2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示電路；當(dāng)滑片放在滑動(dòng)變阻器的正中時(shí)，三盞燈的亮度相同，則在滑動(dòng)變阻器的滑片下移過程中。

A.A燈變亮B.B燈變亮C.C燈變亮D.C燈亮度不變2、在電磁波譜中，紅外線、可見光和X射線三個(gè)波段的頻率大小關(guān)系是（）A.紅外線的頻率最大，可見光的頻率最小B.可見光的頻率最大，紅外線的頻率最小C.X射線頻率最大，紅外線的頻率最小D.X射線頻率最大，可見光的頻率最小3、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω；小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A，電流表內(nèi)阻不計(jì)。則以下判斷中正確的是（）

A.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為2WB.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0VC.電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為12WD.電源輸出的功率為14W4、一負(fù)電荷從電場(chǎng)中A點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，它運(yùn)動(dòng)的v－t圖像如圖所示，則A、B兩點(diǎn)所在區(qū)域的電場(chǎng)線分布情況可能是（）

A.B.C.D.5、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0~段是關(guān)于直線對(duì)稱的曲線，段是直線；則下列說法正確的是（）

A.處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B.粒子在段做勻變速運(yùn)動(dòng)，段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.若處電勢(shì)為則D.段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變6、如圖，一粗糙絕緣豎直平面與兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線重合。A、O、B為豎直平面上的三點(diǎn)，且O為等量異種點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，AO=BO。現(xiàn)電量為q、質(zhì)量為m的小物塊從A點(diǎn)以初速v0向B滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0；則（）

A.q一定帶正電荷B.到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為C.從A到B電勢(shì)能先減小后增大D.從A到B，q的加速度一直減小7、電阻率是用來表示不同物質(zhì)材料電阻特性的物理量，某種材料制成的長(zhǎng)為米，橫截面積為平方米的導(dǎo)體的電阻，在數(shù)值上等于這種材料的電阻率。采用國(guó)際單位制中基本單位來表示電阻率的單位，以下正確的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、在真空中A、B兩點(diǎn)分別固定電荷量為+q、-q（q>0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷；以A；B為頂點(diǎn)作兩等大的圓錐，O點(diǎn)為圓錐底面圓的圓心，C、D兩點(diǎn)在圓錐母線上并關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，空間無其他電場(chǎng)，下列說法正確的是。

A.圓錐底面上所有點(diǎn)的電勢(shì)相等B.圓錐底面上所有點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等C.C.D兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同D.將正電荷由C點(diǎn)移到到D點(diǎn)電勢(shì)能將增大9、如圖所示，空間中存在沿x軸的靜電場(chǎng)，其電勢(shì)φ沿x軸的分布如圖所示．x1、x2、x3、x4是x軸上的四個(gè)點(diǎn)，質(zhì)量為m、帶電量為－q的粒子（不計(jì)重力），以初速度v0從O點(diǎn)沿x軸正方向進(jìn)入電場(chǎng)，在粒子沿x軸運(yùn)動(dòng)的過程中；下列說法正確的是（）

A.粒子在x2點(diǎn)的速度為v0B.從x1到x3點(diǎn)的過程中，粒子的電勢(shì)能先減小后增大C.若粒子能到達(dá)x4處，則v0的大小至少應(yīng)為D.若v0＝則粒子在運(yùn)動(dòng)過程中的最大動(dòng)能為3qφ010、如圖，平行板電容器與直流電源連接，電源正極接地。初始電容器不帶電，閉合開關(guān)，電路穩(wěn)定后，一個(gè)帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

A.帶電油滴帶正電B.保持開關(guān)閉合，上極板下移，帶電油滴向上運(yùn)動(dòng)C.保持開關(guān)閉合，上極板上移，P點(diǎn)電勢(shì)降低D.電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，下極板下移，帶電油滴保持靜止11、帶電量均為Q的異種點(diǎn)電荷分別固定在水平方向上的MN兩點(diǎn)，其連線中垂線上的O點(diǎn)連接長(zhǎng)為的絕緣輕桿，桿的另一端固定一質(zhì)量為m，電量為q（q>0）的帶電小球，桿可繞O點(diǎn)無摩擦地在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。如圖所示，現(xiàn)讓小球從O的等高處A點(diǎn)（電勢(shì)為）釋放，若C也為O的水平等高點(diǎn)，且OC=OA，以無窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)零點(diǎn)，且q<Q；則（）

A.轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)B時(shí)的速度B.轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)B時(shí)的速度C.小球恰好能到達(dá)C點(diǎn)D.要想使小球到達(dá)C點(diǎn)，在A點(diǎn)至少需要提供初速度12、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場(chǎng)線分布如圖所示，金屬球表面的電勢(shì)處處相等．a(chǎn)、b為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)；則。

