2025年新世紀(jì)版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀(jì)版高二物理上冊月考試卷935考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖為某一時刻的波形曲線，波的傳播方向沿方向，下列不正確的是：()A.質(zhì)點A、D的振幅相等B.該時刻質(zhì)點B、E的速度大小相等C.該時刻質(zhì)點D、F的加速度為零D.該時刻質(zhì)點C正向上運動2、關(guān)于曲線運動，下列說法正確的是（）A.曲線運動物體的速度方向保持不變B.曲線運動的物體受到的合外力可以為零C.物體受到變力作用時就做曲線運動D.曲線運動一定是變速運動3、某同學(xué)漂浮在海面上，雖然水面波正平穩(wěn)地以1.5m/s的速率向著海灘傳播，但他并不向海灘靠近．該同學(xué)發(fā)現(xiàn)從第1個波峰到第9個波峰通過身下的時間間隔為16s．下列說法正確的是（）A.該水面波的頻率為2HzB.該水面波的波長為3mC.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因為波傳播時能量不會傳遞出去D.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因為該同學(xué)太重，水波能量太小4、對于地面所受到的大氣壓強，甲說：“這個壓強就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力.

”乙說：“這個壓強是由地面附近哪些做無規(guī)則運動的空氣分子對每平方米地面的碰撞造成的.

”下列判斷正確的是(

)

A.甲說的對B.乙說的對C.甲、乙說的都對D.甲、乙說的都不對5、如圖所示，在等邊三角形的三個頂點abc

處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面；導(dǎo)線中均通有大小相等的恒定電流，方向垂直紙面向里.

過c

點的導(dǎo)線所受安培力的方向是()

A.與ab

邊平行，豎直向上B.與ab

邊平行，豎直向下C.與ab

邊垂直，指向左邊D.與ab

邊垂直，指向右邊6、若兩分子間距離為r0時，分子力為零，則關(guān)于分子力、分子勢能說法中正確的是（）A.當(dāng)分子間的距離為r0時，分子力為零，也就是說分子間既無引力又無斥力B.分子間距離大于r0時，分子距離變小時，分子力一定增大C.分子間距離小于r0時，分子距離變小時，分子間斥力變大，引力變小D.在分子力作用范圍內(nèi)，不管r＞r0，還是r＜r0，斥力總是比引力變化快7、關(guān)于電磁波的傳播速度；下列說法正確的是（）

A.電磁波的頻率越高；傳播速度越大。

B.電磁波的波長越大；傳播速度越大。

C.電磁波的能量越大；傳播速度越大。

D.電磁波的傳播速度與傳播介質(zhì)有關(guān)。

8、兩異種點電荷電場中的部分等勢面如圖所示，已知A點電勢高于B點電勢．若位于a、b處點電荷的電荷量大小分別為qa和qb，則（）A.a處為正電荷，qa＜qbB.a處為正電荷，qa＞qbC.a處為負(fù)電荷，qa＜qbD.a處為負(fù)電荷，qa＞qb評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)11、某簡諧橫波的波源在x=0處，波源開始振動后波向x軸正方向傳播，經(jīng)0.5s形成的波形圖如圖所示．則該波的傳播速度為____m/s，x=1.5m處質(zhì)點的起振方向為____．

12、如圖所示，虛線框內(nèi)是勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，倒日字形線框的三條直邊的電阻均為r，長均為L，兩橫邊電阻不計線圈平面與磁感線垂直，以速度v沿圖示方向平動，在第一條邊剛進入磁場時，a、b兩端電勢差為____．

