湖南省師范大學(xué)附屬中學(xué)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期1月期末考試物理試卷含答案

湖南師大附中2024－2025學(xué)年度高一第一學(xué)期期末考試物理時量：75分鐘滿分：100分一、單選題(本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)1．下面有關(guān)物理學(xué)史和物理學(xué)方法的說法中，正確的是A．根據(jù)速度定義式v＝，當Δt非常非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應(yīng)用了極限思想方法B．牛頓在實驗中得出了牛頓第一定律C．亞里士多德認為力是改變物體運動的原因D．在推導(dǎo)勻變速運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里采用了極限思想方法2．下面單位中，與“牛頓”表示同一物理量單位的是A．kg·m/sB．kg·m/s2C．kg/(m·s)D．kg/(m·s2)3．將a、b兩個小球從不同高度同時水平拋出，其運動軌跡在同一豎直平面內(nèi)，如圖中虛線所示，兩軌跡的交點為P，空氣阻力不計，則A．b球比a球先落地B．a(chǎn)球的水平位移一定大于b球C．a(chǎn)、b兩球可能會在P點相遇D．a(chǎn)、b兩球落地時速度大小一定相同4．如圖所示，小明同學(xué)用兩個力將一重為100N物體懸掛起來，力F1的方向與豎直的方向成30°角，力F2的大小為60N，可知A．F1的大小是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有兩個可能的方向D．F2可取任意方向5．如圖甲所示，沿順時針方向運動的水平傳送帶AB，t＝0時刻將一個質(zhì)量m＝1kg的物塊輕放在A處，6s末恰好運動到B處，物塊6s內(nèi)的速度—時間圖像如圖乙所示，物塊可視為質(zhì)點，重力加速度g＝10m/s2，則A．整個傳送帶的總長度為24mB．物塊相對于傳送帶滑動的距離為8mC．物塊運動的位移大小為12mD．物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.26．甲乙兩質(zhì)點在同一直線上運動，從t＝0時刻起同時出發(fā)，甲做勻加速直線運動，x－t圖像如圖甲所示。乙做勻減速直線運動，整個運動過程的x－v2圖像如圖乙所示。則下列說法正確的是A．t＝0時刻，甲的速度為2m/s，乙的速度為10m/sB．甲質(zhì)點的加速度大小為2m/s2，乙的加速度大小為4m/s2C．經(jīng)過s，甲追上乙D．經(jīng)過2.5s，甲追上乙二、多選題(本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但選不全的得3分，有選錯得0分)7．北京時間2016年9月15日晚10時04分，中國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征二號F－T2”火箭將“天宮二號”空間實驗室成功發(fā)射升空，順利入軌并正常開展各項科研活動，關(guān)于“天宮二號”與火箭起飛的情形，下列敘述正確的是A．“天宮二號”進入運行軌道之后，與地球之間不存在相互作用B．運載火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體對火箭產(chǎn)生反作用力，火箭獲得向上的推力C．運載火箭尾部噴出的氣體對空氣產(chǎn)生作用力，空氣的反作用力使火箭獲得飛行動力D．運載火箭飛出大氣層后，雖然沒有空氣，但噴出的氣體對火箭依然產(chǎn)生反作用力，火箭可以獲得前進的動力8．如圖所示為自行車的傳動裝置示意圖，已知鏈輪的半徑r1＝10cm，飛輪的半徑r2＝5cm，后輪的半徑r3＝30cm，A、B(圖中未畫出)分別為鏈輪和后輪邊緣上的點。則在自行車勻速前進的過程中下列說法正確的是A．若飛輪邊緣有一點C，則A、C兩點線速度大小相等B．若飛輪邊緣有一點C，則B、C兩點線速度大小相等C．A、B兩點的線速度大小之比為1∶2D．A、B兩點的角速度大小之比為1∶29．如圖所示，兩個相似的斜面體A、B在豎直向上的力F的作用下靜止靠在豎直粗糙墻壁上。