A.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的大B.a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的高C.檢驗(yàn)電荷-q在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大D.將檢驗(yàn)電荷-q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功13、一電子飛經(jīng)電場(chǎng)中的M、N兩點(diǎn)，電子在M點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能為1.6×10－17J，電子經(jīng)過N點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為8.0×10－17J，已知電子的電荷量為1.6×10－19C，則（）A.由M到N，電子所受電場(chǎng)力做功為6.4×10－17JB.由M到N，電子克服電場(chǎng)力做功為6.4×10－17JC.M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN=400VD.M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN=－400V14、如圖所示，兩板間距為的平行板電容器與一電源連接，下極板接地。開關(guān)S閉合，電容器兩極板間有一質(zhì)量為m，帶電量為的微粒靜止不動(dòng)；下列各敘述中正確的是（）

A.斷開開關(guān)S，把電容器兩極板距離增大，電容會(huì)增大B.斷開開關(guān)S，把電容器兩極板距離減小，微粒將保持靜止C.保持開關(guān)S閉合，把電容器兩極板距離增大，兩板帶電量將會(huì)增大D.保持開關(guān)S閉合，把電容器上極板向上移動(dòng)少許，微粒在初始位置的電勢(shì)能將增大15、如圖所示為某一電源的U－I圖像；由圖可知（）

A.電源電動(dòng)勢(shì)為2VB.電源內(nèi)阻為ΩC.電源短路時(shí)電流為6AD.電路路端電壓為1V時(shí)，電路中電流為5A評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、（1）串聯(lián)電路：把幾個(gè)導(dǎo)體（用電器）_________連接，接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）并聯(lián)電路：把幾個(gè)導(dǎo)體（用電器）的一端_________，另一端_________，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。17、一個(gè)電流表內(nèi)阻滿偏電流要把它改裝為量程的電流表，要______聯(lián)的電阻值為______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）18、新疆達(dá)坂城風(fēng)口的風(fēng)速約為設(shè)該地空氣的密度為把通過橫截面積的風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能（轉(zhuǎn)化效率），利用上述已知量推導(dǎo)計(jì)算電功率的公式為___________，代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為___________。

19、異種電荷相互___________。真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷間相互作用力為：若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的___________倍。20、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計(jì)小球，B板接靜電計(jì)外殼，開始開關(guān)S閉合；有一個(gè)帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動(dòng)一段距離，粒子的運(yùn)動(dòng)情況是___________（填“靜止”、“向上運(yùn)動(dòng)”或“向下運(yùn)動(dòng)”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關(guān)S，再把A板向左移動(dòng)一段距離，則粒子的運(yùn)動(dòng)情況是___________（填“靜止”、“向上運(yùn)動(dòng)”或“向下運(yùn)動(dòng)”）靜電計(jì)指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

21、路端電壓U與電流I的關(guān)系：

（1）路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式：U=_______。

（2）圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)表示_______，斜率的絕對(duì)值表示電源的_______。

22、如圖所示，導(dǎo)體AB做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，線路中________電流產(chǎn)生，而導(dǎo)體AB順著磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，線路中________電流產(chǎn)生。（均選填“有”或“無”）

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共12分)23、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)僅存在于邊長(zhǎng)為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場(chǎng)方向相反。有一個(gè)邊長(zhǎng)為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場(chǎng)。從邊進(jìn)入磁場(chǎng)算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

24、連線題：請(qǐng)將下列電路元器件的實(shí)物圖與其符號(hào)相連。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由圖知，變阻器與燈串聯(lián)后與燈并聯(lián)，最后與燈串聯(lián)；當(dāng)滑片向下滑動(dòng)時(shí)，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流減小，則燈變暗，路端電壓增大，而燈兩端電壓減小，所以燈兩端電壓增大，則變亮．通過電流由于減小，增大，則減小，所以燈變暗；

A.與分析不符；故A錯(cuò)誤；

B.與分析相符；故B正確；

C.與分析不符；故C錯(cuò)誤；

D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．2、C【分析】【分析】

【詳解】

紅外線；可見光和倫琴射線（X射線）三個(gè)波段的波長(zhǎng)是從長(zhǎng)到短；所以其頻率是從低到高。則頻率最高的是倫琴射線（X射線），頻率最小的紅外線。

故選C。

【總結(jié)】

電磁波是由變化電磁場(chǎng)產(chǎn)生的，電磁波有：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、倫琴射線、γ射線。它們的波長(zhǎng)越來越短，頻率越來越高3、B【分析】【詳解】

