2025年蘇科新版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、以下關(guān)于電場的說法錯誤的是（）

A.電荷間的相互作用力是通過電場而產(chǎn)生的。

B.電場是一種物質(zhì)；它與其它物質(zhì)一樣，是客觀存在的東西。

C.電場最基本的性質(zhì)是對處在它當(dāng)中的電荷有力的作用。

D.描述電場的電場線是客觀存在的。

2、質(zhì)量相等的氫氣和氧氣，溫度相同，不考慮分子間的勢能，則（）A.氧氣的內(nèi)能較大B.氫氣的內(nèi)能較大C.兩者內(nèi)能相等D.氫氣分子的平均動能較大3、普通交流電流表不能直接接在高壓輸電線路上測量電流，通常要通過電流互感器來連接。圖中電流互感器ab一側(cè)線圈的匝數(shù)較少，工作電流為Iab，cd一側(cè)線圈的匝數(shù)較多，工作電流為Icd，為使電流表能正常工作，則A.ab接PQ、cd接MN，Iab＜IcdB.ab接PQ、cd接MN，Iab＞IcdC.ab接MN、cd接PQ，Iab＜IcdD.ab接MN、cd接PQ，Iab＞Icd4、將一束塑料包扎帶一端打結(jié)，另一端撕成細(xì)條后，用手迅速捋細(xì)條，觀察到細(xì)條散開了.

如圖所示，下列關(guān)于細(xì)條散開現(xiàn)象的分析中，正確的是()

A.撕成細(xì)條后，由于空氣浮力作用使細(xì)條散開B.撕成細(xì)條后，所受重力減小，細(xì)條自然松散C.由于摩擦起電，細(xì)條帶同種電荷，相互排斥散開D.細(xì)條之間相互感應(yīng)起電，相互排斥散開5、如圖所示；絕緣光滑半圓軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E，在與環(huán)心等高處放有一質(zhì)量為m；電荷量為+q的小球，由靜止開始沿軌道運動，下列說法正確的是（）

A.小球在運動過程中機(jī)械能守恒。

B.小球經(jīng)過最低點時速度最大。

C.小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力等于（qE+mg）

D.小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力大于（qE+mg）

6、宇宙中兩個星球可以組成雙星，它們只在相互間的萬有引力作用下，繞球心連線的某點做周期相同的勻速圓周運動．根據(jù)宇宙大爆炸理論，雙星間的距離在不斷緩慢增加，設(shè)雙星仍做勻速圓周運動，則下列說法錯誤的是()A.雙星相互間的萬有引力減小B.雙星圓周運動的角速度增大C.雙星圓周運動的周期增大D.雙星圓周運動的半徑增大7、如圖所示有理想邊界的兩個勻強磁場，磁感應(yīng)強度均為B=0.5T，兩邊界間距s=0.1m，一邊長L=0.2m的正方形線框abcd由粗細(xì)均勻的電阻絲圍成，總電阻為R=0.4Ω，現(xiàn)使線框以v=2m/s的速度從位置Ⅰ勻速運動到位置Ⅱ，則下列能正確反映整個過程中線框a、b兩點間的電勢差Uab隨時間t變化的圖線是（）A.B.C.D.8、某有機(jī)物的結(jié)構(gòu)簡式如圖：它可以發(fā)生的反應(yīng)類型有rm{(a)}取代rm{(b)}加成rm{(c)}消去rm{(d)}酯化rm{(e)}水解rm{(f)}中和rm{(g)}縮聚rm{(h)}加聚A.rm{(a)(c)(d)(f)}B.rm{(b)(e)(f)(h)}C.rm{(a)(b)(c)(d)}D.除rm{(e)(h)}評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、如圖所示，在磁感應(yīng)強度B為0.4T的勻強磁場中，讓長為0.2m的導(dǎo)體ab在金屬框上以6m/s的速度向右移動，此時ab中感應(yīng)電動勢的大小等于____V，如果R1=6Ω，R2=3Ω，其它部分的電阻不計，則通過ab的電流大小為____A．

