2025年西師新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選修3物理上冊階段測試試卷195考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，正三角形abc區(qū)域內存在著方向垂直于紙面向外的勻強磁場，三角形的邊長為4L．一個帶電粒子（重力不計）從ab邊的中點O以垂直于ab邊的速度v進入磁場，粒子恰好從bc邊的中點d飛出磁場，若將該粒子進入磁場的速度方向從圖示位置逆時針旋轉60°，同時改變速度的大小，發(fā)現(xiàn)粒子仍可以從d點飛出磁場．下列說法不正確的是（）

A.第二次粒子的速度大小應為B.第二次粒子在磁場中運動時間是第一次的2倍C.兩次粒子從d點飛出磁場時速度方向夾角為D.粒子兩次做圓周運動的圓心間距為2、如圖所示，直角三角形ABC位于方向相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，其中電場方向平行于三角形所在平面．已知∠A=30°，AB邊長為a，D是AC的中點，CE垂直于BD且交于O點．一帶電粒子由B點射入，恰能沿直線BD通過三角形區(qū)域．若A、B、C三點的電勢分別為0、2已知>0；粒子重力不計．下列說法正確的是。

A.粒子一定帶正電B.磁場方向垂直三角形所在平面向外C.E點電勢為D.電場強度大小為3、下列說法正確的是（）A.懸浮在空氣中的PM2.5顆粒的運動是分子熱運動B.一定質量的晶體在熔化過程中，其內能增加，分子勢能增大C.由于液體表面層分子間平均距離小于液體內部分子間平均距離，液體表面存在張力D.當分子間相互作用力做正功時，分子勢能增大4、如圖所示；在水面下同一深度并排緊挨著放置分別能發(fā)出紅光；黃光、藍光和紫光的四個燈泡，一人站在這四盞燈正上方離水面有一定距離處觀察，他感覺離水面最近的那盞燈發(fā)出的光是()

A.紅光B.紫光C.藍光D.黃光5、初速度為零的某質點的加速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示；則下列說法正確的是（）

A.質點做勻加速直線運動B.第1s內與第3s內質點動量變化量之比為1：3C.第1s內與第3s內質點動量變化率之比為1：3D.第1s內與第3s內質點通過的位移之比為1：36、如圖所示，甲木塊的質量為以速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質量為的乙木塊；乙上連有一輕質彈簧，甲木塊與彈簧接觸后（）

A.甲木塊的動量守恒B.乙木塊的動量守恒C.甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動量守恒D.甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動能守恒7、如圖所示，圖甲和圖乙是演示自感現(xiàn)象的兩個電路圖，L1和L2為電感線圈．實驗時，斷開開關S1瞬間，燈A1突然閃亮，隨后逐漸變暗；閉合開關S2，燈A2逐漸變亮，而另一個相同的燈A3立即變亮，最終燈A2與燈A3的亮度相同．下列說法正確的是（）

A.圖甲中，的電阻比的直流電阻小B.圖甲中，斷開開關瞬間，流過的電流方向自右向左C.圖乙中，變阻器R連入電路的電阻比的直流電阻大D.圖乙中，閉合開關瞬間，中的電流與變阻器R中的電流相等評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、一單色光照到某金屬表面時，有光電子從金屬表面逸出，下列說法中正確的是（）A.無論增大照射光的頻率還是增加照射光的強度，金屬的逸出功都不變B.只延長照射光照射時間，光電子的最大初動能將增加C.只增大照射光的頻率，光電子的最大初動能將增大D.只增大照射光的強度，單位時間內逸出的光電子數(shù)目將增多9、關于電源電動勢，下列說法中正確的是（）A.電源電動勢與是否接外電路無關B.電源電動勢就是電源兩極間的電壓C.電源電動勢的大小反映的是電源單位時間內傳送電荷量的多少D.電源電動勢的大小反映的是把其他形式的能轉化為電能的本領的大小10、如圖所示所示的電路；A；B、C為三個相同的燈泡，其電阻大于電源內阻，當變阻器R的滑動觸頭P向上移動時。

A.A燈變亮，B和C燈都變暗B.A燈變亮，B燈變暗，C燈變亮C.電源的輸出電功率增大D.電源的輸出電功率減小11、如圖所示的U﹣I圖象中；直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）