13、當(dāng)光照射到光敏電阻上時，光敏電阻的阻值將____（選填“變大”、“變小”或“不變”）．半導(dǎo)體熱敏電阻是利用半導(dǎo)體材料的電阻率隨溫度升高而____（“減小”或“不變”）的特性制成的．14、如圖所示，把一個面積為4.0×10-2m2的單匝矩形線圈放在磁感應(yīng)強度為2.0×10-2T的勻強磁場中，當(dāng)線圈平面與磁場方向平行時，穿過線圈平面的磁通量為______Wb；當(dāng)線圈繞OO’軸轉(zhuǎn)動至與磁場方向垂直位置時，穿過線圈平面的磁通量為______Wb．15、（1）某研究性學(xué)習(xí)小組想利用秒表，鐵架臺（帶鐵夾）和下表中所列器材探究單擺的周期與哪些因素有關(guān)，經(jīng)小組討論分析認(rèn)為，影響單擺周期的因素可能有振幅、擺球質(zhì)量和擺長等．他們在實驗探究過程中，始終保持單擺的最大擺角小于10．①甲同學(xué)探究單擺的周期與振幅的關(guān)系，他用下表中器材1和4組裝單擺，通過改變擺角，多次實驗，測出周期，得到的結(jié)論是單擺的周期與其振幅無關(guān)．②乙同學(xué)想探究單擺的周期跟擺球質(zhì)量的關(guān)系．請你為他設(shè)計探究思路：____

乙同學(xué)在實驗探究的基礎(chǔ)上，得到的正確結(jié)論應(yīng)該是：____

。1長l1的細線2長l2的細線3長l3的細線4質(zhì)量m1的小球5質(zhì)量m2的小球6質(zhì)量m3的小球（2）在確定了單擺周期的關(guān)系之后，該實驗小組同時利用單擺測定了當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，有個同學(xué)發(fā)現(xiàn)自己測得的重力加速度偏大，其原因可能是下述原因中的____

A；所用擺球質(zhì)量太大。

B；擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C；開始計時；秒表過遲按下。

D、把n次全振動的時間t誤作為（n+l）次全振動的時間．16、如圖所示；勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里．一個質(zhì)量為m；電荷量為q的正離子，以速度到從小孔0射入勻強磁場，入射時速度方向既垂直于磁場方向，又與屏垂直，偏轉(zhuǎn)后打在屏上S點（S點未在圖上畫出），求：

（1）剛進入磁場時；離子受到洛倫茲力的大小和方向；

（2）屏上S點到0點的距離；

（3）離子從o點運動到S點的時間．17、將力F

分解為F1

和F2

兩個分力，若已知F

的大小及F

和F2

之間的夾角婁脠

且婁脠

為銳角.

當(dāng)F1

和F2

大小相等時，F(xiàn)1

的大小為________；而當(dāng)F1

有最小值時，F(xiàn)2

的大小為__________．18、如圖所示，PQ

兩金屬板間的電勢差為100V

板間存在勻強電場，方向水平向左，板間的距離d=10cm

其中Q

板接地，兩板間的A

點距P

板4cm.

此時A

點的電勢為____V

若保持兩板間的電勢差不變，而將Q

板向左平移5cm

則A

點的電勢將變?yōu)開___V

19、說明下列各種場合分別選用的傳感器(

用代碼表示；可重復(fù)應(yīng)用)

常用傳感器的類型有：

a.

紅外線(

光)

傳感器b.

溫度傳感器c.

聲傳感器d.

壓力傳感器。

(1)

普通電冰箱中的自動溫度控制電路是______．

(2)

馬路兩側(cè)的路燈控制電路是______．

(3)

氣墊導(dǎo)軌上用的光電門是______．

(4)

樓梯燈控制電路是______．

(5)

賓館的自動門是______．

(6)

話筒是______．

(7)

非接觸式體溫計是______．

(8)

遙控電視機的接收器是______．評卷人得分四、判斷題(共4題，共24分)20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共6分)24、某實驗小組描繪規(guī)格為“2.5V0.6W

”的小電珠的I鈭?U

特性曲線.