關(guān)于斜面體A和B的受力情況，下列說法正確的是A．A一定受到四個力B．B可能受到四個力C．根據(jù)整體法，B與墻壁之間一定沒有彈力和摩擦力D．A與B之間一定有摩擦力10．如圖，粗糙的水平地面上有三塊材料完全相同的木塊A、B、C，質(zhì)量均為m，B、C之間用輕質(zhì)細繩連接?，F(xiàn)用一水平恒力F拉木塊C，使三者由靜止開始一起做勻加速運動，運動過程中把一塊橡皮泥粘在某一塊上面，系統(tǒng)仍加速運動，且始終沒有相對滑動，則在粘上橡皮泥并達到穩(wěn)定后，下列說法正確的是A．若粘在木塊A上面，繩的拉力不變B．若粘在木塊A上面，繩的拉力增大C．若粘在木塊C上面，A、B間摩擦力增大D．若粘在木塊C上面，繩的拉力和A、B間摩擦力都減小三、實驗題(本大題共2小題，每空2分，共16分)11．(8分)在“探究平拋運動的規(guī)律”的實驗中，根據(jù)頻閃照片得到小球的運動軌跡如圖所示。a、b、c、d為連續(xù)拍照記錄下的四個位置，其中a為拋出點。已知坐標紙上每個小正方形的邊長為l，重力加速度為g，則(1)小球在水平方向做____________直線運動(選填“勻速”“勻加速”或“勻減速”)；(2)由勻變速直線運動的推論Δy＝gT2可得T＝＝，則小球做平拋運動的初速度大小為____________；(用g、l表示)(3)在研究平拋運動實驗中，為減小空氣阻力對小球運動的影響，應(yīng)采用____________；A．實心小鐵球B．空心小鐵球C．實心小木球D．以上三種小球都可以(4)在做“探究平拋運動”的實驗時，讓小球多次從同一高度釋放沿同一軌道運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡，為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面的字母填在橫線上____________。A．調(diào)節(jié)斜槽的末端保持水平B．每次釋放小球的位置必須不同C．記錄小球位置用的木條(或凹槽)每次必須嚴格地等距離下降D．小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙(或方格紙)相接觸12．(8分)某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置驗證牛頓第二運動定律，裝置如圖所示，物塊1質(zhì)量為m1＝1.52kg，物塊2質(zhì)量為m2＝1.00kg；物塊1、2由跨過輕質(zhì)定滑輪的細繩連接，物塊2下端與打點計時器紙帶相連。初始時，托住物塊1，兩物塊保持靜止，且紙帶豎直繃緊，接通打點計時器的電源，釋放物塊1，兩物塊開始運動，打點計時器打出的紙帶如圖乙所示，已知打點計時器所用的交流電源頻率為50Hz，每相鄰的兩個點之間還有四個點未畫出。回答下列問題：(1)對于該實驗，下列哪些操作是正確的____________。(選填選項前的字母)A．物塊1選用質(zhì)量和密度較小的物體B．兩限位孔在同一豎直線上C．實驗時，先釋放物塊1，后接通電源(2)根據(jù)圖乙中的數(shù)據(jù)可知，物塊1勻加速下落時的加速度大小a＝________m/s2。(保留三位有效數(shù)字)(3)通過該實驗可計算出當?shù)氐闹亓铀俣却笮＝__________m/s2。(保留兩位有效數(shù)字)(4)由于空氣阻力及紙帶的影響，重力加速度的測量值________(填“大于”或“小于”)真實值。四、解答題(本大題共3小題，第13題12分，第14題14分，第15題14分，共40分，要求有必要的文字說明)13．如圖所示，質(zhì)量m1＝1kg的物塊A下端連接著固定于水平地面的豎直輕彈簧，上端連接著跨過定滑輪的輕質(zhì)細繩，細繩的另一端連接著靜置于水平地面、質(zhì)量m2＝1.3kg的物塊B。物塊A上端的細繩處于豎直方向，與物塊B相連的細繩與水平地面的夾角θ＝37°，此時彈簧的壓縮量Δx＝5cm，物塊B恰好靜止。已知彈簧的勁度系數(shù)k＝100N/m，取重力加速度大小g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不計滑輪與細繩間的摩擦，物塊B與地面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：(1)細繩上的彈力大小FT；(2)物塊B對地面的壓力大小FN。