10、熱敏電阻的阻值隨溫度變化的圖線如圖甲，由熱敏電阻R1作為傳感器制作的自動報警器電路圖如圖乙，為了使溫度過高時報警器鈴響，c應(yīng)與______（填“a”或“b”）連接；若使報警的最低溫度提高些，應(yīng)將P點向______（填“左”或“右”）移動．11、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．______．（判斷對錯）12、某同學(xué)設(shè)計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗；在小車A的前端粘有橡皮泥，設(shè)法使小車A做勻速直線運動，然后與原來靜止的小車B相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速運動，設(shè)計如圖1所示：

在小車A的后面連著紙帶；電磁打點計時器的頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

(1)若已得到打點紙帶如圖2所示；并測得各計數(shù)點間的距離，在圖上標(biāo)出A為運動起始的點，則應(yīng)選____________段來計算A碰前的速度，應(yīng)選____________段來計算A和B碰后的共同速度．

(2)已測得小車A的質(zhì)量mA=0.4kg，小車B的質(zhì)量mB=0.20kg；則由以上結(jié)果可得碰前總動量=____________kg?m/s，碰后總動量=____________kg?m/s．

13、如圖所示，空間同時存在水平向右的勻強電場和方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B

的勻強磁場。質(zhì)量為m

電量為q

的液滴，以某一速度沿與水平方向成婁脠=450

角斜向上進(jìn)入正交的勻強電場和勻強磁場疊加區(qū)域，液滴從M

點勻速運動到N

點。重力加速度為g

(1)

判定液滴帶的是____________(

選填正電或負(fù)電)

(2)

勻強電場的場強E

的大小為____________；(3)

液滴勻速運動的速度大小為____________。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共20分)20、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、實驗探究題(共4題，共32分)22、欲用伏安法測定一段阻值為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻；要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確并且電壓從0開始調(diào)節(jié)，備有以下器材：

A．電池組（3V；1Ω）

B．電流表（0-3A；0.0125Ω）

C．電流表（0-0.6A；0.125Ω）

D．電壓表（0～3V；3kΩ）

E．電壓表（0～15V；15kΩ）

F．滑動變阻器（0～20Ω；1A）

G．滑動變阻器（0～200Ω；0.3A）

H．開關(guān)；導(dǎo)線。

（1）上述器材中應(yīng)選用的是______．

（2）實驗電路應(yīng)采用電流表______接法（填“內(nèi)”或“外”）．

（3）在方框中畫出實驗電路圖．23、某同學(xué)在做測金屬絲電阻率的實驗中；取一根粗細(xì)均勻的；長度為L的康銅絲，先用螺旋測微器測出康銅絲的直徑d；然后由伏安法測出康銅絲的電阻；最后求出康銅絲的電阻率．

（1）測康銅絲的直徑時螺旋測微器的示數(shù)如圖甲所示，可知康銅絲的直徑d=______mm．

（2）圖乙是測量康銅絲電阻的原理圖；根據(jù)原理圖在圖丙所示的實物圖中畫出連線．

（3）利用上面的電路圖測出的電阻值比真實值______（填“偏大”或“偏小”），這種誤差叫作______誤差（填“偶然”或“系統(tǒng)”）．

（4）若調(diào)節(jié)滑動變阻器，通過多次測量求平均值的方法得到康銅絲的電阻值為R，請寫出求康銅絲的電阻率的表達(dá)式為______（用L、d、R等已知字母表示）．24、如圖所示，用半徑相同的兩小球AB

的碰撞驗證動量守恒定律，斜槽與水平槽圓滑連接，實驗時先不放B

球，使A

球從斜槽上某一固定點C

由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡，再把B

球靜置于水平槽前端邊緣處，讓A

球仍從C

處由靜止?jié)L下，A

球和B

球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡，記錄紙上的O

點是重垂線所指的位置，若測得各落點痕跡到O

的距離：OM=2.68cmOP=8.62cmON=11.50cm

并知兩球的質(zhì)量分別為m1=10g

與m2=20g

試分析回答下列問題：(1)

下列說法中正確的是：()

A、入射球A

為m1=10g

的小球B、入射球A

為m2=20g

的小球C、斜槽應(yīng)保證光滑，若有摩擦則實驗必定失敗D、斜槽軌道末端應(yīng)調(diào)節(jié)水平(2)

未放B

球時A

球落地點是記錄紙上的____________點，若動量守恒，則應(yīng)成立的表達(dá)式為(

用題中所測各物理量的符號表示)