A.電源的內阻為0.5ΩB.電源的總功率為1.5WC.電源的輸出功率為1.5WD.電源內部消耗功率為1.5W12、如圖所示，在傾角為θ的粗糙斜面上（動摩擦因數(shù)μθ），存在一矩形磁場區(qū)域ABDC，磁場方向垂直斜面向下，現(xiàn)將材料相同、邊長相等、粗細不同的單匝閉合正方形細線圈1和粗線圈2，在距磁場邊界AB下方等距的位置以相同初速度滑上斜面，最終又都從邊界AB滑出磁場，則從線圈開始運動到滑出磁場的整個過程中，下列說法正確的是

A.全程運動時間t1＞t2B.克服摩擦力做功Wf1＜Wf2C.在磁場中產(chǎn)生的焦耳熱Q1＝Q2D.在第一次進入磁場的過程中通過線圈某截面的電荷量q1＜q213、下列說法正確的是________.E.水的飽和汽壓與溫度有關A.固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀B.給籃球打氣時，會越來越費力，這說明分子間存在斥力C.布朗運動表明了分子越小，分子運動越劇烈D.在太空里的空間站中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果14、如圖所示是研究自感實驗的電路圖，A1、A2是兩個規(guī)格相同的小燈泡，閉合開關調節(jié)電阻R，使兩燈泡的亮度相同．調節(jié)可變電阻R1；使它們都正常發(fā)光，然后斷開開關S．重新閉合開關S，則()

A.閉合瞬間，A1立刻變亮，A2逐漸變亮B.閉合瞬間，A2立刻變亮，A1逐漸變亮C.穩(wěn)定后，再斷開開關，斷開瞬間，A1燈閃亮一下再熄滅D.穩(wěn)定后，再斷開開關，斷開瞬間，仍有電流流過A2燈，方向向右評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、在某溫度時，水蒸氣的絕對氣壓為P=200mmHg，此時的相對濕度為50%，飽和汽壓為________．16、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的壓強____（選填“增大”“減小”或“不變”）。酒精分子間作用力F與分子間距r的關系如圖所示，時，分子間勢能由r決定，規(guī)定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O，另一分子從間距由減小到的過程中，勢能____（選填“增大”“減小”或“不變”）。

17、關鍵環(huán)節(jié)題組：如圖所示,平行板電容器的板間距和板長均是L,有一帶電粒子(質量為電荷量為-)從電容器左上角邊緣以初速度平行上板打入；能從另一側打出，求：

（1）帶電粒子在勻強磁場中的最小半徑____________

（2）兩板間有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為的范圍__________________

（3）兩板間有垂直兩板向上的勻強電場，電場強度為的范圍_____18、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減?。环肿娱g引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現(xiàn)再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm19、如圖甲所示，100匝的圓形線圈面積為1m2，與水平放置的平行板電容器連接，電容器兩板間距離10cm．圓形線圈內有垂直于圓平面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示（B取向里為正），圓形線圈中感應電動勢大小為______V；剛開始對電容器充電時圓形線圈中感應電流的方向為______（填“順時針”或“逆時針”）；穩(wěn)定后，質量10g的帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，粒子的電荷量大小為______C．g取10m/s2．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)23、某學習小組研究一小燈泡在不同電壓下的電功率大??；實驗器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導線的連接。

①根據(jù)本實驗原理，在答題紙相應的位置作出電路圖____________；

②實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導線在圖甲物接線圖中完成余下導線的連接__________；

③某次測量，電流表指針偏轉如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為________A；

④該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丙所示，某同學將該小燈泡與電動勢E=3V、內阻r=l的電源、阻值R=4的定值電阻R0組成閉合回路．根據(jù)圖丙所示曲線并結合閉合電路歐姆定律分析，此時該小燈泡的電功率約為_________W(保留兩位有效數(shù)字）；

⑤實驗室有最大阻值為5的滑動變阻器R1和最大阻值為17k的動變阻器R2，在如何選用滑動變阻器這個問題上，某同學認為滑動變阻器采用分壓接法時，小燈泡兩端電壓變化范圍在零到電源電動勢之間變化（忽略電源內阻及電表內阻的影響）．所以選擇R1或者R2都可以比較方便地獲取多組數(shù)據(jù)，進而得到比較理想的小燈泡的伏安特性曲線，試簡要分析該同學的觀點是否正確____________。24、某同學準備自己動手制作一個歐姆表；可以選擇的器材如下：

