河北省武邑中學(xué)高三下學(xué)期第一次模擬考試物理試題

河北省武邑中學(xué)2018屆高三下學(xué)期第一次模擬考試物理試題二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18~21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1.為了使雨滴能盡快地淌離房頂，要設(shè)計(jì)好房頂?shù)母叨龋▏鷫σ呀ê茫O(shè)雨滴沿房頂下淌時(shí)做無(wú)初速度無(wú)摩擦的運(yùn)動(dòng)，那么如圖所示的四種情況符合要求的是A.B.C.D.【答案】C【解析】設(shè)屋檐的底角為，底邊為L(zhǎng)，注意底邊長(zhǎng)度是不變的，雨滴下滑時(shí)有：,所以：t，當(dāng)時(shí)，時(shí)間最短，故ABD錯(cuò)誤，C正確．故選C．【點(diǎn)睛】雨滴從房頂下淌時(shí)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，該物理模型和物塊從斜面頂端沿斜面下滑一樣，然后根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律和牛頓第二定律列式求解．2.有一質(zhì)量為M、半徑為R、密度均勻的球體，在距離球心O為2R的地方有一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)，現(xiàn)在從M中挖去一半徑為的球體（如圖），然后又在挖空部分填滿另外一種密度為原來(lái)2倍的物質(zhì)，如圖所示．則填充后的實(shí)心球體對(duì)m的萬(wàn)有引力為A.B.C.D.【答案】A【解析】設(shè)密度為，則，在小球內(nèi)部挖去直徑為R的球體，其半徑為R/2，挖去小球的質(zhì)量為：=M/8，挖去小球前，球與質(zhì)點(diǎn)的萬(wàn)有引力：被挖部分對(duì)質(zhì)點(diǎn)的引力為：，填充物密度為原來(lái)物質(zhì)的2倍，則填充物對(duì)質(zhì)點(diǎn)的萬(wàn)有引力為挖去部分的二倍，填充后的實(shí)心球體對(duì)m的萬(wàn)有引力為：F1F2+2F2=，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。點(diǎn)睛：由題意可知，在小球內(nèi)部挖去直徑為R的球體，其半徑為R/2，計(jì)算出挖去部分對(duì)質(zhì)點(diǎn)的引力，再計(jì)算出填充部分對(duì)質(zhì)點(diǎn)的引力，用原來(lái)整個(gè)大球?qū)|(zhì)點(diǎn)的引力減去挖去部分對(duì)質(zhì)點(diǎn)的引力，加上填充部分對(duì)質(zhì)點(diǎn)的引力即可。3.如圖所示，BC是半徑為R的豎直面內(nèi)的光滑圓弧軌道，軌道末端C在圓心O的正下方，∠BOC=60°，將質(zhì)量為m的小球，從與O等高的A點(diǎn)水平拋出，小球恰好從B點(diǎn)沿切線滑入圓軌道，則小球在C點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為A.B.3mgC.D.4mg【答案】C【解析】試題分析:小球由A至B做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)初速度，平拋時(shí)間，豎直方向有；B點(diǎn)的速度相切與圓軌道，故平拋的速度偏向角為，有，可得。從A至C由動(dòng)能定理：，對(duì)C點(diǎn)的小球，由牛頓第二定律：，由牛頓第三定律可得球?qū)壍赖膲毫εc支持力大小相等，解得。故選C?？键c(diǎn)：本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)能定理、牛頓第一定律、牛頓第三定律。4.如圖所示，質(zhì)量為m的A球在水平面上靜止放置，質(zhì)量為2m的B球向左運(yùn)動(dòng)速度大小為，B球與A球碰撞且無(wú)機(jī)械能損失，碰后A球速度大小為，B球的速度大小為，碰后相對(duì)速度與碰前相對(duì)速度的比值定義為恢復(fù)系統(tǒng)，下列選項(xiàng)正確的是A.e=1B.C.D.【答案】A【解析】AB在碰撞的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒可得，，在碰撞的過(guò)程中機(jī)械能守恒，可得，解得，，碰后相對(duì)速度與碰前相對(duì)速度的比值定義為恢復(fù)系統(tǒng)，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。5.下列的若干敘述中正確的是A.將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是不同于萬(wàn)有引力和電磁力的另一種相互作用B.對(duì)于同種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)逸出光電子的最大初動(dòng)能Ek與照射光的頻率成線性關(guān)系C.一塊純凈的放射性元素的礦石經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期以后它的總質(zhì)量?jī)H剩下一半D.