________；(3)

系統(tǒng)碰撞前總動量P

與碰撞后總動量P隆盲

的百分誤差|P鈭?P鈥?|/P=

________________%(

結(jié)果保留一位有效數(shù)字)

25、在“用單分子油膜估測分子大小”實驗中；

(1)

某同學(xué)操作步驟如下：

壟脵

取一定量的無水酒精和油酸；制成一定濃度的油酸酒精溶液；

壟脷

在量筒中滴入一滴該溶液；測出它的體積；

壟脹

在蒸發(fā)皿內(nèi)盛一定量的水；再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散開穩(wěn)定；

壟脺

在蒸發(fā)皿上覆蓋透明玻璃；描出油膜形狀，用透明方格紙測量油膜的面積．

改正其中的錯誤：(

有兩處)

______；______

(2)

若油酸酒精溶液體積濃度為0.10%

一滴溶液的體積為4.8隆脕10鈭?3cm3

其形成的油膜面積為40cm2

則估測出油酸分子的直徑為______m.(

保留1

位有效數(shù)字)

評卷人得分六、綜合題(共2題，共6分)26、(1)(1)質(zhì)量為mm帶電量為qq的小球，從傾角為婁脠婁脠的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個斜面置于方向水平向外的勻強磁場中，其磁感應(yīng)強度為BB如圖所示。若帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，下面說法中正確的是(())壟脵

小球帶正電壟脷

小球在斜面上運動時做勻加速直線運動壟脹

小球在斜面上運動時做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運動壟脺

則小球在斜面上下滑過程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率為mgcos婁脠/Bq

(2)

如圖所示，電源電動勢E=9V

內(nèi)電阻r=0.5婁賂

電阻R1=5.0婁賂R2=3.5婁賂R3=6.0婁賂R4=3.0婁賂

電容C=2.0婁脤F.

當(dāng)電鍵K

由與a

接觸到與b

接觸通過R3

的電量是多少？27、【物理隆陋隆陋

選修3鈭?3

】(1)

下列說法正確的是____。A.布朗運動就是液體分子的熱運動B.物體溫度升高，并不表示物體內(nèi)所有分子的動能都增大C.內(nèi)能可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其他變化D.分子間距等于分子間平衡距離時，分子勢能最小E.一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行(2)

一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了如圖所示的狀態(tài)變化。問：(1)

已知從A

到B

的過程中，氣體的內(nèi)能減少了300J

則從A

到B

氣體吸收或放出的熱量是多少；(2)

試判斷氣體在狀態(tài)B

、C

的溫度是否相同。如果知道氣體在狀態(tài)C

時的溫度T

C=300K

則氣體在狀態(tài)A

時的溫度為多少。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

A；電荷間相互作用是通過電場相互作用的．故A正確。

B；電場這種物質(zhì)與通常的實物不同；它不是由分子原子所組成，但它是不依賴于我們的感覺而客觀存在的，故B正確。

C；電場的力的性質(zhì)表現(xiàn)為；電場對放入其中的電荷有作用力，這種力稱為電場力，故C正確。

D；電場線是為了直觀形象地描述電場分布；在電場中引入的一些假想的曲線，故D錯誤；

本題選錯誤的故選D．

【解析】【答案】電場是實際存在的一種物質(zhì)；看不見也摸不著．為了形象地描述電場引入電場線，電場線不存在．電荷間的相互作用是通過電場而相互作用的．

2、B【分析】【解析】試題分析：內(nèi)能是指物體內(nèi)所有分子的動能和分子勢能之和，這里分子勢能為零，溫度相同，分子平均動能相同，但相同質(zhì)量，氫氣的分子數(shù)較多，故氫氣的內(nèi)能較大，B選項正確?？键c：分子內(nèi)能【解析】【答案】B3、D【分析】試題分析：據(jù)題意，高壓線中電流較大，不能用普通電流表測量其電流，一般用電流互感器進(jìn)行測量其電流大小，據(jù)變壓器中電流與匝數(shù)成反比可知，變壓器中匝數(shù)較多一邊電流較小，所以ab接MN而cd接PQ，且經(jīng)過該電流互感器后，通過電流表的電流小于高壓線上的電流，所以ab上的電流大于cd上的電流，故選項D正確。考點：本題考查互感器原理?！窘馕觥俊敬鸢浮緿4、C【分析】【分析】壟脵

