2025年新科版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新科版選修3物理上冊階段測試試卷864考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示為一陰極射線管，接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線，若要加一磁場使熒光屏上的亮線向上（z軸正方向）偏轉；則所加磁場方向為（）

A.沿z軸正方向B.沿z軸負方向C.沿y軸正方向D.沿y軸負方向2、在同位素氫、氘，氚的核內具有相同的（）A.核子數(shù)B.電子數(shù)C.中子數(shù)D.質子數(shù)3、江河、湖、海、濕地、森林和草原等在調節(jié)水平衡中發(fā)揮著重要作用。關于地球水循環(huán)，下列說法正確的是（）A.地表水和海水放出熱量后，汽化成水蒸氣B.部分上升的水蒸氣與冷空氣接觸，會液化成小水滴C.小水滴遇到更冷的氣流時吸收熱量，凝華成小冰珠D.小冰珠在降落過程中放出熱量，熔化成雨水4、下列四幅圖的有關說法中正確的是（）A.分子間距小于范圍內，隨分子間距離減小，分子勢能先減小后增大B.水面上的單分子油膜，在測量分子直徑d大小時可把分子當做球形處理C.食鹽中的鈉、氯離子按一定規(guī)律分布，具有各向同性，所以食鹽屬于非晶體D.猛推木質推桿，密閉的氣體可看做是絕熱變化，氣體對外做功，內能增大溫度升高5、利用如圖所示的實驗裝置可以測量磁感應強度B，用絕緣輕質絲線把底部長為L、電阻為R，質量為m的““?”型線框固定在力敏傳感器的掛鉤上，并用輕質導線連接線框與電源，導線的電阻忽略不計．當外界拉力F作用于力敏傳感器的掛鉤上時，數(shù)字電壓表會有示數(shù)U，且數(shù)字電壓表上的示數(shù)U與所加拉力F成正比，即U=KF，式中K為比例系數(shù)．當線框接入恒定電壓為E1時，電壓表的示數(shù)為U1；接入恒定電壓為E2時（電流方向不變），電壓表示數(shù)為U2．則磁感應強度B的大小為（）

A.B=B.B=C.B=D.B=6、如圖所示的交流電路中，燈L1、L2和L3均發(fā)光；如果保持交變電源兩端電壓的有效值不變，但頻率減小，各燈的亮；暗變化情況為。

A.燈L1、L2均變亮，燈L3變暗B.燈L1、L2、L3均變暗C.燈L1不變，燈L2變暗，燈L3變亮D.燈L1不變，燈L2變亮，燈L3變暗7、如圖所示，厚度均勻的矩形金屬塊棱長ab＝10cm，bc＝5cm，其左、右兩端面為正方形．當將A與B接入電壓為U的電路中時，電流為1A；若將C與D接入同一電路中；則電流為()

A.4AB.2AC.0.25AD.0.5A評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、一定質量的理想氣體經(jīng)過一系列過程；如圖所示，下列說法中正確的是（）

A.a→b過程中，氣體體積增大，壓強減小B.b→c過程中，氣體壓強不變，體積增大C.c→a過程中，氣體壓強增大，體積變小D.c→a過程中，氣體內能增大，體積不變9、如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab到達狀態(tài)b，再經(jīng)過等溫過程地bc到達狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過程ab回到狀態(tài)a。下列說法正確的是（）

A.在過程ab中氣體的內能增加B.在過程ca中氣體的內能不變C.在過程ab中氣體對外界做功D.在過程bc中氣體從外界吸收熱量10、如圖甲所示是湯姆孫的原子模型，他認為原子是一個球體，正電荷彌漫性地分布在整個球體內，電子鑲嵌在其中。甲圖中的小圓點代表正電荷，大圓點代表電子。湯姆孫的原子模型無法解釋粒子散射實驗。如圖乙所示是盧瑟福為解釋粒子散射實驗假設的情景：占原子質量絕大部分的帶正電的那部分物質應集中在很小的空間范圍。下列說法中正確的是（）

A.粒子質量遠大于電子質量，電子對粒子速度的影響可以忽略B.入射方向的延長線越接近原子核的粒子發(fā)生散射時的偏轉角越大C.由不同元素對粒子散射的實驗數(shù)據(jù)可以確定各種元素原子核的質量D.由粒子散射的實驗數(shù)據(jù)可以估計出原子核半徑的數(shù)量級是11、如圖所示，A、B為兩塊平行金屬板，板長為l，兩板間的距離為d，且B板接地，A板的電勢U可隨時間發(fā)生突變，質量為m，電量為q的帶正電的粒子，從A板的邊緣貼近A板以平行于A板的初速度射入兩板間的空間中，這時經(jīng)過一段時間突變?yōu)樵俳?jīng)過一段時間又突變?yōu)樵俳?jīng)過一段時間粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，已知粒子在運動過程中非常接近B板但恰好沒與B板接觸，不計重力，則（）

