物理丨金科大聯(lián)考山西省2025屆高三1月質(zhì)量檢測(cè)物理試卷及答案

金科大聯(lián)考●2025屆高三1月質(zhì)量檢測(cè)●物理題號(hào)12345678910答案DABCCDCADBCACD一、選擇題:本題共7小題,每小題4分,共28分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的.【解析】由衰變方程可知,鈷60發(fā)生的是β衰變,該衰變的實(shí)質(zhì)是核內(nèi)的一個(gè)中子變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子,因而產(chǎn)生的原子核X的核子數(shù)與鈷60相等,A錯(cuò)誤;由圖可知,鈷60的從衰變至,也即衰變一半的時(shí)間△t=t0十5.27t0=5.27年,B錯(cuò)誤;鈷60衰變過(guò)程中有Y射線產(chǎn)生,也即衰變過(guò)程有能量放出,有質(zhì)量虧損,故原子核X和—e的總質(zhì)量小于鈷60原子核的質(zhì)量,C錯(cuò)誤;由質(zhì)能方程可知,原子核的結(jié)合能E等于所有核子結(jié)合前的總質(zhì)量m總與原子核質(zhì)量m之差乘以c2,即E=(m總—m)c2,因原子核X和鈷60原子核的核子數(shù)相等,而鈷60的原子核的質(zhì)量m大,所以鈷60原子核的結(jié)合能小,結(jié)合兩原子核的核子數(shù)相等,可知鈷60原子核的比結(jié)合能小,D正確.【解析】地磁場(chǎng)的情況可化簡(jiǎn)等效為如圖所示,我國(guó)處于北半球,設(shè)圖中的P點(diǎn)有一南北方向的水平通電導(dǎo)線,電流方向自南向北,由左手定則可判知導(dǎo)線受到的安培力水平向西,電流方向自北向南時(shí),導(dǎo)線受到的安培力水平向東,A正確,B錯(cuò)誤;若圖中有一東西方向的水平通電導(dǎo)線,電流方向自東向西時(shí),可判知導(dǎo)線受到的安培力向南斜向下,電流方向自西向東時(shí),導(dǎo)線受到的安培力向北斜向上,CD錯(cuò)誤.【解析】設(shè)圖甲所示的交變電壓的有效值為U,則有解得設(shè)燈泡的額定電壓為U1,則有解得,A錯(cuò)誤;據(jù)理想變壓器輸入功率等于輸出功率,則有P0=UI,可有,B正確;若通過(guò)調(diào)節(jié),僅使交流電的周期變化,其他不變,則有效值不變,CD錯(cuò)誤.【解析】由圖乙可知,在一個(gè)周期內(nèi)拉力F的沖量等于零,據(jù)動(dòng)量定理,表明同一周期末時(shí)刻的速度與初時(shí)刻的速度相等,均等于u0=4m/s,1~3s內(nèi)物塊的速度沒(méi)有減到零,據(jù)初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知,物塊在第2s內(nèi)和第3s內(nèi)通過(guò)的位移大小之比不等于3:1,A錯(cuò)誤;3~4s內(nèi),對(duì)物塊由動(dòng)量定理可有F1t1=mu4—mu0,解得u4=6m/s,則3~4s內(nèi)物塊通過(guò)的位移父t1=5m,4~6s內(nèi)物塊通過(guò)的位移父t2=10m,則父1:父2=1:2,B錯(cuò)誤;0~1s物塊通過(guò)的位移與3~4s物塊通過(guò)的位移相等,1~3s物塊通過(guò)的位移與4~6s物塊通過(guò)的位移相等,故在0~3s內(nèi)物塊通過(guò)的位移父=父1十父2=15m,C正確;對(duì)物塊在4~5s可有F2t1=mu4—mu5,解得u5=5m/s,D錯(cuò)誤.【高三物理參考答案第1頁(yè)(共6頁(yè))】【解析】如圖所示,設(shè)正方形的邊長(zhǎng)為2a,處于水池底部中央0處的點(diǎn)光源發(fā)出甲單色光時(shí),在水面上恰能發(fā)生全發(fā)射的情況如圖中所示,此時(shí)上00201等于臨界角C1,則有sinC1=點(diǎn)光源發(fā)出乙單色光時(shí),恰能照亮整個(gè)水面,表明光線004恰在04處發(fā)生全發(fā)射,則有sinC2=,結(jié)合sinC= ,n=,可知甲、乙色光在水中的傳播速度之比為\:\,C正確,ABD錯(cuò)誤.【解析】圖示位置甲、乙兩衛(wèi)星的連線與赤道平面夾角的正切值為4,表明乙、甲兩衛(wèi)星的軌道半徑之比為4,據(jù)開(kāi)普勒第三定律=k,可求得乙的周期為T乙=8T,A錯(cuò)誤;對(duì)兩衛(wèi)星有G=m,即U=\,可求得U,B錯(cuò)誤;只有當(dāng)乙衛(wèi)星和地心的連線與赤道平面垂直才能滿足條件,故乙衛(wèi)星至少再經(jīng)過(guò)半個(gè)周期,即t=T乙=4T,C錯(cuò)誤;兩衛(wèi)星及地心三者共線時(shí),乙衛(wèi)星必須運(yùn)動(dòng)到赤道平面上,對(duì)乙有t1=2n11×T乙(n1=0、1、2…),對(duì)甲有t1=T(n2=1、2…),解得n2=4(2n1十1),此時(shí)n1=0,n2=4,即t1=2T,D正確.