摩擦起電現(xiàn)象普遍存在；任何物體摩擦都可以起電；

壟脷

電荷間的相互作用規(guī)律是：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。本題考查了摩擦起電現(xiàn)象和電荷間的相互作用規(guī)律在生活中的應(yīng)用，難度不大?！窘獯稹磕Σ疗痣姮F(xiàn)象普遍存在，任何物體摩擦都可以起電；電荷間的相互作用規(guī)律是：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。塑料捆扎繩與手摩擦帶電；塑料捆扎繩上帶的是同種電荷，同種電荷相互排斥，所以塑料繩會向四周散開，捋的次數(shù)越多，塑料繩帶電越多，排斥力越多，下端散開的就越大，故A、B

D錯誤，C正確。故選C?！窘馕觥緾

5、B|D【分析】

A；物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功；小球在運動的過程中還有電場力對求做功，所以機(jī)械能不守恒，故A錯誤；

B；小球向下運動到軌道最低點的過程中；重力和電場力對小球都做正功，根據(jù)動能定理可以知道，小球在軌道最低點時速度最大，所以B正確；

C、D、對小球由動能定理可得，（mg+qE）R=mv2，在最低點時，由向心力的公式可得，N-mg-qE=m聯(lián)立以上兩個方程可得N=3（mg+qE），由牛頓第三定律可知，小球在最低點對軌道的壓力為3（mg+qE），所以C錯誤，D正確；

故選BD．

【解析】【答案】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功；分析物體的受力的情況后根據(jù)機(jī)械能守恒的條件判斷物體是否是機(jī)械能守恒；小球向下運動的過程中，不僅是重力做功，還有電場力做功，由功和能的關(guān)系，可以判斷速度的變化，小球做的是圓周運動，由向心力的公式可以分析球與軌道的作用力．

6、B【分析】距離增大萬有引力減小，A正確；由m1r1ω2＝m2r2ω2及r1＋r2＝r，得r1＝r2＝可知D正確．F＝G＝m1r1ω2＝m2r2ω2，r增大F減小，r1增大，故ω減小，B錯；由T＝知C正確【解析】【答案】B7、A【分析】解：t在0-5×10-2s內(nèi)，ab切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源，由楞次定律判斷知感應(yīng)電流方向沿順時針方向，則a的電勢高于b的電勢，Uab為正．

則ab兩端電勢差Uab===×0.5×0.2×2V=15×10-2V；

t在5×10-2s-10×10-2s內(nèi)，cd邊進(jìn)入磁場Ⅱ后，cd邊和ab都切割磁感線，都產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，線框中感應(yīng)電流為零，由右手定則判斷可知，a的電勢高于b的電勢，Uab為正，所以Uab=E=BLv=0.5×0.2×2V=0.20V=20×10-2V

t在10×10-2s-15×10-2s內(nèi)，ab邊穿出磁場后，只有cd邊切割磁感線，由右手定則知，a點的電勢高于b的電勢，Uab為正．

Uab==BLv=0.5×0.2×2V=5×10-2V，故整個過程中線框a、b兩點的電勢差Uab隨時間t變化的圖線如圖A所示．故A正確．

故選：A．

根據(jù)公式E=BLv求出電路中的感應(yīng)電動勢，再得到ab兩端電勢差Uab大小．由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，確定Uab的正負(fù)．

對于電磁感應(yīng)中圖象問題，往往先根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，先定性判斷，再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律等等規(guī)律得到數(shù)據(jù)或解析式，再選擇圖象．【解析】【答案】A8、D【分析】【分析】

本題考查有機(jī)物結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，明確官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系即可解答，熟悉常見官能團(tuán)及其性質(zhì)，注意并不是所有的醇都能發(fā)生消去反應(yīng)，題目難度不大。該分子中含有酚羥基、醇羥基、羧基和苯環(huán)，具有酚、醇、羧酸和苯的性質(zhì)，據(jù)此分析解答。【解答】含有酚羥基，所以能發(fā)生取代反應(yīng)；含有醇羥基且連接醇羥基碳原子、其相鄰碳原子上含有氫原子，所以能發(fā)生消去反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)、酯化反應(yīng)；含有羧基，所以能發(fā)生中和反應(yīng)、取代反應(yīng)、酯化反應(yīng)；含有苯環(huán)而能發(fā)生加成反應(yīng)；含rm{-OH}rm{-COOH}均可發(fā)生酯化反應(yīng)、縮聚反應(yīng)；故D正確。故選D。