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷多半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小原子的能量也減小了【答案】AB【解析】A、核力是強(qiáng)相互作用，具有飽和性和短程性；故將核子束縛在原子核內(nèi)的核力，是不同于萬(wàn)有引力和電磁力的另一種相互作用力且每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力的作用；故A正確；B、根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能與照射光的頻率成線性關(guān)系，故B正確；C、一塊純凈的放射性元素的礦石，經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期以后，有半數(shù)發(fā)生衰變，不是總質(zhì)量?jī)H剩下一半，故C錯(cuò)誤；D、氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，吸收光子，原子的能量增加，根據(jù)知，電子的動(dòng)能減小，故D錯(cuò)誤；故選AB?！军c(diǎn)睛】根據(jù)光電效應(yīng)方程得出光電子最大初動(dòng)能與照射光頻率的關(guān)系，經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，衰變后，不是該物質(zhì)沒(méi)有了，而是轉(zhuǎn)化為另一種物質(zhì)，根據(jù)電子軌道半徑的變化，結(jié)合庫(kù)侖引力提供向心力分析電子動(dòng)能的變化。6.如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛剞D(zhuǎn)過(guò)90°，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。在此過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是A.框架對(duì)小球的支持力先減小后增大B.拉力F的最小值為mgcosθC.地面對(duì)框架的摩擦力減小D.框架對(duì)地面的壓力先增大后減小【答案】BC【解析】AB、以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，用F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓的切線方向向上時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)：F=mgcosθ，故A錯(cuò)誤，B正確；C、以框架與小球組成的整體為研究對(duì)象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對(duì)框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D、以框架與小球組成的整體為研究對(duì)象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對(duì)框架的支持力始終在減?。蔇錯(cuò)誤；故選BC?！军c(diǎn)睛】本題采用隔離法研究動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，分析受力，作出力圖是關(guān)鍵。7.如圖所示，MN右側(cè)有一正三角形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域（邊緣磁場(chǎng)忽略不計(jì)），上邊界與MN垂直，現(xiàn)有一與磁場(chǎng)邊界完全相同的三角形導(dǎo)體框，從圖示位置垂直于MN勻速向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中所受安培力F隨時(shí)間變化的圖象，以及框中導(dǎo)體的感應(yīng)電流i隨時(shí)間變化的圖象正確的是（取安培力向左為正，逆時(shí)針電流為正）A.B.C.D.【答案】AD【解析】AB、設(shè)正三角形的邊長(zhǎng)為a，勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即為正方向，線框所受的安培力方向向左，t時(shí)刻線框有效切割長(zhǎng)度，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流的大小，，A正確、B錯(cuò)誤；CD、根據(jù)安培力公式，F(xiàn)t圖線是開(kāi)口向上的拋物線；同理，線框離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針，方向?yàn)樨?fù)方向，安培力方向向左，此過(guò)程線框有效切割長(zhǎng)度，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為，根據(jù)安培力公式，F(xiàn)t圖線是開(kāi)口向上的拋物線．根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知C錯(cuò)誤、D正確；故選AD?！