實驗室提供下列器材：A.電流表A1(

量程為0隆蘆25mA

內(nèi)阻約0.2婁賂)

B.電流表A2(

量程為0隆蘆300mA

內(nèi)阻約1婁賂)

C.電壓表V1(

量程為0隆蘆3V

內(nèi)阻約5k婁賂)

D.電壓表V2(

量程為0隆蘆15V

內(nèi)阻約15k婁賂)

E.滑動變阻器R1(0隆蘆10婁賂

額定電流1.5A)

F.滑動變阻器R2(0隆蘆1000婁賂

額定電流0.5A)

G.直流電源(

電動勢6V

內(nèi)阻忽略不計)

H.開關(guān)一個、導(dǎo)線若干(1)

在小電珠接入電路前，使用多用電表直接測量小電珠的電阻，則應(yīng)將選擇開關(guān)旋至________擋進行測量.(

填選項前的字母)

A.直流電壓10VB.

直流電流5mA

C.歐姆“隆脕100

”D.

歐姆“隆脕1

”(2)

實驗中所用的電流表應(yīng)選________；電壓表應(yīng)選________；滑動變阻器應(yīng)選__________.(

只需填器材前面的字母代號)

(3)

若采用如圖所示的電路描繪小電珠的伏安特性曲線，電壓表的右端應(yīng)與電路中的_____(

選填“a

”或“b

”)

點相連．

(4)

測量后，該小組根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，利用Excel

擬合出小電珠的I鈭?U

特性曲線如圖所示.

請根據(jù)曲線確定小電珠兩端電壓為1.5V

時，其實際功率P=

________W

．25、如圖(a)

所示為某同學(xué)“用DIS

研究通電螺線管的磁感應(yīng)強度”的電路實物圖，電流從接線柱A

流入螺線管，從接線柱B

流出螺線管．

(1)

實驗操作正確，得到螺線管中心軸線上的磁感應(yīng)強度B

的分布如圖(b)

中的圖線1

從圖中可以看出，螺線管中部的磁感應(yīng)強度特點是___________________________．(2)

該同學(xué)發(fā)現(xiàn)螺線管是由很細的導(dǎo)線緊密繞制而成，其右側(cè)還有一個接線柱C.

為了探究螺線管導(dǎo)線的繞線方式及其如何與三個接線柱ABC

相連，他接著做了以下探究性實驗：保持其它條件不變，僅使電流從接線柱A

流入，從接線柱C

流出螺線管，得到螺線管中心軸線上的磁感應(yīng)強度分布如圖(b)

中的圖線2

且發(fā)現(xiàn)圖線2

中間部分的磁感應(yīng)強度比圖線1

中間部分的磁感強度的一半值略大些.

保持其它條件不變，僅使電流從接線柱C

流入，從接線柱B

流出螺線管，得到螺線管中心軸線上的磁感應(yīng)強度分布與圖線2

相似，請根據(jù)實驗結(jié)果猜測螺線管繞線可能是圖(c)

中的_________(

選填“甲”、“乙”或“丙”)

．26、在做“研究平拋運動”實驗時，某同學(xué)利用實驗探究平拋運動在水平方向的運動規(guī)律時，除了木板、重錘線、小球、斜槽、鉛筆、圖釘、坐標(biāo)紙之外，如圖所示的器材中還需要的是______(

填“A

”或“B

”或“C

”或“D

”)

．評卷人得分六、計算題(共4題，共32分)27、如圖所示，在傾角為θ的絕緣斜面上，有相距為L的A、B兩點，分別固定著兩個帶電量均為Q的正點電荷．O為AB連線的中點，a、b是AB連線上兩點，其中Aa=Bb=．一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小滑塊(可視為質(zhì)點)以初動能EK0從a點出發(fā)，沿AB直線向b點運動，其中小滑塊第一次經(jīng)過O點時的動能為2EK0，第一次到達b點時的動能恰好為零；已知靜電力常量為k．求：

(1)兩個帶電量均為Q的正點電荷在a點處的合場強大小和方向；

(2)小滑塊由a點向b點運動的過程中受到的滑動摩擦力大小；

(3)aO兩點間的電勢差．28、如圖所示，寬度為L=0.2m

的足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌的一端連接阻值R=1婁賂

的電阻.