B．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為

B正確；

C．電動(dòng)機(jī)的熱功率為

C錯(cuò)誤；

A．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為

A錯(cuò)誤；

D．電源的功率輸出功率為

D錯(cuò)誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

由v－t圖象可知；負(fù)電荷做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，因此該電荷所受電場(chǎng)力越來越小，電場(chǎng)強(qiáng)度越來越小，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，且負(fù)電荷受力與電場(chǎng)方向相反。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F，根據(jù)可知處電場(chǎng)強(qiáng)度最小且為零；選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．粒子在0~段切線的斜率發(fā)生變化，所以加速度也在變化，做變速運(yùn)動(dòng)，~段斜率不變；所以做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．帶負(fù)電的粒子從到的過程中電勢(shì)能增加，說明電勢(shì)降低，即>

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．~段斜率不變；所以這段電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變，選項(xiàng)D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)對(duì)稱分布，沿電荷連線的中垂線，電場(chǎng)方向始終垂直中垂線，即中垂線是等勢(shì)面，且中間場(chǎng)強(qiáng)最大向兩邊逐漸減小，小物塊受重力、電場(chǎng)力和墻壁的彈力以及摩擦力作用，可知q帶負(fù)電；故A錯(cuò)誤；

D．物塊全程做減速運(yùn)動(dòng)，可知加速度始終豎直向上。從A到O的過程中，電場(chǎng)強(qiáng)度越來越大，則電場(chǎng)力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力增大，根據(jù)

知加速度增大；從O到B，電場(chǎng)強(qiáng)度越來越小，則電場(chǎng)力越來越小，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力減小，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力減小，根據(jù)

知加速度減?。粡腁到B；加速度先增大后減小，故D錯(cuò)誤；

B．由于AO段和OB段的電場(chǎng)強(qiáng)度對(duì)稱，可知加速度對(duì)稱，兩段過程中合外力做功相同，根據(jù)動(dòng)能定理，有

即O點(diǎn)的速度為則O點(diǎn)動(dòng)能為故B正確；

C．由于AB是等勢(shì)線；則電荷的電勢(shì)能不變，故C錯(cuò)誤。

故選B。7、B【分析】【分析】

【詳解】

由

可知，材料的電阻率在數(shù)值上等于這種材料做成的長(zhǎng)1m、橫截面積為1m2的導(dǎo)體的電阻。

由

則

又

則

位移、長(zhǎng)度單位為m，截面積單位為m2，力的單位電流的單位是A，時(shí)間的單位是s，可知電阻率ρ的單位為

故選B。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C【分析】根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)分布可知；圓錐底面上所有點(diǎn)的電勢(shì)均為零，即電勢(shì)相等，選項(xiàng)A正確；圓錐底面上所有點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向均水平向右，但是O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大，離O點(diǎn)越遠(yuǎn)的位置場(chǎng)強(qiáng)越小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由對(duì)稱性可知，C；D兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同，選項(xiàng)C正確；C點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)，則將正電荷由C點(diǎn)移到到D點(diǎn)電勢(shì)能將減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.

點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵要掌握等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況，要知道過兩點(diǎn)連線的垂直平分面是一個(gè)等勢(shì)面．9、A:C【分析】【詳解】

A．從O到x2處，電場(chǎng)力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，粒子在x2點(diǎn)的速度為v0；故A正確；

B．粒子從x1運(yùn)動(dòng)到x3的過程中；電勢(shì)不斷降低，負(fù)電荷的電勢(shì)能不斷增大；故B錯(cuò)誤；

C．粒子能運(yùn)動(dòng)恰好運(yùn)動(dòng)到x1處，就能運(yùn)動(dòng)到x4處。設(shè)粒子恰能運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)到x1處，初速度v0最小，根據(jù)動(dòng)能定理得：

解得：

所以若小球能運(yùn)動(dòng)到x4處，則初速度v0至少為故C正確；

D．當(dāng)帶電粒子運(yùn)動(dòng)到x3處時(shí)，電場(chǎng)力做正功最大，粒子的速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理得：

解得最大動(dòng)能為：Ekm=2qφ0

故D錯(cuò)誤。

故選AC。10、B:C:D【分析】【詳解】

A．電容器上極板與電源正極相連；上極板帶正電，油滴受到的電場(chǎng)力方向向上，則油滴帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤；

B．保持開關(guān)閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板下移，兩板間距離減小，根據(jù)

可知電場(chǎng)強(qiáng)度增大；則帶電油滴向上運(yùn)動(dòng)。故B正確；

C．同理，保持開關(guān)閉合，電容器兩極板間電壓不變，上極板上移，兩板間距離變大，電場(chǎng)強(qiáng)度變小，P點(diǎn)到下極板的距離不變，根據(jù)