军c(diǎn)睛】解決本題先定性判斷感應(yīng)電流的方向和安培力的方向，關(guān)鍵確定有效切割的長(zhǎng)度的變化情況，通過(guò)列式分析安培力的變化；對(duì)于圖象問(wèn)題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)的關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷。8.如圖，單匝矩形導(dǎo)線框abcd與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，線框電阻不計(jì)，線框繞與cd邊重合的固定轉(zhuǎn)軸以恒定角速度從圖示位置開(kāi)始勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，理想變壓器匝數(shù)比為n1：n2．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，額定功率為P的燈泡L1正常發(fā)光，電流表示數(shù)為I，電流表內(nèi)阻不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.線框中產(chǎn)生的電流為正弦式交變電流B.線框從圖中位置轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為C.燈泡L1的額定電壓等于D.如果閉合開(kāi)關(guān)S，則電流表示數(shù)變大【答案】ABD【解析】A、線框繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中產(chǎn)生的是電流為正弦式交變電流，故A正確；B、線框從中性面轉(zhuǎn)動(dòng)，所以瞬時(shí)值表達(dá)式為，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值，故B正確；D、S閉合，副線圈電阻變小，輸出功率變大，輸入功率變大，，得變大，即電流表示數(shù)變大，故D正確；故選ABD?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是抓住燈泡正常發(fā)光，可計(jì)算副線圈兩端電壓，同時(shí)要明確輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流，輸出功率決定輸入功率。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分9.用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)頻率f=50Hz，（1）實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶如圖乙所示，第一個(gè)打點(diǎn)標(biāo)記為O，選擇點(diǎn)跡清晰且便于測(cè)量的連線5個(gè)點(diǎn)，標(biāo)為A、B、C、D、E，，測(cè)出A、C、E到O點(diǎn)的距離分別為d1=9.51cm、d2=15.71cm、d3=23.47cm．重物質(zhì)量為0.5kg，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.80m/s2．現(xiàn)選取重物在OC段的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，則OC段重力勢(shì)能減少量為_(kāi)_______J，動(dòng)能增加量為_(kāi)_______J（計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）．（2）如果測(cè)得紙帶上第一個(gè)和第二個(gè)打點(diǎn)間的距離大約是6mm，出現(xiàn)這種情況可能的原因是________．A．重錘的質(zhì)量過(guò)大B．電源電壓偏大C．先釋放紙帶后接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器沒(méi)有豎直固定．【答案】(1).0.77(2).0.76(3).C【解析】（1）由題意可得物體由O到C的過(guò)程中，重物高度下降了：d2=15.71cm，故重力勢(shì)能的減小量：；C點(diǎn)速度動(dòng)能增加量（2）打點(diǎn)的同時(shí)紙帶開(kāi)始下落，則1、2兩點(diǎn)間的距離接近2mm，如果1、2兩點(diǎn)間的距離為6mm，這是由于先釋放紙帶后解題電源造成的，故選C?！军c(diǎn)睛】紙帶問(wèn)題的處理是力學(xué)實(shí)驗(yàn)中常見(jiàn)的問(wèn)題．我們可以紙帶法實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度。10.指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）在使用多用電表測(cè)量時(shí)，若選擇開(kāi)關(guān)撥至“1mA”擋，指針的位置如圖（a）所示，則測(cè)量結(jié)果為_(kāi)________；（2）多用電表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖（b）所示，電池的電動(dòng)勢(shì)為E、R0為調(diào)零電阻，某次將待測(cè)電阻用電阻箱代替時(shí)，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關(guān)系如圖（c）所示，則此時(shí)多用電表的內(nèi)阻為_(kāi)________Ω，該電源的電動(dòng)勢(shì)E=______V.