①電池E（電動勢和內阻均未知）

②表頭G（刻度清晰，但刻度值不清晰，量程Ig未知；內阻未知）

③電壓表V（量程為1.5V，內阻RV=1000Ω）

④滑動變阻器R1（0~10Ω）

⑤電阻箱R2（0~9999.9Ω）

⑥開關一個；理想導線若干。

（1）為測量表頭G的量程，該同學設計了如圖甲所示電路。圖中電源即電池E。閉合開關，調節(jié)滑動變阻器R1滑片至中間位置附近某處，并將電阻箱阻值調到40Ω時，表頭恰好滿偏，此時電壓表V的示數(shù)為1.5V；將電阻箱阻值調到90Ω，微調滑動變阻器R1滑片位置，使電壓表V示數(shù)仍為1.5V，發(fā)現(xiàn)此時表頭G的指針恰好半偏，由以上數(shù)據(jù)可得表頭G的內阻Rg=___________Ω，表頭G的量程Ig___________mA。

（2）該同學接著用上述器材測量該電池E的電動勢和內阻，測量電路如圖乙所示，電阻箱R2的阻值始終調節(jié)為1000Ω；圖丙為測出多組數(shù)據(jù)后得到的圖線（U為電壓表V的示數(shù)，I為表頭G的示數(shù)），則根據(jù)電路圖及圖線可以得到被測電池的電動勢E=_______V，內阻r=_______Ω。（結果均保留兩位有效數(shù)字）

（3）該同學用所提供器材中的電池E、表頭G及滑動變阻器制作成了一個歐姆表，利用以上（1）、（2）問所測定的數(shù)據(jù)，可知表頭正中央刻度為_________Ω。25、學習楞次定律的時候；老師往往會做下圖所示的實驗．一靈敏電流計（電流表），當電流從它的正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉．現(xiàn)把它與一個線圈串聯(lián)，試就如圖中各圖指出：

(1)圖(a)中磁鐵向下運動，靈敏電流計指針的偏轉方向為________．（填“偏向正極”或“偏向負極”）

(2)圖(b)中磁鐵向下運動，磁鐵下方的極性是______．（填“N極”或“S極”）

(3)圖(c)中磁鐵的運動方向是______．（填“向上”或“向下”）

(4)圖(d)中磁鐵向下運動，線圈從上向下看的電流方向是______．（填“順時針”或“逆時針”）

26、物理實驗社團的某小組同學在實驗室“探究單擺的周期與擺長的關系”。

（1）為測量擺長，必須使單擺處于__________狀態(tài)（填“A”；“B”或“C”）。

A.水平放置且拉直。

B.豎直面內自然懸垂。

C.懸掛且用豎直外力拉緊。

（2）他已測得擺線長度為然后用某種儀器來測量擺球的直徑，得到的測量值為此測量數(shù)據(jù)是選用了儀器____（填“A”；“B”或“C”）測量得到的。

A．毫米刻度尺。

B．10分度游標卡尺。

C．20分度游標卡尺。

（3）正確掛起單擺后，將擺球從平衡位置拉開一個小角度由靜止釋放，使擺球在豎直平面內穩(wěn)定擺動，當擺球某次經(jīng)過平衡位置時開始計時，測出小球完成30次全振動的時間為____s。

（4）實驗中的擺球可看成為質量均勻分布的球體，社團中另一小組同學錯將擺線長和小球直徑之和當作單擺的擺長，那么在探究周期T與擺長L的關系時將會得到如圖所示的__________線（填“A”；“B”或“C”）。

評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)27、有一教室，上午8時溫度為下午2時的溫度為假定大氣壓強無變化，則下午2時與上午8時教室內的空氣質量的比值為多大？28、對于同一物理問題；常?？梢詮暮暧^與微觀兩個不同角度進行研究，找出其內在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質．