A.B.C.D.12、如圖所示，平行板電容器兩極板接在電壓恒為U的直流電源上，上極板A接地，兩個帶正電的點電荷被固定于極板間的P、Q兩點，忽略兩點電荷對板間電場的影響，現(xiàn)將平行板電容器的下極板B豎直向下移動一小段距離；則()

A.B.C.D.13、一簡諧橫波在介質中沿x軸正方向傳播；t=0時刻的波形如圖甲所示，此時x=4m的質點剛開始振動，P；Q是波上的兩個質點，圖乙是波上某一質點的振動圖象，下列說法正確的是___________

A.t=0時刻質點Q的速度比質點P的速度大B.圖乙表示質點P的振動圖象C.經(jīng)過質點Q通過的路程為100cmE.t=0.125s時，x=2.5m處的質點處在平衡位置E.t=0.125s時，x=2.5m處的質點處在平衡位置14、如圖所示，有兩個相互平行間距為L的金屬導軌PQ和MN，磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直導軌向上(圖中沒有畫出)，導軌與水平面所成夾角為θ=30°，在P和M間接有電阻R，金屬棒CD垂直接在金屬導軌上，金屬棒質量為m，電阻為r．金屬導軌電阻不計．已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)為重力加速度大小為g；導軌足夠長，下列說法正確的是。

A.若給金屬棒一個沿導軌向上、大小為F=2mg的恒力，金屬棒從靜止開始運動位移x時達到最大速度，則此過程金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為B.若給金屬棒一個沿導軌向下的速度，使金屬棒獲得的初動能為Ek0，運動位移x時動能減小為初動能的則金屬棒沿導軌向下運動的最大位移為C.若給金屬棒一個沿導軌向下的速度，在金屬棒沿導軌向下運動的過程中動能的減少量等于回路產(chǎn)生的焦耳熱D.在金屬棒沿導軌向下運動位移為的過程中，通過金屬棒的電荷量為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示的電路中，E、r、R1已知，可變電阻R2的最大值

（1）當R2=______時，R1的電功率P1有最大值，最大值為______；

（2）當R2=______時，R2的電功率P2有最大值，最大值為______；

（3）當R2=______時，電源功率PE有最大值，最大值為______；

（4）當R2=______時，電源內部消耗的功率有最小值，最小值為______

（5）當R2=______時，電源輸出功率P出有最大值，最大值為______16、如圖所示，在勻強電場中的兩點距離為兩點間的電勢差為連線與場強方向成角，則此電場的電場強度__________．

17、熱平衡定律：如果兩個系統(tǒng)分別與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定處于_______。18、在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實驗中，封閉的空氣如圖所示，形管粗細均勻，右端開口，已知外界大氣壓為水銀柱高；圖中給出了氣體的兩個不同的狀態(tài)。

(1)實驗時甲圖氣體的壓強為___________乙圖氣體壓強為___________

(2)實驗時某同學認為形管的橫截面積可不用測量，這一觀點正確嗎？___________（選填“正確”或“錯誤”）。

(3)數(shù)據(jù)測量完后在用圖像法處理數(shù)據(jù)時，某同學以壓強為縱坐標，以體積（或空氣柱長度）為橫坐標來作圖，你認為他這樣做能方便地看出與間的反比關系嗎？___________（選填“能”或“不能”）。19、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減??；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm20、用內阻為的電壓表和內阻為的電流表測電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數(shù)都是60V，電流表的示數(shù)都是則的測量值為______真實值是______的測量值為______真實值是______用伏安法測電阻應采用電流表______較好”外接法”或”內接法”

21、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質構成的半球殼的內外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。22、如圖所示，在以O點為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內，在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場，a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的3點，其中∠aob=∠boc=600，一束質量為m，電量為e而速率不同的電子從a點沿ao方向射人磁場區(qū)域，其中從bc兩點的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子，其速率取值范圍是______．23、如圖甲所示，100匝的圓形線圈面積為1m2，與水平放置的平行板電容器連接，電容器兩板間距離10cm．圓形線圈內有垂直于圓平面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示（B取向里為正），圓形線圈中感應電動勢大小為______V；剛開始對電容器充電時圓形線圈中感應電流的方向為______（填“順時針”或“逆時針”）；穩(wěn)定后，質量10g的帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，粒子的電荷量大小為______C．g取10m/s2．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共3題，共30分)27、如圖所示，一圓柱形絕熱氣缸豎直固定放置，通過絕熱活塞封閉著一定質量的理想氣體。活塞和直桿連成一體，直桿長度開始時直桿下端壓在氣缸底部，此時缸內氣體的壓強與缸外大氣壓相等。缸內氣體的溫度現(xiàn)通過電熱絲（體積可忽略）緩慢加熱氣體。當缸內氣體的溫度到達時，直桿剛好脫離氣缸底部即將上升。繼續(xù)緩慢加熱氣體使其溫度到達活塞緩慢上升到與容器底部相距處。已知大氣壓活塞圓形面積取重力加速度不計活塞與氣缸壁間的摩擦。求：