（3）下列判斷正確的是__________。A．在圖（b）中，電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“﹢”、“﹣”B．因?yàn)閳D（c）是非線性變化的，所以對(duì)應(yīng)歐姆表的刻度盤上的數(shù)字左小右大C．歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R0，使R0=0時(shí)電路中的電流達(dá)到滿偏電流D．電阻Rx的變化量相同時(shí)，Rx越小，則對(duì)應(yīng)的電流變化量就越大【答案】(1).0.46(2).1.5×104(3).9(4).CD【解析】(1)選擇開(kāi)關(guān)置于“1mA”時(shí)，選擇表盤第二排刻度進(jìn)行讀數(shù)，分度值為0.02A，對(duì)應(yīng)刻度示數(shù)為23，故則測(cè)量結(jié)果為0.02×23=0.46A；(2)根據(jù)，，由圖可得，當(dāng)時(shí)，，解得；(3)A、根據(jù)電流紅進(jìn)黑出，在圖（b）中，電表的右、左插孔處分別標(biāo)注著“﹢”、“﹣”，故A錯(cuò)誤；B、函數(shù)圖象是非線性變化，導(dǎo)致歐姆表刻度不均勻，示數(shù)左大右小是由于外電阻增大，電路電流減小造成的，故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C、歐姆表調(diào)零通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R0，調(diào)節(jié)至待測(cè)電阻Rx為零（即兩表筆短接）時(shí)，電流表滿偏，對(duì)應(yīng)歐姆表示數(shù)為零，故C正確；D、歐姆表刻度不均勻的原因是待測(cè)電阻和電路電流關(guān)系非線性變化，而且IRx切線斜率大小隨待測(cè)電阻值增大減小，即Rx阻值變化量對(duì)應(yīng)電流變化量隨待測(cè)電阻增大而減小，歐姆表刻度左密右疏，故D正確；故選CD。11.為拍攝鳥類活動(dòng)，攝影師用輕繩將質(zhì)量為2.0kg的攝像機(jī)跨過(guò)樹(shù)枝，懸掛于離地面8.5m高的B點(diǎn)，繩子另一端連著沙袋，并將沙袋控制在地面上的A點(diǎn)，某時(shí)刻，沙袋突然失控，當(dāng)沙袋水平滑動(dòng)到較長(zhǎng)的斜坡底端C點(diǎn)時(shí)，攝像機(jī)下落到距地面5.0m高的D點(diǎn)，斜坡傾角為37°，此時(shí)細(xì)繩與斜面平行，若從D點(diǎn)開(kāi)始下落過(guò)程，輕繩的拉力大小為23.2N，最終，攝像機(jī)恰好沒(méi)有撞擊地面，不計(jì)細(xì)繩與樹(shù)枝間的摩擦，g取10m/s2；（1）求攝像機(jī)在D點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）若沙袋與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.175，求沙袋質(zhì)量M及攝影機(jī)下落全過(guò)程中，系統(tǒng)克服摩擦阻力所做的功（sin37°=0.6，cos37°=0.8）【答案】(1)（2），解：（1）攝像機(jī)從D點(diǎn)開(kāi)始下落過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律有，解得a=1.6m/s2；由D到地面：，解得：；（2）沙袋在斜坡運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律有，解得；從B點(diǎn)到地面，對(duì)系統(tǒng)，全過(guò)程由功能關(guān)系可知，解得：12.平面OM和水平面ON之間的夾角為30°，其橫截面如圖所示，平面OM和水平面ON之間同時(shí)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，，方向垂直于紙面向外。勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向上，一帶電小球的質(zhì)量為m，電荷量為q，帶電小球沿紙面以大小為v0的速度從OM的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與OM成30°角，帶電小球進(jìn)入磁場(chǎng)后恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON恰好相切，且?guī)щ娦∏蚰軓腛M上另一點(diǎn)P射出磁場(chǎng)，（P未畫出）求：（1）判斷帶電小球帶何種電荷？所加電場(chǎng)強(qiáng)度E為多大？（2）帶電小球離開(kāi)磁場(chǎng)的射點(diǎn)P到兩平面交點(diǎn)O的距離S多大？（3）帶電小球離開(kāi)磁場(chǎng)后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，能打在左側(cè)豎直的光屏OO′，此點(diǎn)到O點(diǎn)的距離多大？【答案】(1)小球帶正電荷，(2)(3)【解析】試題分析：（1）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力，重力與電場(chǎng)力平衡，由此求出場(chǎng)強(qiáng)、判斷小球電性．（2）粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后求出距離S．（3）粒子離開(kāi)磁場(chǎng)后做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出距離.（1）小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，小球受到電場(chǎng)力與重力平衡，小球所受電場(chǎng)力豎直向上，電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，則小球帶正電荷；