導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小B=5T.

一根質(zhì)量m=100g

的導(dǎo)體棒MN

放在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計.

現(xiàn)用一平行于導(dǎo)軌的拉力拉動導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運動，運動速度v=10m/s

在運動過程中保持導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直.

求：

(1)

在閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小．

(2)

作用在導(dǎo)體棒上的拉力的大小．

(3)

當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運動30cm

時撤去拉力，求：運動30cm

和撤去拉力至棒停下來的整個過程中電阻R

上產(chǎn)生的總熱量．29、如圖所示，一列沿x

軸正向傳播的橫波，波速v=0.4m/sMN

是x

軸上兩點，圖示時刻波傳到M

點，N

點的橫坐標(biāo)x=10m

從圖示時刻開始計時，求：(1)M

點的振動方向及振動周期；(2)

經(jīng)過多長時間，N

點第一次到達波谷。30、如圖所示；兩塊平行金屬板MNPQ

豎直放置，兩板間的電勢差U=1.6隆脕103V

現(xiàn)將一質(zhì)量m=3.0隆脕10鈭?2kg

電荷量q=+4.0隆脕10鈭?5C

的帶電小球從兩板左上方的A

點以初速度v0=4.0m/s

水平拋出，已知A

點距兩板上端的高度h=0.45m

之后小球恰好從MN

板上端內(nèi)側(cè)M

點進入兩板間勻強電場，然后沿直線運動到PQ

板上的C

點，不計空氣阻力，取g=10m/s2

求：

(1)

帶電小球到達M

點時的速度大??；

(2)C

點到PQ

板上端的距離L

(3)

小球到達C

點時的動能Ek

．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【解析】試題分析：波的傳播方向沿方向，所有點振幅應(yīng)相同，所以A正確；由于B、E位移相等，所以該時刻質(zhì)點B、E的速度大小相等，B脆。D、F偏離平衡位置位移最大，所以加速度最大，C錯。根據(jù)同側(cè)法C點應(yīng)該向上振動，所以答案應(yīng)該選C考點：機械振動和機械波【解析】【答案】C2、D【分析】解：AD；依據(jù)曲線運動特征可知：物體做曲線運動時；任意時刻的速度方向是曲線上該點的切線方向上，曲線運動速度方向一定改變，故曲線運動一定是變速運動，故A錯誤、D正確．

B；物體做曲線運動的條件是所受的合力的方向與速度方向不在同一條直線上；故合外力一定不為零，故B錯誤．

C；物體受的合力與速度方向在同一直線上時；做直線運動，而合力的大小可以變，也可以不變，故C錯誤．

故選：D．

曲線運動的速度方向是切線方向；時刻改變，一定是變速運動，一定具有加速度，合力一定不為零；曲線運動的條件是合力與速度不共線．

掌握物體做曲線運動的速度方向和大小特征：速度方向一定變，但速度大小不一定變，要掌握做曲線運動的條件．【解析】【答案】D3、B【分析】解：A、由第1個波峰到第9個波峰通過身下的時間間隔為16s，可得知振動的周期T為：T==s=2s，頻率為：f==0.5Hz；故A錯誤．

B；由公式λ=vT；得λ=1.5×2m=3m，故B正確．

C；該同學(xué)只在自己的平衡位置附近做往復(fù)運動；并不會“隨波逐流”，但振動的能量和振動形式卻會不斷的向外傳播，故C、D錯誤．

故選：B

首先根據(jù)題干中的條件；可計算出波的振動周期，再利用周期與頻率之間的關(guān)系，即可計算出波的頻率，利用波速；周期、波長之間的關(guān)系式λ=vT可求得波長．波是能量傳遞的一種方式．