14.2023年12月2日，蘇翊鳴參加了在首鋼大跳臺舉行的2023至2024賽季國際雪聯(lián)滑雪大跳臺世界杯，并奪得男子單板大跳臺冠軍。如圖為可視為質(zhì)點的運動員在訓(xùn)練時的情景：運動員穿著專用滑雪板，在滑雪道上獲得速度v0后從A點沿水平方向飛出，在空中飛行一段距離后恰好在山坡底端B點著陸，如圖所示。已知山坡可看成傾角為θ的斜面，不考慮空氣阻力，重力加速度為g，求：(1)運動員落在B點時速度與水平方向夾角的正切值；(2)運動員從A點到與斜面距離最大時所用的時間及與斜面的最大距離。15.如圖所示，質(zhì)量M＝10kg、上表面光滑的足夠長的木板在F＝50N的水平拉力作用下，以初速度v0＝5m/s沿水平地面向右勻速運動，現(xiàn)有足夠多的小鐵塊，它們的質(zhì)量均為m＝1kg，將一鐵塊無初速地放在木板的最右端，當木板運動了L＝1m時，又無初速地在木板的最右端放上第2塊鐵塊，此后只要木板運動了L就在木板的最右端無初速地放一鐵塊，g取10m/s2，試求：(1)木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ；(2)第1塊鐵塊放上后，木板的加速度大小和方向；(3)第1塊鐵塊放上后，木板運動L時的速度v1的大小；(4)最終木板上所放鐵塊的個數(shù)n。

物理參考答案一、單選題(本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)題號123456答案ABACBC1.A【解析】速度的定義v＝，當Δt→0時，表示物體在t時刻的瞬時速度，是采用數(shù)學(xué)上極限思想方法；明確理想實驗的基本內(nèi)容，知道伽利略為了沖淡重力而采取的方法，邏輯推理＋實驗驗證得到的牛頓第一定律；亞里士多德認為力是維持物體運動的原因；在推導(dǎo)位移公式時采用了微元法。2．B【解析】由牛頓第二定律F＝ma可得，1N＝1kg·m/s2，應(yīng)選B。3．A【解析】由于a、b兩個小球從不同高度同時水平拋出，球b下落高度小，由t＝可知，b球比a球先落地，故A正確；因兩球水平拋出時的初速度大小題中沒有給出，所以落地時a球的水平位移不一定大于b球的水平位移，故B錯誤；由于a、b兩個小球從不同高度同時水平拋出，下落到P點的時間不同，所以不能在P點相遇，故C錯誤；由于兩球的初速度大小未知，則兩球落地的速度大小v＝可能相同，故D錯誤。故選A。4．C【解析】如圖所示，以F＝G＝100N的“箭頭”為圓心，以F2的大小60N為半徑畫一個圓弧，圓弧與F1所在直線有兩個交點，因此F2有兩個可能的方向，F(xiàn)1的大小有兩個可能的值。故選C。5．B【解析】由圖得AB長度為物塊的位移x＝L＝m＝16m，故整個傳送帶的總長不小于32m，故AC錯誤；6s內(nèi)傳送帶的路程為s＝v0t＝24m，物塊相對于傳送帶滑動的距離Δx＝s－x＝8m，故B正確；由圖可知，物塊的加速度為a＝＝1m/s2，對物塊用牛頓第二定律得μmg＝ma，解得μ＝0.1，故D錯誤。故選B。6．C【解析】甲質(zhì)點的位移表達式為x＝v0t＋a1t2＋x0，將(0，－2)、(1，0)、(2，6)代入上式，解得x0＝－2m，v0＝0，a1＝4m/s2，乙質(zhì)點的位移表達式為v2－v＝－2a2x，將(v2＝0時x＝12.5m)、(v2＝100時x＝0)代入上式，解得v0＝10m/s，a2＝4m/s2，AB錯誤；乙質(zhì)點停止所用時間為t0＝＝s＝2.5s，乙質(zhì)點2.5s的位移為x2＝a2t＝12.5m，甲質(zhì)點經(jīng)過s的位移為x1＝a1t2＝×4×m＝14.5m，因為x1－x2＝14.5m－12.5m＝2m＝x0＝2m，經(jīng)過s，甲追上乙，C正確；經(jīng)過2.5s，甲質(zhì)點的位移為x1＝a1t2＝12.5m，因為初始距離x0＝2m，甲沒追上乙，D錯誤。故選C。二、多選題(本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但選不全的得3分，有選錯得0分)題號78910答案BDADACDBD7.BD【解析】衛(wèi)星進入運行軌道之后，與地球之間仍然存在一對作用力與反作用力，即地球?qū)πl(wèi)星的引力和衛(wèi)星對地球的引力，故A錯誤；火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故B正確，C錯誤；火箭飛出大氣層后，由于沒有了空氣，火箭向后噴氣，噴出的氣體反過來對火箭產(chǎn)生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，故D正確；故選BD。