【解析】rm{D}二、填空題(共5題，共10分)9、略

【分析】

導(dǎo)體ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv=0.4T×0.2m×6m/s=0.48V；

ab相當(dāng)于電源，R1與R2并連接在電源兩端，通過ab的電流：

I=I1+I2=+=+=0.24A；

故答案為：0.48；0.24．

【解析】【答案】由公式E=BLv可以求出感應(yīng)電動勢的大小；

由并聯(lián)電路特點及歐姆定律可以求出通過ab的電流大小．

10、略

【分析】解：根據(jù)圖甲中曲線的趨勢可以得出；電阻隨溫度的升高而減小，因此熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，為了使溫度過高時發(fā)送報警信息，則熱敏電阻阻值最小，開關(guān)c應(yīng)該接在a處，若使報警的最低溫度提高些，應(yīng)使電路中電阻增大，則滑動變阻R應(yīng)將P點向左移動．

故答案為：a；左．

根據(jù)熱敏電阻的阻值隨溫度的變化而變化；因此使電路形成通路，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析如何使報警溫度提高．

本題考查學(xué)生對生活中半導(dǎo)體具體實例的了解情況．此外本題通過影響電阻的因素的實驗，考查學(xué)生識圖能力以及分析問題和解決問題的能力．【解析】a；左11、略

【分析】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√

分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動；物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．

本題關(guān)鍵是明確分子熱運動有統(tǒng)計規(guī)律；對于單個分子，表現(xiàn)偶然性；對大量分子，表現(xiàn)統(tǒng)計規(guī)律．【解析】√12、略

【分析】解：(1)由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE應(yīng)在碰撞之后．

推動小車由靜止開始運動；故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內(nèi)通過的位移相同，故BC段為勻速運動的階段，故選BC計算碰前的速度；

碰撞過程是一個變速運動的過程；而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選DE段來計算碰后共同的速度．

故答案為BC；DE

(2)碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則P1=m1v1=m1=0.40×=0.420kg?m/s

碰后的總動量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)=(0.40+0.20)×=0.417kg?m/s

故答案為：0.420；0.417．

故本題的答案為：(1)BCDE(2)0.4200.417【解析】BC;DE;0.42;0.41713、（1）正電

（2）

（3）【分析】【分析】(1)

對液滴受力分析，受重力、電場力和洛侖茲力，做直線運動；若合力與速度方向共線，變速運動，洛倫茲力變化，不能維持直線運動，矛盾，故一定是勻速直線運動，合力為零，從而根據(jù)左手定則確定粒子的電性；(2)(3)

液滴受力平衡，根據(jù)平衡條件并運用合成法列式求解即可。本題關(guān)鍵是結(jié)合運動情況分析受力情況，得到粒子做勻速直線運動，然后根據(jù)平衡條件并運用合成法列式求解?！窘獯稹?1)

液滴受力示意圖如圖所示因為電場力與電場強度方向同向，所以液滴帶正電；(2)

設(shè)勻強電場的電場強度為E

由圖可知Eq=mgtan婁脠

故E=mgq

(3)

設(shè)液滴運動的速度為v

由圖可知mg=qvBcos婁脠

解得v=2mgqB

【解析】(1)

正電(2)mgq

(3)2mgqB

?三、判斷題(共6題，共12分)14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共20分)20、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動21、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運動為簡諧運動五、實驗探究題(共4題，共32分)22、略

【分析】解：（1）應(yīng)用伏安法測電阻需要用到電源、電壓表、電流表、滑動變阻器、開關(guān)、導(dǎo)線，由于電源電動勢為3V，電壓表應(yīng)選D，電路最大電流約為：I===0.6A；電流表應(yīng)選擇C，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇F，故需要的實驗器材有：ACDFH；

（2）待測電阻阻值約為5Ω；電流表內(nèi)阻約為0.125Ω，電壓表內(nèi)阻約為3000Ω，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法；