①活塞連同直桿的總質量；

②直桿的體積。

28、如圖所示，無限長金屬導軌EF、PQ固定在傾角為θ=37°的絕緣斜面上，軌道間距L=1m，底部接入一阻值為R=0.06Ω的定值電阻，上端開口．垂直斜面向上的勻強磁場的磁感應強度B=2T．一質量為m=2kg的金屬棒ab與導軌接觸良好，ab與導軌間動摩擦因數(shù)μ=0.5，ab連入導軌間的電阻r=0.04Ω，電路中其余電阻不計．現(xiàn)用一質量為M=6kg的物體通過一不可伸長的輕質細繩繞過光滑的定滑輪與棒ab相連．由靜止釋放M，當t=1s時閉合開關S，ab棒減速．當M下落距離H=5m時，ab棒開始勻速運動．已知，運動中ab始終垂直導軌，并接觸良好，不計空氣阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2．求：

（1）ab棒勻速運動速度v大??；

（2）從ab開始運動至開始勻速的這段時間內，電阻R上產(chǎn)生的熱量；

（3）運動過程中ab棒最大加速度？29、如圖所示，在光滑的水平面上有的長木板，在其右端放一個質量可視為質點的物體B，長木板的左上端恰與一個固定在豎直面內半徑的光滑圓弧底端平齊，現(xiàn)將一個質量可視為質點的物體A從圓弧最高點由靜止滑下．已知物體A與長木板間的動摩擦因數(shù)為物體B與長木板間的動摩擦因數(shù)為當物體A剛滑上長木板時對物體B施加一大小為Ⅰ方向向左的瞬時沖量，結果兩物體在長木板上恰好不相撞．取求：

全程因摩擦而產(chǎn)生的熱量；

長木板的長度．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

電子射線由陰極沿x軸方向射出；形成的亮線向上（z軸正方向）偏轉，說明電子受到的洛倫茲力方向向上，根據(jù)左手定則判斷分析，選擇可行的磁場方向．

【詳解】

電子受到的洛倫茲力方向沿z軸正方向；亮線向上偏轉，根據(jù)左手定則，且由于電子帶負電，則加一沿y軸負方向的磁場，故D正確，ABC錯誤．故選D．

【點睛】

本題考查電偏轉與磁偏轉方向判斷的能力，負電荷運動的方向與電流方向相反，洛倫茲力方向由左手定則判斷，同時要將左手定則與右手定則的區(qū)別開來．2、D【分析】【詳解】

在同位素氫、氘，氚的核內具有相同的質子數(shù)，但是中子數(shù)不同，核子數(shù)不同，選項D正確，ABC錯誤；故選D.3、B【分析】【詳解】

A．地表水和海水吸熱后才能汽化為水蒸氣；故A錯誤；

B．部分上升的水蒸氣與冷空氣接觸；由氣態(tài)的水蒸氣變成液態(tài)的水，發(fā)生液化現(xiàn)象，故B正確；

C．小水滴遇到更寒冷的氣流；放出熱量，由液態(tài)的小水滴變成固態(tài)的小冰晶，是凝固現(xiàn)象，故C錯誤；

D．小冰珠在降落過程中會吸收熱量；由固態(tài)熔化成雨水，故D錯誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間距小于范圍內；分子力表現(xiàn)為斥力，隨著距離減小，分子力做負功，則分子勢能一直增大，故A錯誤；

B．水面上的單分子油膜，在測量油膜分子直徑d大小時把它們當作球形處理；故B正確；

C．食鹽中的鈉；氯離子按一定規(guī)律分布；具有各向同性，食鹽屬于晶體，故C錯誤；

D．猛推木質推桿；密閉的氣體可看做是絕熱變化，外界對氣體做功，內能增大溫度升高，故D錯誤。

故選B。5、C【分析】【詳解】

試題分析：當線框中電流為I時；力敏傳感器的掛鉤受到的拉力會發(fā)生變化，由于電流分析不定，拉力可能增大可能減小，根據(jù)安培力公式和數(shù)字電壓表上的讀數(shù)U與所加外力F的關系列方程解決。