【解析】如圖所示,在圓弧軌道內(nèi),對(duì)小球由P→M有mg(R十Rcosα)=mU—mU2,小球在飛越缺口過(guò)程中有Usinα=gt,2Rsinα=Ucosα×2t,聯(lián)立可解得Ek=mU=mgR十mgRcosα十,可知當(dāng)mgRcosα=時(shí),也即當(dāng)cosα=\時(shí),Ek有最小值,可解得Ek最小值為(\2十1)mgR,C正確,ABD錯(cuò)誤.二、選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得。分.【解析】由圖可知,此時(shí)0、P兩質(zhì)點(diǎn)之間的波形對(duì)應(yīng)的角度為30。,可有T=T,所以0、P兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的間距父P=1m=λ,即λ=12m,A正確;據(jù)Q點(diǎn)的振動(dòng)方程可有w==,即T=6s>t=0.5s,表明0~0.5s時(shí)間內(nèi)第一次出現(xiàn)此時(shí)的波形,y=Asin×0.5)=A,即P、Q兩點(diǎn)之間的波形對(duì)應(yīng)60。,P、Q兩點(diǎn)平衡位置的間距父PQ=λ=2m,Q點(diǎn)的坐標(biāo)父Q=父P十父PQ=3m,B錯(cuò)誤;此時(shí)Q點(diǎn)沿y軸正方向振動(dòng),可推知波沿父軸正向傳播,C錯(cuò)誤;此時(shí)質(zhì)點(diǎn)0沿y軸負(fù)方向振動(dòng),從此時(shí)開(kāi)始第一次到達(dá)波峰所經(jīng)歷的時(shí)間t=T十T=5.5s,D正確.【高三物理參考答案第2頁(yè)(共6頁(yè))】【解析】因初始時(shí),0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上,表明左、右兩側(cè)面3、4所帶電荷量相等,下底面2比上底面1所帶的電荷量多,如圖所示,設(shè)上、下、左三個(gè)側(cè)面在0點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度及電勢(shì)分別為EA、φA,EB、φB,EC、φC,則有E1=EB—EA,φ1=φA十φB十2φC,移走左側(cè)面時(shí)E2=\E十E,φ2=φA十φB十φC,A錯(cuò)誤;聯(lián)立可解得φC=φ1—φ2,C正確;移走上側(cè)面時(shí)E3=EB,φ3=φB十2φC=φB十2(φ1—φ2),即φB=φ3—2φ1十2φ2,D錯(cuò)誤;因E1=EB—EA,可有EA=EB—E1=E3—E1,B正確.【解析】線圈經(jīng)過(guò)每一個(gè)磁場(chǎng)時(shí),先減速運(yùn)動(dòng)d,后勻速運(yùn)動(dòng)d,再減速運(yùn)動(dòng)d,線圈在進(jìn)入磁場(chǎng)或穿出磁場(chǎng)的過(guò)程有n1Bd△t=m△U,=,E—=n1,△Φ=Bd2,聯(lián)立可解得=m△U=定值,表明線圈在進(jìn)入或穿出磁場(chǎng)的過(guò)程中速度的變化相等,則有U0=2N1△U,可求出故進(jìn)入第3個(gè)磁場(chǎng)時(shí)線圈的速度等于U=U0—4△U=U0,A正確;同理可求出線圈進(jìn)入第2和第3個(gè)磁場(chǎng)后的速度大小分別為U0,U0,由d=Ut可知這兩個(gè)過(guò)程經(jīng)歷的時(shí)間之比為15:17,B錯(cuò)誤;線圈開(kāi)始進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)時(shí)速度大小U1=U0—2△U=線圈開(kāi)始進(jìn)入第4個(gè)磁場(chǎng)時(shí)速度大小U2=U0—6△U=線圈通過(guò)第2個(gè)磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱mU2,通過(guò)第3個(gè)磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱mU2—,解得=17:15,C正確;A項(xiàng)分析有=mU0,R=P,m=PIS×n1×4d,聯(lián)立可推知,N與n1無(wú)關(guān),故線圈仍能通過(guò)10個(gè)完整的磁場(chǎng),D正確.三、非選擇題:本題共5小題,共54分.11.【答案及評(píng)分細(xì)則】(6分)(1)BC(2分,少選得1分,錯(cuò)選得0分)(2分,結(jié)果正確,形式不同可以同樣得分)(3)a0π2k(2分,結(jié)果正確,形式不同可以同樣得分)△父=a02,△t=T,T=2π\(zhòng)聯(lián)立可有△父=,由該式可看出△父與沙漏中沙子的質(zhì)量無(wú)關(guān),A錯(cuò)誤;重物質(zhì)量增大時(shí),a0增大,由上式可知△父將增大,B正確;擺線長(zhǎng)度增大時(shí),△父也增大,C正確.由分析△父=△父,則有k=,即g=a0π2k.12.【答案及評(píng)分細(xì)則】(10分)(2)12(2分,其他結(jié)果均不得分)(3)左(2分,其他結(jié)果均不得分)(5)30(2分,其他結(jié)果均不得分)20(2分,其他結(jié)果均不得分)等于(2分,其他結(jié)果均不得分)【解析】(2)R1=(10×1十1×2)Ω=12Ω.