（1）光電效應和康普頓效應深入地揭示了光的粒子性的一面．前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外還具有動量．我們知道光子的能量動量其中v為光的頻率，h為普朗克常量，λ為光的波長．由于光子具有動量，當光照射到物體表面時，會對物體表面產(chǎn)生持續(xù)均勻的壓力，這種壓力會對物體表面產(chǎn)生壓強，這就是“光壓”，用I表示．一臺發(fā)光功率為P0的激光器發(fā)出一束頻率為的激光，光束的橫截面積為S．當該激光束垂直照射到某物體表面時；假設光全部被吸收（即光子的末動量變?yōu)?）．求：

a．該激光器在單位時間內發(fā)出的光子數(shù)N；

b．該激光作用在物體表面時產(chǎn)生的光壓I．

（2）從微觀角度看，氣體對容器的壓強是大量氣體分子對容器壁的頻繁撞擊引起的．正方體密閉容器中有大量運動的粒子，每個粒子質量為m，單位體積內粒子數(shù)量為n．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；速率均為v；且與容器壁各面碰撞的機會均等；與容器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與容器壁垂直，且速率不變．

a．利用所學力學知識，推導容器壁受到的壓強P與m、n和v的關系；

b．我們知道，理想氣體的熱力學溫度T與分子的平均動能成正比，即式中α為比例常數(shù)．請從微觀角度解釋說明：一定質量的理想氣體，體積一定時，其壓強與溫度成正比．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

粒子在磁場中只受洛倫茲力作用，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有：qvB=m粒子垂直ab邊從O點發(fā)射，從d點離開磁場，根據(jù)幾何關系可得：軌道圓心為b點，粒子垂直bc邊離開磁場，軌道半徑r1=2L，轉過的圓心角為60°；改變粒子發(fā)射方向后，根據(jù)幾何關系可得：軌道圓心為Od中點，粒子剛好轉過180°，軌道半徑r2=L，粒子從d點離開磁場時的速度方向剛好和發(fā)射方向相反，與db邊成30°，斜向右下；根據(jù)洛倫茲力做向心力可得：軌道半徑所以，v2：v=r2：r1=1：2，所以，第二次粒子的速度大小故A正確；根據(jù)洛倫茲力做向心力可得：圓周運動周期故兩次運動周期相等，那么，由轉過的圓心角可得：第二次粒子在磁場中運動時間是第一次的3倍，故B錯誤；根據(jù)第一次粒子垂直bc邊離開磁場，第二次粒子從d點離開磁場時的速度方向剛好和發(fā)射方向相反，與db邊成30°，斜向右下；所以，兩次粒子從d點飛出磁場時速度方向夾角為60°，故C正確；根據(jù)第一次的軌道圓心為b點，第二次的軌道圓心為Od中點，由幾何關系可得：粒子兩次做圓周運動的圓心間距為L，故D正確；本題選不正確的，故選B.2、C【分析】【詳解】

AB．一帶電粒子由B點射入；恰能沿直線BD通過三角形區(qū)域，說明帶電粒子所受的電場力等于洛倫茲力，且兩個力垂直于直線BD，故電場方向沿CE方向或EC方向，磁場方向垂直紙面向里或向外．由于不知道電場的方向，故也無法判斷粒子的電性和磁場的方向；

CD．在直角三角ABC中，由幾何關系可得：BC=CD，故AE=CE，又有在勻強電場中，電勢沿任意方向降落都是均勻的，故由，故E點電勢故C正確，因為電場方向不是沿AB方向，故電場強度故D錯誤．3、B【分析】【詳解】

A．PM2.5是指空氣中直徑小于等于2.5微米的固體顆粒物；因此它的運動不屬于分子熱運動，故A錯誤；

B．一定質量的晶體在熔化過程中；溫度不變，則分子的平均動能不變，但熔化過程要吸熱，則內能增大，又因為分子的平均動能不變，則分子勢能增大，故B正確；

C．由于液體表面層分子間平均距離大于液體內部分子間平均距離；則分子力體現(xiàn)為引力，即液體表面存在張力，故C錯誤；

D．當分子間相互作用力做正功時；分子勢能減小，故D錯誤。

故選B。4、B【分析】【詳解】

光線從水中射入空氣中折射時，折射角大于入射角，所以，水面上方的人看水中的燈覺得變淺。水對紫光的折射率最大，相同入射角時，折射角最大，水面上方的人看水中的紫光燈最淺。故B正確，ACD錯誤。5、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)圖像可知；物體加速度隨時間發(fā)生變化不是定值，因此不是勻變速運動，A錯誤。