解：當通上電流后，對線框受力分析得出F=mg+BIL，由于數(shù)字電壓表上的讀數(shù)U與所加外力成正比，即U=KF，式中K為比例系數(shù)，有△U=KB△IL=KB（I1﹣I2）L，即U1﹣U2=KB（）L，整理得：B=

故C正確．

故選C

【點評】考查學生在新情境中應用所學知識的能力，注意抽取有效的信息，注意電流方向的不確定6、D【分析】【詳解】

輸入電壓頻率減小，對電阻R沒影響，燈L1亮度不變；電感線圈特點是通低頻阻高頻，燈L2的亮度變亮．電容器的特點是通高頻阻低頻，燈L3變暗一些；故選D.

點睛：對于電容和電感的特性可以利用感抗和容抗公式記憶：XL=2πfL，XC=L是電感，C是電容，f是頻率.7、A【分析】【詳解】

設沿AB方向的橫截面積為S1，沿CD方向的橫截面積為S2，則：

A、B接入電路中時的電阻為R1，C、D接入電路中時的電阻為R2，由電阻定律可得：

兩種情況下電流之比為：

故：I2＝4I1＝4A；

A．4A，故A符合題意；

B．2A；故B不符合題意；

C．A，故C不符合題意；

D．A；故D不符合題意。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)8、A:D【分析】【詳解】

A．a(chǎn)→b過程中；氣體溫度不變，壓強減小，根據(jù)。

可知體積增大；故A正確；

B．b→c過程中；氣體壓強不變，溫度降低，根。

則體積減?。还蔅錯誤；

C．c→a過程中，氣體壓強增大，溫度升高，氣體內能增大，因p－T線是過原點的直線；故氣體的體積不變，故C錯誤；

D．c→a過程中，氣體壓強增大，溫度升高，氣體內能增大，因p－T線是過原點的直線；故氣體的體積不變，故D正確。

故選AD。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AC．從a到b等容升壓，氣體不對外做功，外界也不對氣體做功；根據(jù)可知溫度升高，一定質量的理想氣體內能決定于氣體的溫度，溫度升高，則內能增加，選項A正確，C錯誤；

B．在過程ca中壓強不變，體積減小，根據(jù)可知溫度降低；則內能減小，B錯誤；

D．在過程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對外做功，而氣體的溫度不變，則內能不變；根據(jù)熱力學第一定律可知；氣體從外界吸收熱量，選項D正確。

故選AD。10、A:B:D【分析】【詳解】

A.粒子質量遠大于電子質量，電子對粒子速度的影響可以忽略；故A正確；

B.入射方向的延長線越接近原子核的粒子；所受庫侖力就越大，發(fā)生散射時的偏轉角越大，故B正確；

C.粒子散射類似于碰撞；根據(jù)實驗數(shù)據(jù)無法確定各種元素原子核的質量，故C錯誤；

D.由粒子散射的實驗數(shù)據(jù)可以估計出原子核半徑的數(shù)量級是故D正確。

故選ABD。11、A:B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意，由牛頓第二定律可知，運動過程中加速度大小恒為

故要使得粒子又貼近A板且沿平行于A板的方向從A板的另一邊緣處以速度射出兩極板的空間，則運動過程為，在沿電場方向上，經(jīng)過時間加速后，再經(jīng)時間速度恰好為零，此時粒子非常接近B板但恰好沒與B板接觸，即粒子發(fā)生的位移為d，此后時間向上加速，之后經(jīng)時間電場方向上的速度又減小到零，根據(jù)對稱性可知

粒子在水平方向上從始至終做初速度為的勻速直線運動，故有

聯(lián)立解得

故AB正確；

CD．因為粒子在兩極板間豎直方向上先做初速度為零的勻加速直線運動，然后又做加速度大小相同的勻減速直線運動，到了非常接近B板但恰好沒與B板接觸的位置后電場方向上的速度恰好為零，根據(jù)逆向思維，勻減速到零的運動可看做初速度為零的勻加速運動，故

解得

故C錯誤D正確。

故選ABD。12、B:C【分析】【詳解】

A.由庫侖定律可知；兩點電荷之間的庫侖力不變，A項不符合題意；

B.電容器保持與電源連接，兩極板間電勢差不變，B板下移，兩極板間距離增大，由電場強度與電勢差的關系可知，極板間電場強度減小，由可知，P、Q兩點與A板間電勢差的絕對值減小，但由于不確定兩極板間電場方向，所以P、Q兩點電勢的升降無法確定；B項符合題意；