（3）實驗要求：測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確并且電壓從0開始調(diào)節(jié)；則滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，電流表采用外接法，實驗電路圖如圖所示：

故答案為：（1）ACDFH；（2）外；（3）電路圖如圖所示．

（1）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表；根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器，根據(jù)伏安法測電阻原理選擇實驗器材．

（2）根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法．

（3）根據(jù)題意確定滑動變阻器的接法；然后作出電路圖．

本題考查了實驗器材的選擇、電流表接法的選擇，要掌握實驗器材的選擇原則；當(dāng)待測電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時，電流表采用內(nèi)接法，當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值時，電流表采用外接法．【解析】ACDFH；外23、略

【分析】解：（1）由圖示螺旋測微器可知；其示數(shù)為：0mm+28.1×0.01mm=0.281mm；

（2）根據(jù)圖乙所示電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示：

（3）由圖示電路圖可知；電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用所測電流偏大，由歐姆定律可知，電阻的測量值小于真實值；該誤差是由于實驗設(shè)計造成的，屬于系統(tǒng)誤差．

（4）電阻阻值：R=ρ=ρ電阻率：ρ=

故答案為：（1）0.281；（2）電路圖如圖所示；（3）偏??；系統(tǒng)；（4）．

（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)．

（2）根據(jù)電路圖連接實物電路圖．

（3）根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律分析實驗誤差；由于實驗數(shù)據(jù)導(dǎo)致的誤差是系統(tǒng)誤差．

（4）根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達(dá)式．

本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、連接電路圖、實驗誤差分析、求電阻率表達(dá)式，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀．【解析】0.281；偏小；系統(tǒng)；24、（1）BD

（2）Pm2?OP＝m2?OM＋m1?ON

（3）2【分析】【分析】(1)(1)為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；(2)A(2)A與BB相撞后，BB的速度增大，AA的速度減小，都做平拋運動，豎直高度相同，所以水平方向，BB在AA的前面；

(3)(3)小球離開水平槽后做平拋運動，它們下落的高度相同，在空中的運動時間相同，由于小球在水平方向上做勻速直線運動，小球運動時間相同，因此小球的水平位移與小球的初速度成正比，計算時可以用小球的水平位移表示小球的初速度；根據(jù)題目所給實驗數(shù)據(jù)，求出實驗的百分誤差。

本題考查碰撞試驗中的動量守恒定律，知道兩球做平拋運動的運動時間相等，小球的水平位移與水平速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的水平速度，是解決本題的關(guān)鍵?！窘獯稹?1)為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，實驗中水平槽必須保持水平，以保證小球做平拋運動，而斜槽不必光滑，故BD正確，AC錯誤。故選BD。(2)A

與B

相撞后，B

的速度增大，A

的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以P

點是沒有碰時A

球的落地點，N

是碰后B

的落地點，M

是碰后A

的落地點，小球離開水平槽后做平拋運動，它們下落的高度相同，在空中的運動時間相同，由于小球在水平方向上做勻速直線運動，小球運動時間相同，因此小球的水平位移與小球的初速度成正比，計算時可以用小球的水平位移表示小球的初速度，則動量守恒定律表達(dá)式可寫為：m2?OP=m2?OM

+m1?ON

；(3)

系統(tǒng)碰撞前總動量p

與碰撞后總動量p隆盲

的百分誤差|p鈭?p鈥?|p=|mAvA鈭?(mAvA鈭?mBvB鈥?)|mAvA=|mAOP?鈭?(mAOM?+mBON?)|mAOP?

代入數(shù)據(jù)解得百分誤差|p鈭?p鈥?|p=2攏樓

。故答案為：(1)BD

(2)P

m2?OP=m2?OM

+m1?ON

(3)2

【解析】(1)BD(1)BD(2)P(2)Pm2?OP=m2?OM

+m1?ON

(3)2(3)225、略

【分析】解：(1)

步驟壟脷壟脺

中有錯誤.