B．第1s內與第3s內質點合外力沖量相等；所以動量變化量之比為1：1，B錯誤。

C．第1s內與第3s內質點動量變化率等于各自的合外力；且兩個時間間隔內合外力相等，所以動量變化率之比為1：1，C錯誤。

D．前3s物體先做初速度為0的勻加速直線，再做勻速直線，接著做勻加速直線，將中間的勻速去掉，可知第1s與第3s組成一個連續(xù)的勻加速直線運動，且初速度為0，通過計算可知第1s內與第3s內質點通過的位移之比為1：3，D正確6、C【分析】【詳解】

甲木塊與彈簧接觸后，由于彈簧彈力的作用，甲、乙的動量要發(fā)生變化，即甲、乙兩物體的動量均不守恒；但對于甲、乙所組成的系統(tǒng)因所受合力的沖量為零，故動量守恒，故AB錯誤，C正確；甲、乙兩木塊所組成系統(tǒng)的動能，一部分轉化為彈簧的勢能，故系統(tǒng)動能不守恒，故D錯誤．故選C7、B【分析】【詳解】

A、圖甲中，斷開S1的瞬間，A1燈突然閃亮，是因為電路穩(wěn)定時，L1的電流大于A1的電流，可知L1的電阻小于A1的電阻；故A錯誤；

B、圖甲中，閉合S1，電路穩(wěn)定后兩個支路電流的方向都向右，斷開開關S1瞬間，燈A1的原來的電流消失，線圈中的電流方向不變，所以流過A1的電流方向自右向左；故B正確；

C、圖乙中，因為要觀察兩只燈泡發(fā)光的亮度變化，兩個支路的總電阻相同，因兩個燈泡電阻相同，所以變阻器R與L2的電阻值相同；故C錯誤；

D、圖乙中，閉合S2瞬間，L2對電流由阻礙作用，所以L2中電流與變阻器R中電流不相等，故D錯誤。二、多選題(共7題，共14分)8、A:C:D【分析】【詳解】

A.金屬的逸出功由金屬本身因素決定；與照射光的頻率，強度無關，故A正確.

BC.根據(jù)光電效應方程Ekm=hv－W0知；光電子的最大初動能與照射光的照射時間無關，與照射光頻率有關，照射光頻率越大，光電子的最大初動能越大，故B錯誤，C正確.

D.增大照射光的強度，則單位時間內逸出的光電子數(shù)目增多，故D正確．9、A:D【分析】電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關，A正確；電壓與電動勢不同，電動勢在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，B錯誤；電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，C錯誤D正確．10、B:C【分析】【詳解】

當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，A燈變亮。A燈和電源的內電壓增大，并聯(lián)部分電壓減小，B燈變暗。由總電流增大，而通過B燈的電流減小，可知通過C燈的電流增大，C燈變亮，故A錯誤，B正確；由題意，A、B、C三個燈泡的電阻都大于電源內阻，根據(jù)推論：外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，則知，當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。11、C:D【分析】試題分析：由圖象Ⅰ可知電源的電動勢為3.0V；短路電流為2.0A；由圖象Ⅱ可得外電路電阻R為1.5Ω，兩圖象的交點坐標即為電阻R和電源構成閉合回路時的外電壓和干路電流，再求功率．

解：A、由圖象Ⅰ可知，電源電動勢E=3.0V，短路電流I短=2.0A，則電源內阻為：r==Ω=1.5Ω；故A錯誤．

BC、由兩圖象的交點坐標，可得電源的路端電壓為1.5V，干路電流為1.0A，電源的總功率P總=EI=3W；輸出功率為P=UI=1.5×1.0W=1.5W，故B錯誤，C正確．

D、電路中的電流為1.0A，電源內部消耗功率為P內=I2r=12×1.5W=1.5W；故D正確．

故選CD

【點評】根據(jù)U﹣I圖象Ⅰ正確讀出電源的電動勢和短路電流，根據(jù)U﹣I圖象正確讀出外電路兩端的電壓和流過電阻的電流，是解決此類問題的出發(fā)點．12、B:D【分析】【詳解】