對于該題；要注意機械波的特點，其特點為：

（1）介質(zhì)各個質(zhì)點不是同時起振；但起振方向與振源起振方向相同．

（2）離振源近的質(zhì)點先起振．

（3）質(zhì)點只在平衡位置振動；并不隨波遷移．

（4）波傳播的是振動形式和能量，且能傳遞信息．【解析】【答案】B4、C【分析】解：氣體分子的運動特點是速度大；約為幾百米每秒，分子之間的相互作用力十分微弱，除相互碰撞外無其他相互作用.

此外，氣體分子的質(zhì)量一般很小，氣體對容器壁的壓力主要是大量的氣體分子在同一時間對器壁撞擊造成的，這是氣體壓強產(chǎn)生的根源.

例如，在空杯子口蒙上一層彈性薄膜，則薄膜會呈水平狀，說明杯子內(nèi)外的空氣對薄膜的壓強是相等的.

然而杯中空氣柱的重量是絕對不足以與薄膜上方的空氣柱的重量相對等，所以，氣壓是由于氣體分子對杯壁的密集的；激烈的碰撞的效應(yīng)．

從宏觀效果上看；對于地面所受到的大氣壓強，就是地面上每平方米面積的上方整個大氣柱對地面的壓力，它等于地面上方的這一大氣柱的重力。

故答案為：C

【解析】C

5、C【分析】等邊三角形的三個頂點處均有一通電導(dǎo)線，且導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，由安培定則可得：導(dǎo)線的電流在處的合磁場方向豎直向下，再由左手定則可得：安培力的方向是與邊垂直，指向左邊，故選項C正確?！窘馕觥緾

6、D【分析】解：分子間距離為r0時；合力為零，分子勢能最小，此時分子間的距離為平衡距離；

A、分子引力、斥力同時存在，當(dāng)r等于r0時；分子合力為零，故A錯誤；

B、r0是分子的平衡距離，r大于平衡距離；分子力表現(xiàn)為引力，從無窮遠減小時，分子力先增大后減小，故錯誤；

C、當(dāng)r小于r0時；分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，分子間斥力變大，引力變大，故C錯誤；

D、在分子力作用范圍內(nèi)，不管r＞r0，還是r＜r0；斥力總是比引力變化快，故D正確；

故選：D。

當(dāng)分子間距離等于平衡距離時；分子力為零，分子勢能最小；當(dāng)分子間距離小于平衡距離時，分子力表現(xiàn)為斥力，從而即可分析答題．

分子間距離等于平衡距離時分子勢能最小，掌握分子間作用力與分子間距離的關(guān)系，即可正確解題．【解析】D7、D【分析】

電磁波傳播的速度與頻率；波長、電磁波的能量無關(guān)；與傳播的介質(zhì)有關(guān)．故A、B、C錯誤，D正確．

故選D．

【解析】【答案】電磁波的傳播不需介質(zhì)；在真空中傳播的速度等于光速．傳播的速度與波長；頻率無關(guān)，與傳播的介質(zhì)無關(guān)．

8、B【分析】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．故正確的答案應(yīng)該選B．

故選：B

若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；很容易得出正確的結(jié)論．

該題是常見電場知識的拓寬與延伸，需要有一定的知識遷移能力和較強的邏輯推理能力．對能力的要求相對較高．屬于中檔題目．【解析】【答案】B二、雙選題(共2題，共4分)9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共9題，共18分)11、略

【分析】

由題，波源在x=0處，波源開始振動后波向x軸正方向傳播，經(jīng)0.5s波傳播的距離為2.5m，而波在同一均勻介質(zhì)中勻速傳播的，則波速為v=v==．x=1.5m處質(zhì)點的起振方向與圖示時刻x=2.5m處質(zhì)點的振動方向相同．波源向x軸正方向傳播；x=2.5m處質(zhì)點的振動方向沿y軸負(fù)方向，則x=1.5m處質(zhì)點的起振方向也沿y軸負(fù)方向．