步驟壟脷

中應(yīng)滴入N

滴溶液；測出其體積，若在量筒中滴入一滴該溶液，測出它的體積，誤差較大；

步驟壟脺

中為了測量油膜的面積；應(yīng)撒入痱子粉，再滴入油酸溶液．

(2)

一滴溶液中純油酸的體積V=4.8隆脕10鈭?3ml隆脕0.10%=4.8隆脕10鈭?6ml=4.8隆脕10鈭?12m3

油酸分子的直徑為d=VS=4.8隆脕10鈭?1240脳10鈭?4m隆脰1隆脕10鈭?9m

故答案為：

(1)

應(yīng)滴入N

滴溶液；測出其體積；撒入痱子粉，再滴入油酸溶液。

(2)1隆脕10鈭?9

．

明確用“油膜法”估測分子大小的實驗原理：認(rèn)為油酸分子是緊密排列的；而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸體積除以油膜面積得出的油膜面積厚度即為油酸分子直徑．

本題考查了用“油膜法”估測分子直徑大小的實驗，正確解答實驗問題的前提是明確實驗原理．【解析】應(yīng)滴入N

滴溶液，測出其體積；撒入痱子粉，再滴入油酸溶液.1隆脕10鈭?9

六、綜合題(共2題，共6分)26、（1）①②④

（2）解：電路中的電流：

當(dāng)開關(guān)接a時a電容器的電壓為：aaa,,,,,U1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0VU1=IR1=1×5.0=5.0V

電量為：U1UU11=IR1RR11=1×5.0=5.0VQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5CQ1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5C

當(dāng)開關(guān)接Q1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5C時Q1=CU1=2×10?6×5C=1×10?5C電容器的電壓為：Q1QQ11=CU1UU11=2×

電量為：10?610?61010?6?6?6×5C=1×10?510?51010?5?5?5，且上極板帶負(fù)電，下極板帶正電。

由Cbbb可知，開關(guān)由b接b的過程中，電量變化為：

，，，，，U2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2=I?R2=1×3.5V=3.5VU2UU22=I?R2R2RR22=1×

即通過3.5V的電荷量為=3.5VQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5CQ2=CU2=2×10?6×3.5C=0.7×10?5C【分析】【分析】(1)(1)由帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向，可知電荷的電性；(2)(2)對重力進(jìn)行分解，求合力，可知合力是否為恒力，可知小球的運動性質(zhì)；(3)(3)小球在斜面上下滑過程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r洛倫茲力等于重力沿斜面向下的分力，可得知小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率。本題主要考查的是洛倫茲力的方向的判斷，主要是應(yīng)用力的分解以及牛頓第二定律可知物體的運動過程。【解答】壟脵帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，可知電流的方向沿斜面向下，故小球帶正電，故壟脵壟脵正確；壟脷壟脹壟脹小球在斜面上運動時加速度由重力垂直斜面向下的分力，垂直斜面向上的支持力和洛倫茲力，沿斜面向下的分力提供，故加速度為gsin婁脠婁脠故做勻加速直線運動，故壟脷壟脷正確，壟脹壟脹錯誤；壟脺

小球在斜面上下滑過程中，當(dāng)小球?qū)π泵鎵毫榱銜r，應(yīng)有mgcos婁脠=Bqv

故速率為mgcos婁脠Bq

故壟脺壟脺正確。故選壟脵壟脵壟脷壟脷壟脺壟脺(2)(2)分析出開關(guān)分別接aabb時電路的串并聯(lián)關(guān)系，分析電容的電壓、電量便可知通過RR3的電量。由圖可知，RR1與RR2串聯(lián)，當(dāng)開關(guān)接aa時，電容器與RR1并聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律求出電容器的電壓，即可求得電量。

當(dāng)開關(guān)與bb連接時，CC與RR2并聯(lián)即可求得電量，當(dāng)開關(guān)與bb連接時，CC與RR2并聯(lián)；由CC中電量的變化可得出流過RR3的電量?！窘馕觥?1)壟脵壟脷壟脺壟脵壟脷壟脺(2)(2)解：電路中的電流：I=ER1+R2+r=90.5+5.0+3.5A=1A

當(dāng)開關(guān)接aa時aa電容器的電壓為：aaaaaa，，，，，UU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VVUU11==IIRR11==11隆脕隆脕5.05.0==5.05.0VV電量為：UU11UUUU1111==IIRR11RRRR?6

1111==11隆脕隆脕5.05.0==?5

5.05.0當(dāng)開關(guān)接VV時QQ11==CCUU11==22隆脕