可知P到下極板的電勢(shì)差變小，而下極板的電勢(shì)不變，則P點(diǎn)的電勢(shì)降低。故C正確；

D．電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，電容器電荷量不變，根據(jù)

可得電場(chǎng)強(qiáng)度為

下極板下移；電場(chǎng)強(qiáng)度不變，帶電液滴受力情況不變，帶電油滴保持靜止。故D正確。

故選BCD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．異種點(diǎn)電荷其周圍電線的特點(diǎn)：連線中垂線是一條電勢(shì)為零的等勢(shì)線，則A點(diǎn)的電勢(shì)A<0

B點(diǎn)的電勢(shì)B=0

C點(diǎn)的電勢(shì)C＞0

小球在運(yùn)動(dòng)過程中受重力和電場(chǎng)力，對(duì)AB過程應(yīng)用動(dòng)能定理mgl+qA=

得

故B正確；A錯(cuò)誤；

C．在小球由A到C的過程中，重力不做功，電場(chǎng)力做負(fù)功，總功為負(fù)，則小球不可能到C點(diǎn)；故C錯(cuò)誤；

D．對(duì)AC過程應(yīng)用動(dòng)能定理(A－C)q=2qA=0－

得

故D正確。

故選BD。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A項(xiàng)：電場(chǎng)線越密集的地方電場(chǎng)強(qiáng)度就越大，從上圖中可以看出a處的電場(chǎng)線比b處的電場(chǎng)線密集，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；故A項(xiàng)正確；

B項(xiàng)：a點(diǎn)所在的電場(chǎng)線從Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止,所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于金屬球的電勢(shì),而b點(diǎn)所在處的電場(chǎng)線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn),所以金屬球的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì),即a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的高.故B正確;

C項(xiàng)：電勢(shì)越高的地方,負(fù)電荷具有的電勢(shì)能越小,即負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)小,故C錯(cuò)誤;

D項(xiàng)：由上知,-q在a點(diǎn)的電勢(shì)能較b點(diǎn)小,則把-q電荷從電勢(shì)能小的a點(diǎn)移動(dòng)到電勢(shì)能大的b點(diǎn),電勢(shì)能增大,電場(chǎng)力做負(fù)功.所以D選項(xiàng)是正確的.

綜上所述：本題答案為：ABD13、B:C【分析】【詳解】

AB．由M到N根據(jù)功能關(guān)系可知

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．由M到N電場(chǎng)力做功為

得

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選BC。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由

可知；電容器兩極板距離增大，電容會(huì)減小，A錯(cuò)誤；

B．?dāng)嚅_開關(guān)S，兩板帶電量Q不變，極板間場(chǎng)強(qiáng)為

故場(chǎng)強(qiáng)與d無關(guān)；即保持不變，微粒所受電場(chǎng)力不變，仍保持靜止，B正確；

C．保持開關(guān)S閉合，電壓U不變，電容器兩極板距離增大，電容會(huì)減小，由

可知；兩板帶電量將會(huì)減小，C錯(cuò)誤；

D．極板間場(chǎng)強(qiáng)向下，由平衡條件可知，微粒所受電場(chǎng)力向上，故微粒帶負(fù)電，保持開關(guān)S閉合，電壓U不變，把電容器上極板向上移動(dòng)少許，即d增大，由

可知，極板間場(chǎng)強(qiáng)減小，微粒所在初始位置的電勢(shì)

由于微粒所在初始位置到參考點(diǎn)（下極板）的距離d1不變，故電勢(shì)降低，由

可知；該微粒（帶負(fù)電）在初始位置的電勢(shì)能將增大，D正確。

故選BD。15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由U－I圖像可知，電源電動(dòng)勢(shì)E＝2V

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD．由歐姆定律可得。

由閉合電路歐姆定律。

可得。

故D正確；C錯(cuò)誤。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

定義。

（1）[1]串聯(lián)電路:把幾個(gè)導(dǎo)體（用電器）依次首尾連接；接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）[2][3]并聯(lián)電路:把幾個(gè)導(dǎo)體（用電器）的一端連在一起，另一端也連在一起，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示?！窘馕觥竣?依次首尾②.連在一起③.也連在一起17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律知要改裝為電流表，應(yīng)并聯(lián)電阻，阻值為【解析】①.并②.0.1018、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)時(shí)間t內(nèi)通過橫截面積的風(fēng)能為

電功率為

[2]代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]異種電荷相互吸引。

[2]由靜電力公式可得

所以若兩電荷間距離不變，兩電荷電量都增大為原來的3倍，則F增大為原來的9倍。【解析】吸引920、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動(dòng)一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子的運(yùn)動(dòng)情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動(dòng)一段距