故答案為：5；沿y軸負(fù)方向．

【解析】【答案】由題，波源在x=0處，波源開始振動后波向x軸正方向傳播，經(jīng)0.5s波傳播的距離為2.5m，根據(jù)v=求出波速．簡諧橫波向x軸正方向傳播；介質(zhì)中各質(zhì)點的起振方向與圖示時刻x=2.5m處質(zhì)點的振動方向相同．

12、略

【分析】

第一條邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為E=BLv，ab間電勢差等于路端電壓，大小為U==

故答案為：

【解析】【答案】第一條邊剛進入磁場時，第一條邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源，另外兩條邊并聯(lián)，相當(dāng)于外電路，求出感應(yīng)電動勢，再求出路端電壓，即為ab間電勢差．

13、變小減小【分析】【解答】光照射到光敏電阻上時；光敏電阻是半導(dǎo)體的，受到光的激發(fā)，會產(chǎn)生更多的自由電子，導(dǎo)電性增加，電阻變??；因為熱敏電阻為半導(dǎo)體，所以表現(xiàn)的性能與金屬導(dǎo)體很大差異，根據(jù)常識金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度變高而增大，而一般熱敏電阻和金屬導(dǎo)體相反．所以熱敏電阻的阻值隨著溫度的升高而降低．

故答案為：變??；減小．

【分析】光敏電阻的阻值隨著光照而減小，而熱敏電阻的阻值隨著溫度的升高而降低．14、08×10-4【分析】解：當(dāng)線圈平面與磁場方向平行時；線圈平面與磁場方向的夾角為0度，則Φ=0．

當(dāng)線圈繞00′軸轉(zhuǎn)動至與磁場方向垂直時，Φ=BS=2×10-2×4×10-2Wb=8×10-4Wb．

故答案為：0；8×10-4．

通過線圈的磁通量可以根據(jù)Φ=BSsinθ進行求解；θ為線圈平面與磁場方向的夾角．

解決本題的關(guān)鍵掌握磁通量的公式，知道當(dāng)線圈平面與磁場平行時，磁通量為0，當(dāng)線圈平面與磁場方向垂直時，磁通量最大．【解析】08×10-415、略

【分析】

（1）探究單擺的周期跟擺球質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)控制擺長于擺角相等而擺球質(zhì)量不相等，測出單擺的周期；實驗設(shè)計如下：用下表中器材1和4、1和5、1和6分別組裝3個擺長相等的單擺，使它們作最大擺角小于10的單擺；并分別測得它們的周期；實驗結(jié)論：單擺的周期與其質(zhì)量無關(guān)．

（2）用秒表測出單擺完成n次全振動的時間t，則單擺的周期T=

單擺擺長等于擺線長度l與擺球的半徑r之和，即L=l+r；

由單擺周期公式T=2π可知重力加速度：g===

A、單擺的周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，由g=可知擺球質(zhì)量不影響實驗結(jié)果；故A錯誤；

B、擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，實際擺長l偏大，由T=2π可知，單擺實際周期變大．由g=可知；所測重力加速度偏小，不符合題意，故B錯誤；

C、開始計時，秒表過遲按下，所測時間t偏小，由g=可知；所測重力加速度偏大，符合題意，故C正確；

D、把n次全振動的時間t誤作為（n+l）次全振動的時，n偏大，由g=可知所測重力加速度片大；符合題意，故D正確；

故答案為：（1）他用下表中器材1和4；1和5、1和6分別組裝3個擺長相等的單擺；使它們作最大擺角小于10°的單擺，并分別測得它們的周期；單擺的周期與其質(zhì)量無關(guān)；（2）CD．