C.電勢升降無法確定；則兩點電荷在相應位置的電勢能的變化情況也就無法確定，C項符合題意；

D.由電容的決定式可知，電容器的電容減小，由可知，極板帶電荷量減小，D項不符合題意．13、B:D:E【分析】【詳解】

A項：由圖甲可知，P在平衡位置，Q在平衡位置下方，故t=0時刻質點Q的速度比質點P的速度?。还蔄錯誤；

B項：圖乙可知，t=0是位移為零，結合圖甲可知圖乙表示質點P的振動圖象；故B正確；

C項：由圖乙可知，t=0時，P點向下振動，根據(jù)“上下坡”法可知波x軸正向傳播，t=0時Q點向上振動，經(jīng)過質點Q通過的路程大于5A=5×20cm=100cm；故C錯誤；

D項：波傳到x=11m出用時：t=0.5s時，x=11m處質點振動了△t=0.5-0.35s=0.15s；故D正確；

E項：t=0時；x=2.5m處質點在平衡位置上方，且向下振動。

相當于波源恰好傳到此處，故t=0.125s時，x=2.5m處的質點處在平衡位置，故E正確．14、B:C【分析】【詳解】

若給金屬棒一個沿導軌向上、大小為F=2mg的恒力；金屬桿達到最大速度時滿足：

解得

由動能定理：

解得：

則整個回路的焦耳熱為Q=W安；金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為：

解得

故A錯誤；

若給金屬棒一個沿導軌向下的速度，使金屬棒獲得的初動能為Ek0，運動位移x時動能減小為Ek0，因

則由動量定理：

其中

聯(lián)立可得：設下滑的最大距離為xm，則由動量定理：其中聯(lián)立解得：由兩式可得選項B正確；若給金屬棒一個沿導軌向下的速度，由能量關系可知，在金屬棒沿導軌向下運動的過程中動能的減少量等于重力功、摩擦力的功以及安培力的功之和，因重力做的正功等于摩擦力做的負功，克服安培力的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱，則動能的減少量等于回路產(chǎn)生的焦耳熱，選項C正確；在金屬棒沿導軌向下運動位移為x的過程中，通過金屬棒的電荷量為選項D錯誤.三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]當

時，R1的電功率有最大值，為

（2）[3][4]當

時，有

（3）[5][6]當

時，有

（4）[7][8]當

時，有

（5）[9][10]當

時，有

【點睛】

本題考查電路中的定值電阻電功率、可變電阻電功率、電源內阻電功率、電源輸出功率的計算，注意各種電功率的處理方法?！窘馕觥?0R2max16、略

【分析】【分析】

由圖可明確AB沿電場線上的距離，再根據(jù)勻強電場的電場強度公式求出場強的大?。?/p>

【詳解】

由得：即電場強度為500V/m．

【點睛】

本題考查勻強電場中電場強度和電勢差之間的關系，要注意明確公式中的d為沿電場線方向上的距離．【解析】500V/m;17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】熱平衡18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]題圖甲中氣體壓強為圖乙中氣體壓強為

(2)[3]由玻意耳定律

即（為空氣柱長度）

知，形管的橫截面積可不用測量；

(3)[4]以為縱坐標，以為橫坐標，作出圖線是一條曲線，但曲線未必表示反比關系，所以應作出圖線，看是否為過原點的直線，才能最終確定與是否成反比。【解析】①.76②.80③.正確④.不能19、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．20、略

【分析】【分析】

求電阻的真實值時，應考慮電表內阻的影響，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可．伏安法測電阻內外接法的選擇方法是：當滿足時，電流表應用外接法，滿足時；電流表應用內接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測量值：真實值為：乙圖中：電阻測量值為：真實值為：比較它們的絕對誤差可知，伏安法測時，采用內接法測量誤差較小，所以電流表應用內接法較好．【解析】300290300333內接法21、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】22、略

【分析】電子運動軌跡如圖所示，由幾何知識可知，電子軌道半徑：電子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得解得將軌道半徑代入解得，速度范圍是

【解析】23、略

【分析】【詳解】

第一空．根據(jù)法拉第電磁感應定律從圖乙可知聯(lián)立解得：．

第二空．根據(jù)楞次定律可知；磁通量向里增加，感應電流磁場向外，根據(jù)右手定則判斷感應電流為逆時針方向．

第三空．帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，根據(jù)平衡條件有通過以上分析板間電壓為100V，板間場強與電壓關系：聯(lián)立解得：．【解析】100逆時針1×10-4四、作圖題(共3題，共6分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