擺動的過程中；受到阻尼作用，振幅越來越小，所以機械能減小，能量是守恒的。動能和重力勢能都在不停地變化，兩者之和在減小。

A．機械能守恒與分析不符；故A錯誤；

B．總能量守恒；機械能減少與分析相符，故B正確；

C．能量正在消失與分析不符；故C錯誤；

D．動能減少，重力勢能不變與分析不符，故D錯誤。二、多選題(共8題，共16分)10、B:D【分析】【詳解】

A．設正方形邊長為L，則第一個粒子在電場中運動的時間第二個粒子在磁場中運動的時間則

選項A錯誤；

B．第一個在電場中運動的粒子

解得

第二個粒子在磁場中的加速度則第一個粒子與第二個粒子在區(qū)域內的加速度之比為2：1，選項B正確；

C．第一個粒子離開電場時：

則

則速度

離開電場時的動量

粒子離開磁場時的動量：

則第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動量之比1；選項C錯誤；

D．粒子離開電場時的動能：

粒子離開電場時的動能：

則第一個粒子與第二個粒子在離開區(qū)域時的動能之比5：1；選項D正確；

故選BD.11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．簡諧運動的回復力是按效果命名的力；故A正確；

B．振動圖像描述的是振動質點在不同時刻的位移；而不是其實際的運動軌跡，故B錯誤；

C．物體在周期性驅動力作用下做受迫振動；受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，與固有頻率無關故C正確；

D．當驅動力的頻率等于受迫振動系統(tǒng)的固有頻率時；發(fā)生共振，振幅達到最大，故D正確。

故選ACD。12、A:B:D【分析】【詳解】

A．v-t圖像的面積等于演員A下滑過程的位移，

A錯誤；

B．0-4s內演員A加速下滑，加速度為0.5m/s2，處于失重狀態(tài)，演員B對地面的壓力大小

4-6s內演員A減速下滑，加速度為1m/s2，處于超重狀態(tài)，演員B對地面的壓力大小

B錯誤；

C．0-4s內演員B對竹竿的支持力大小為

竹竿對演員B的壓力的沖量大小為

4s-6s內演員B對竹竿的支持力大小為

竹竿對演員B的壓力的沖量大小為

0-6s內，竹竿對演員B的壓力的沖量大小為

C正確；

D．演員A落地時向下曲腿；是為了延長作用時間以減小地面的沖擊力，D錯誤；

故選ABD。13、A:D【分析】【詳解】

A．AB兩球相碰，根據動量守恒定律

代入數據，可求得

由于，在碰撞的過程中滿足

因此該碰撞是彈性碰撞；A正確；

BD．由于BC及彈簧組成的系統(tǒng)，在運動的過程中滿足動量守恒和機械能守恒，當B的速度最小時，應該是彈簧處于原長狀態(tài)

整理得

因此B的最小速度為此時C球的速度為B錯誤，D正確；

C．當BC兩球速度相等時，彈簧的彈性勢能最大

解得

C錯誤。

故選AD。14、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖像可以看出，碰前紅壺的速度為碰后瞬間藍壺的速度兩冰壺質量相等，碰撞過程動量守恒，設紅壺碰后的速度為以碰前紅壺的速度方向為正方向，由動量守恒定律得

得

故A正確；

B．碰撞過程中損失的機械能為

兩壺從碰后到靜止損失的總機械能

兩壺在碰撞過程中損失的機械能為兩壺從碰后到靜止損失的總機械能的故B錯誤；

CD．碰前紅壺的加速度為

則

由圖像可知

碰后藍壺運動時間為

則碰后藍壺的加速度為

則

則

故C錯誤；D正確。

故選AD。15、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意知，波長為0.2m，A、B兩質點的起振方向相反，AB間距滿足波長的整數倍，故A、B外側均為減弱點；故A錯誤；

B．加強點滿足該點距AB的位移差為半波長的奇數倍，共有8個點，分別距A點的距離為0.05m；0.15m，0.25m，0.35m，0.45m，0.55m，0.65m，0.75m，故B正確；

C．C點距A點0.4m；為減弱點其位移始終為零，故C正確；

D．D點為加強點，t=3.25s時，波Ⅱ剛傳到D點，從平衡位置向上振動，此時波Ⅰ已在D點振動了2.5s，也從平衡位置向上振動。再經0.5s，質點D經平衡位置向下振動。故D正確。

故選BCD。16、A:D【分析】【詳解】

ABD．此棱鏡相對周圍介質是光疏介質，因此光在棱鏡中的折射角大于入射角，從棱鏡中射出時，折射角小于入射角，所以出射光線向頂角方向偏轉；紫光的折射率大，則紫光的偏折程度大，即紫光從a點射出，紅光從b點射出；選項B正確，不符合題意，AD錯誤，符合題意；

C．根據光從光密介質進入光疏介質，且入射角大于臨界角時，才能發(fā)生光的全反射，光在ab面上；光從空氣進入水中，不滿足產生的條件，因此不可能發(fā)生全反射，故C正確，不符合題意。

故選AD。17、A:B【分析】【詳解】

A．醫(yī)學中的“彩超”利用的是超聲波的多普勒效應；選項A正確；

B．自然光在玻璃；水面、木質桌面等表面反射時；反射光和折射光都是偏振光，選項B正確；

C．由于光的干涉現象；白光照射下的肥皂泡是彩色的，選項C錯誤；

D．根據麥克斯韋電磁場理論，周期性變化的電場或磁場交替產生，由近及遠的向外傳播就產生電磁波，選項D錯誤。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

雙縫干涉條紋間距紅光波長長，所以用紅光的雙縫干涉條紋間距較大，即。

>．條紋間距根據數據可得根據可得．

【點睛】

雙縫干涉實驗的條紋間距公式熟記，對于從紅光到紫光的波長頻率折射率全反射臨界角等等要認清變化趨勢．【解析】＞19、略

【分析】【詳解】

由共振曲線可知：當驅動力頻率f=0.5Hz時產生共振現象，則單擺的固有頻率為：f=0.5Hz．由單擺的周期公式有：得：．

由單擺的頻率公式為：得知，當擺長增大時，單擺的固有周期增大，頻率減小，產生共振的驅動力頻率也減小，共振曲線的“峰”向左移動．【解析】1向左移動20、略

【分析】受迫振動的頻率等于驅動力的頻率；當系統(tǒng)的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統(tǒng)達到共振，振幅達最大．故甲；乙兩個單擺都做受迫振動，頻率為2f，甲擺的固有頻率與驅動力的頻率比較接近，所以甲的振幅較大.

點睛：本題應明確受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，而當驅動力的頻率等于物體的固有頻率時，物體的振動最強烈．【解析】甲2221、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]簡諧運動中；回復力隨位移的變化而變化，是變力，所以簡諧運動是非勻變速運動。故錯。

(2)[2]簡諧運動的圖像描述的是質點的位移隨時間變化的規(guī)律，不是振動質點的軌跡，故錯?！窘馕觥垮e錯22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]振幅A：振動