【解析】【答案】（1）探究單擺周期與擺球質(zhì)量的關(guān)系；應(yīng)控制擺長于擺角相等而擺球質(zhì)量不相等，測出單擺的周期，然后分析實驗數(shù)據(jù)得出實驗結(jié)論．

（2）根據(jù)單擺周期公式（實驗結(jié)論）分析誤差產(chǎn)生的原因．

16、略

【分析】

（1）離子垂直進入磁場時；離子受到洛倫茲力的大小公式f=qvB，由左手定則判斷方向．

（2）離子垂直進入磁場時做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式，求解軌跡半徑r，屏上S點到0點的距離S=2r；

（3）由圓周運動規(guī)律求出離子運動周期T，離子從O點運動到S點的時間t=T．

帶電粒子在磁場中運動的問題，是高考的熱點，也是重點，掌握洛倫茲力提供向心力是關(guān)鍵．【解析】解：（1）離子垂直進入磁場時；離子受到洛倫茲力的大小公式f=qvB，由左手定則判斷可知，洛倫茲力方向水平向左．

（2）離子垂直進入磁場時做勻速圓周運動；由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：

qvB=m

則得，軌跡半徑為r=

離子在磁場中轉(zhuǎn)動半圈，由幾何關(guān)系可知，屏上S點到0點的距離為S=2r=．

（3）設(shè)離子運動周期T，則得：T==

則離子從O點運動到S點的時間t=T=．

答：

（1）剛進入磁場時；離子受到洛倫茲力的大小為qvB，方向水平向左；

（2）屏上S點到0點的距離是

（3）離子從o點運動到S點的時間是．17、Fcosθ【分析】【分析】因為分力和合力構(gòu)成矢量三角形，當(dāng)分力F2

與分力F1

垂直時，F(xiàn)1

最小。解決本題的關(guān)鍵知道合力與分力遵循平行四邊形定則(

三角形定則)

根據(jù)作圖法可以確定力的最小值。

【解答】將力F

分解為F1

和F2

兩個分力；若已知F

的大小及F

和F2

之間的夾角婁脠

且婁脠

為銳角；

則當(dāng)F1

和F2

大小相等時；F1

和F2

組成菱形，根據(jù)幾何關(guān)系得：

F1

的大小為F2cos(婁脠)

因為垂直段最短，知當(dāng)分力F2

與分力F1

垂直時，F(xiàn)1

最小.

如圖．則F2=Fcos婁脠

故填：F2cos(婁脠)Fcos婁脠

【解析】F2cos(婁脠)Fcos婁脠

18、-60-20【分析】【分析】電容器內(nèi)部為勻強電場，由電勢差與電場強度的關(guān)系解得場強大小，由電場的方向判斷電勢的高低，由QA

兩點間的電勢差解得A

點電勢；當(dāng)Q

板平移后，由電勢差與場強的關(guān)系解得場強大小，再由QA

兩點間的電勢差解得A

點電勢。本題主要考查勻強電場中電勢差與電場強度的關(guān)系及兩點間電勢差的求解方法，較簡單。【解答】由題意可知，電容器內(nèi)部的電場強度大小為：E=Ud=1000V/m

故AQ

兩點間的電勢差為：UQA=EdQA=60V

由于Q

板接地，故婁脮Q=0V

由UQA=婁脮Q鈭?婁脮A=60V

解得A

點電勢為：婁脮A=鈭?60V

同理當(dāng)將QQ板向左平移5cm5cm后，其中的場強變?yōu)椋篍1=Ud1=2000V/m{E}_{1}=dfrac{U}{izuvhj7_{1}}=2000V/m又由UQA1=E1dQA=20V{U}_{QA1}={E}_{1}41z6qpy_{QA}=20V故同理得：婁脮A1=鈭?20V{婁脮}_{A1}=-20V故填：鈭?60-60鈭?20-20【解析】鈭?60鈭?20

19、略

【分析】解：(1)