(3)導(dǎo)線的a、b端接在A、B上,閉合開(kāi)關(guān)S時(shí),R父、Ry并聯(lián),而當(dāng)導(dǎo)線的a、b端接在A、C上,斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí),【高三物理參考答案第3頁(yè)(共6頁(yè))】R父、Ry串聯(lián),此時(shí)電路中的總電阻增大,而要使電流不變,應(yīng)減小滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻,故應(yīng)使滑片P向左移動(dòng).R父十Ry,父y,(5)由上述測(cè)量原理知,R父Ry=12ΩR父十Ry,父y,也即R父的測(cè)量值等于真實(shí)值.13.【答案】(1)1.42kg/m3(2)9.6cm【解析及評(píng)分細(xì)則】(1)對(duì)左側(cè)管中氣體有p1V1=p2V2(1分)m=P1V1=P2V2(1分)聯(lián)立可有=(1分)p2=p0十△hcmHg(1分)p1=p0,P1=P0代入數(shù)據(jù)可解得P2≈1.42kg/m3(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)如圖所示,設(shè)左側(cè)液面上升了父cm,則有p1L1S=p2(L1—父)S(2分)p1=p0解得父=1cm(1分)由圖可知需注入水銀的長(zhǎng)度L=2父十△h=9.6cm(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.14.【答案】(1)0.4m/s,向右(2)2.96m14.4J【解析及評(píng)分細(xì)則】(1)甲開(kāi)始滑上傳送帶時(shí)有μm甲g=m甲a(1分)解得a=2m/s2設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t甲、乙兩物塊發(fā)生碰撞,則有—at2=L(1分)解得t=1s,tI=4s(舍去)此時(shí)甲的速度大小U甲=U0—at=1m/s(1分)乙通過(guò)的位移父乙=Ut=2m,表明在傳送帶的中點(diǎn)處兩物塊碰撞規(guī)定水平向右為正,由動(dòng)量守恒對(duì)兩物塊碰撞過(guò)程有m甲U甲—m乙U=(m甲十m乙)U1(1分)解得U1=0.4m/s,向右(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)碰后兩物塊向右減速到零,之后兩物塊向左加速,直到與傳送帶共速,則有U2—U=2a父1(1分)解得父1=0.96m(1分)故兩物塊與傳送帶共速時(shí)距B端的距離父=父1十=2.96m(1分)兩物塊向右減速到0的時(shí)間為t1==0.2s【高三物理參考答案第4頁(yè)(共6頁(yè))】此過(guò)程兩物塊向右位移大小為兒2=t1=0.04m(1分)此過(guò)程與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q1=μ(m甲十m乙)g(yt1十兒2)=4.4J(1分)兩物塊向左加速至共速時(shí)間為t2==1s此過(guò)程兩物塊位移大小為兒3=t2=1m(1分)此過(guò)程因摩擦產(chǎn)生的焦耳熱為Q2=μ(m甲十m乙)g(yt2—兒3)=10J(1分)故碰撞后與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的焦耳熱為Q=Q1十Q2=14.4J(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.15.【答案】(1)(2)\(3)5【解析及評(píng)分細(xì)則】(1)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的半徑為r,則有By0q=m(1分)可求得r=2L表明r等于圓形區(qū)域的半徑,故粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況如圖甲所示,四邊形P02001為菱形36012Bq粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=。36012Bq3y0解得t=πL3y0甲按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)當(dāng)粒子再次經(jīng)過(guò)兒軸時(shí),其電勢(shì)能才與它經(jīng)過(guò)0點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能相等,進(jìn)入電場(chǎng)后y方向上有y0sin60。=at1(1分)兒方向上有兒=y0cos60。×2t1(1分)且有Eq=ma(1分)所以兒=\(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯(cuò)誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(3)當(dāng)