電場(chǎng)力與重力大小相等：qE=mg，解得：（2）小球進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力作為向心力由牛頓第二定律得：，解得：根據(jù)題意，帶電小球在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示Q點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)軌跡與ON相交的點(diǎn)，I點(diǎn)為入射點(diǎn)，P點(diǎn)為出射點(diǎn)，則IP為圓軌道的弦，小球離開(kāi)磁場(chǎng)的速度方向與OM的夾角也為，由幾何關(guān)系可得，QP為圓軌道的直徑，所以O(shè)P的長(zhǎng)度S為：（3）帶電小球從P點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)打在光屏上的T點(diǎn)，豎直位移為y水平位移：，解得：豎直位移：由幾何關(guān)系得：圖中OT的距離【點(diǎn)睛】本題考查了帶電小球在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，小球所受電場(chǎng)力與重力合力為零，洛倫茲力提供向心力，小球在復(fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析求出小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程、作出小球運(yùn)動(dòng)軌跡是解題的前提與關(guān)鍵．13.下列說(shuō)法正確的是______________（選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給5分，沒(méi)選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低得分為0）A．空氣不能自發(fā)地分力成氮?dú)狻⒀鯕?、二氧化碳等各種不同的氣體B．一定質(zhì)量的理想氣體，若壓強(qiáng)和體積不變，其內(nèi)能可能增大C．表面張力的產(chǎn)生，是因?yàn)橐后w表面層分子間的作用表現(xiàn)為相互排斥D．一定質(zhì)量的理想氣體，絕熱壓縮過(guò)程中，分子平均動(dòng)能一定增大E．標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下氧氣的摩爾體積為22.4L/mol，則平均每個(gè)分子所占的空間約為3.72×1026m3【答案】ADE【解析】A、不可逆熱力過(guò)程中熵的微增量總是大于零，故空氣不會(huì)自發(fā)地分離成氮?dú)?、氧氣、二氧化碳等各種不同的氣體，故A正確；B、一定質(zhì)量的理想氣體，若氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，溫度不變，內(nèi)能不變，故B錯(cuò)誤；C、液體表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，則液體表面分子間的作用表現(xiàn)為相互吸引，所以存在表面張力，故C錯(cuò)誤；D、一定質(zhì)量的氣體，在絕熱壓縮的過(guò)程中，外界對(duì)氣體做功而沒(méi)有熱交換，故內(nèi)能一定增大，故D正確；E、每個(gè)分子占據(jù)的體積，故E正確；故選ADE。14.如圖所示，質(zhì)量m=2.0kg導(dǎo)熱性能良好的薄壁圓筒倒扣在裝滿水的槽總，槽底有細(xì)的進(jìn)氣管，管口在水面上，筒內(nèi)外的水相連通且水面高度相同，筒內(nèi)封閉氣體高為H=20cm；用打氣筒緩慢充入壓強(qiáng)為P0、體積為V0的氣體后，圓筒恰好來(lái)開(kāi)槽底；已知筒內(nèi)橫截面積S=400cm2，大氣壓強(qiáng)P0=1.0×105Pa，水的密度1.0×103kg/m3，g=10m/s2；筒所受的浮力忽略不計(jì)，求：（?。﹫A筒剛要離開(kāi)槽底時(shí)，筒內(nèi)外水面高度差；（ⅱ）充氣氣體體積V0的大小．【答案】(1)(2)【解析】解：（?。┊?dāng)圓筒恰好離開(kāi)水槽時(shí)，對(duì)圓筒受力分析代入數(shù)據(jù)可得：這時(shí)筒內(nèi)液面下降h，有：解得：（ⅱ）根據(jù)玻意耳定律可得：解得15.如圖所示，實(shí)線表示兩個(gè)相干波源S1、S2發(fā)出的波峰位置，設(shè)波的周期為T，波長(zhǎng)為，波的傳播速度為v，下列說(shuō)法正確的是______________（選對(duì)1個(gè)