A項：線圈剛進磁場時有：，其中所以加速度為所以加速度相同，同理分析可知，全過程中所用時間相向，故A錯誤；

B項：由可知，越粗的質量越大，由公式由于路程相同，所以越粗的克服摩擦力做功越多，故B正確；

C項：熱量：所以越粗的發(fā)熱越多，故C錯誤；

D項：由公式所以越粗的電量越大，故D正確．

故應選：BD．13、A:D:E【分析】【詳解】

A；固體可以分為晶體和非晶體兩類；晶體又分為單晶體和多晶體，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀，故A正確；

B；給籃球打氣時會越來越費勁；說明球內部氣體的壓強越來越大，與分子斥力無關，故B錯誤；

C；布朗運動是小顆粒的運動；不是分子的運動，在布朗運動中，固體小顆粒越小，受到分子碰撞的不平衡性越明顯，布朗運動越劇烈，故C錯誤；

D；在太空里的空間站中；水滴完全失重，自由飄浮的的水滴星球形，這是表面張力作用的結果，故D正確；

E；水的飽和汽壓與溫度有關；溫度越高，飽和汽壓越大，故E正確。

故選ADE。14、B:D【分析】閉合開關的瞬間，由于線圈中自感電動勢的阻礙，A2燈先亮，A1燈逐漸變亮．故A錯誤，B正確．閉合開關穩(wěn)定后，通過兩燈的電流相等，在斷開開關S瞬間，燈泡L1不會出現(xiàn)“閃亮一下”．故C錯誤．閉合開關，待電路穩(wěn)定后斷開開關，線圈L產(chǎn)生自感電動勢，兩燈串聯(lián)，流經(jīng)燈泡A2的電流方向與原來相反；方向向右．故D正確；故選BD．

點睛：對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它是電阻不計的導線；當電流變化時，產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

相對濕度是指空氣中水蒸氣壓與飽和水汽壓的百分比，表達式為．

也等于空氣的絕對濕度與相同溫度下可能達到的最大絕對濕度之比；．

故飽和汽壓為

【點睛】

本題考查相對濕度的定義式，關鍵是明確相對濕度幾種不同的定義公式，與日常生活密切聯(lián)系，【解析】400mmHg16、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時；分子平均動能增大，單位時間內逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強增大。

[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當另一分子從間距由減小到的過程中，分子力做正功，則勢能減小?！窘馕觥吭龃鬁p小17、略

【分析】【詳解】

（1）當恰好能恰能從下極板邊緣飛出粒子運動的半徑最?。蝗鐖D：

由幾何關系可知，粒子的最小半徑為：Rmin=L

（2）設粒子在磁場中運動的半徑為R，由洛倫茲力提供向心力，則得qvB=m

得

可得：

可知，當半徑最小時對應的速度最小，則v0≥

（3）由于板間電場強度方向豎直向上；粒子帶負電，可知加速度的方向向下。

-q粒子在水平方向上勻速運動；在豎直方向上向下勻加速運動，則有。

水平方向：L=v0t

豎直方向：L=at2

又由牛頓第二定律得

聯(lián)立解得，

可知若粒子穿過電場，則：v0≥

【點睛】

本題中帶電粒子在組合場中運動，要掌握類平拋運動的研究方法：運動的合成和分解，磁場中畫軌跡是解題的關鍵?！窘馕觥浚?）L（2）v0≥（3）v0≥18、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．19、略

【分析】【詳解】

第一空．根據(jù)法拉第電磁感應定律從圖乙可知聯(lián)立解得：．

第二空．根據(jù)楞次定律可知；磁通量向里增加，感應電流磁場向外，根據(jù)右手定則判斷感應電流為逆時針方向．

第三空．帶電粒子恰能靜止于電容器兩板間某處，根據(jù)平衡條件有通過以上分析板間電壓為100V，板間場強與電壓關系：聯(lián)立解得：．【解析】100逆時針1×10-4四、作圖題(共3題，共12分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

①[1]滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中；電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，則滑動變阻器采用分壓接法，電路圖如圖所示：

②[2]實物連線如圖；

③[3]由圖乙所示電流表可知；其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.44A．

④[4]在燈泡的伏安特性曲線上做出電動勢3V內阻為r=1Ω+4Ω=5Ω的電源的U-I圖像，兩圖像的交點坐標為I=0.32A，U=1.25V,此時小電珠的總功率：P=UI=1.25×0.32≈0.44W

⑤[5]滑動變阻器用作分壓電路時，應該選擇阻值較小的滑動變阻器；若用阻值較大的滑動變阻