8．AD【解析】設(shè)飛輪邊緣有一點C，鏈輪和飛輪之間通過鏈條傳動，A、C兩點線速度大小相等，即vA＝vC，A正確；后輪和飛輪同軸轉(zhuǎn)動，故B、C兩點角速度相同，即ωB＝ωC，根據(jù)v＝ωr，可知A、B兩點的角速度大小之比為＝＝＝，D正確；B、C兩點的線速度大小之比為＝＝，B錯誤；A、C兩點線速度大小相等，則A、B兩點的線速度大小之比為1∶6，C錯誤；故選AD。9．ACD【解析】對A、B整體受力分析，如圖甲所示，受到向下的重力和向上的推力F，由平衡條件可知B與墻壁之間不可能有彈力，因此也不可能有摩擦力，故C正確；對B受力分析如圖乙所示，其受到重力、A對B的彈力及摩擦力而處于平衡狀態(tài)，故B受到三個力，A與B之間一定有摩擦力，故B錯誤，D正確；對A受力分析，如圖丙所示，受到重力、推力、B對A的彈力和摩擦力，共四個力，故A正確。故選ACD。10．BD【解析】因無相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律都有F－3μmg－μΔmg＝(3m＋Δm)a可知，運動過程中把一塊橡皮泥粘在某一塊上面，質(zhì)量都變化，加速度a都將減小。若粘在A木塊上面，以C為研究對象，受F、摩擦力μmg、繩子拉力T，根據(jù)牛頓第二定律有F－μmg－T＝ma，解得T＝F－μmg－ma，因為加速度a減小，F(xiàn)、μmg不變，所以，繩子拉力T增大。故B正確，A錯誤；若粘在C木塊上面，對A，根據(jù)牛頓第二定律有fA＝ma，因為加速度a減小，可知A的摩擦力減小；以AB為整體，根據(jù)牛頓第二定律有T－2μmg＝2ma，解得T＝2μmg＋2ma，因為加速度a減小，則繩子拉力T減小，故D正確，C錯誤。故選BD。三、實驗題(本大題共2小題，每空2分，共16分)11．(8分)(1)勻速(2)(3)A(4)AD【解析】(1)由題圖可知，小球在水平方向有xab＝xbc＝xcd＝3l，即在相等時間內(nèi)通過的位移相等，因此小球在水平方向做勻速直線運動。(2)由勻變速直線運動的推論Δy＝gT2可得，T＝＝，小球做平拋運動的初速度大小為v0＝＝3l＝(3)在研究平拋運動實驗中，為減小空氣阻力對小球運動的影響，應(yīng)采用實心小鐵球，實心小鐵球體積較小，質(zhì)量較大，受空氣阻力的影響相對較小。故選A。(4)在做“探究平拋運動”的實驗時，要確保小球的初速度水平，且每次拋出初速度要相同，則調(diào)節(jié)斜槽的末端保持水平，每次釋放小球的位置必須相同，每次必須由靜止釋放小球，A正確，B錯誤；記錄小球位置用的木條(或凹槽)每次不必嚴格地等距離下降，C錯誤；確保小球運動時不會受到摩擦力作用，則小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙(或方格紙)相接觸，D正確；故選AD。12．(8分)(1)B(2)2.00(3)9.7(4)小于【解析】(1)為了減小空氣阻力和摩擦阻力的影響，物塊1選用質(zhì)量和密度較大的物體，故A錯誤；為了減小紙帶與打點計時器間的摩擦，兩限位孔應(yīng)在同一豎直線上，故B正確；為了充分利用紙帶，實驗時，先接通電源后釋放物塊A，故C錯誤。故選B。(2)打點計時器所用的交流電源頻率為50Hz，每相鄰的兩個點之間還有四個點未畫出，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為t＝5T＝＝0.1s，根據(jù)逐差法有a＝＝×10－2m/s2≈2.00m/s2(3)根據(jù)牛頓第二運動定律有(m1－m2)g＝(m1＋m2)a，解得g＝9.7m/s2(4)空氣阻力及紙帶的影響使得通過紙帶得到的加速度比理想情況下的加速度小，從而使得重力加速度的測量值小于真實值。13．(12分)(1)FT＝5N(2)FN＝10N【解析】(1)對物塊A受力分析，有m1g＝F彈＋FT2分其中彈簧彈力為F彈＝kΔx2分代入得FT＝5N2分(2)對物塊B受力分析，豎直方向上有F′N＋FTsinθ＝m2g3分根據(jù)牛頓第三定律有FN＝F′N代入