普通電冰箱中的自動溫度控制電路采用的溫度傳感器b

(2)

普通電冰箱中的自動溫度控制電路是采用了光傳感器a

(3)

氣墊導(dǎo)軌上用的光電門采用的是光傳感器；

(4)

樓梯燈控制電路為聲光控電路；故采用了光傳感器a

和聲傳感器c

(5)

賓館的自動門采用的是光傳感器；

(6)

話筒采用的是聲傳感器；

(7)

非接觸式體溫計采用的是溫度傳感器；

(8)

遙控電視機的接收器采用的是紅外(

光傳感器)a

故答案為：(1)b.(2)a.(3)a.(4)a.c.(5)a.(6)c.(7)a.(8)a

．

傳感器的作用是將溫度；力、光、聲音等非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量.

明確各種裝置的基本原理即可明確采用了何種傳感器．

紅外線有很多作用，電視機的遙控器發(fā)出的是紅外線，是不可見光，它能對電視機進行遙控；在日常生活中具有很多應(yīng)用．【解析】baaacacaa

四、判斷題(共4題，共24分)20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?3、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．五、實驗探究題(共3題，共6分)24、（1）D（2）BCE（3）a（4）0.33【分析】【分析】(1)

根據(jù)燈泡電阻分析；明確多用電表的檔位選擇即可；

(2)

根據(jù)小電珠的額定電流選擇電流表；根據(jù)小電珠額定電壓選擇電壓表，為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器；

(3)

根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法；從而明確電流表的接法；

(4)

由圖象求出電壓對應(yīng)的電流，然后由P=UI

求出燈泡功率。本題考查了歐姆表的應(yīng)用、實驗器材的選擇、實驗注意事項、求功率等問題，當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值時，電流表應(yīng)采用外接法；要掌握實驗器材的選擇原則。【解答】(1)

小電珠(2.5V,0.6W)

小電珠正常發(fā)光時的電阻，測小電珠的電阻R=U2P=2.520.6隆脰10.4婁賂

應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆檔，選擇多用電表隆脕1

倍率，故選D。

(2)

小電珠額定電流I=PU=0.62.5=0.24A=240mA

電流表應(yīng)選B；小電珠額定電壓為2.5V

電壓表選C；為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選最大阻值較小的E

(3)

燈泡電阻為10.4婁賂

電流表內(nèi)阻約1婁賂

電壓表內(nèi)阻約為5k婁賂

電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，由圖1

所示電路圖可知，電壓表的右端應(yīng)與電路中的a

端；

(4)

由圖2

所示圖象可知，小燈泡兩端電壓為1.5V

時，通過燈泡的電流為0.22A

則燈泡實際功率為：P=UI=1.5隆脕0.22=0.33W

故填：(1)D(2)BCE(3)a(4)0.33

【解析】(1)D(2)BCE(3)a(4)0.33

25、（1）勻強磁場（2）丙【分析】【分析】螺線管內(nèi)部的磁場為勻強磁場，螺線管口向外，磁場減弱，電流減小，磁場越強，結(jié)合線圈的繞法分析哪一種繞法時可能的。解決本題的關(guān)鍵是能識別線圈的繞法，并知道通電螺線管周圍磁場的特點，以及知道電流越大，周圍的磁場越強?！窘獯稹?1)

由圖可知螺線管中部的磁感應(yīng)強度特點是勻強磁場；(2)

由甲圖像可知A

到C

與C

到B

的繞法相同，此情況下兩根導(dǎo)線中的電流方向相反，產(chǎn)生的磁場相互抵消，所以在甲中螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強度大小為零；由乙圖像可知BB到CC一匝線圈也沒有，不符合實驗結(jié)果；由丙圖可知A

到C

與C

到B

的繞法相反，此情況下兩根導(dǎo)線中的電流方向相同，產(chǎn)生的磁場相互疊加，所以螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強度是A

到C

產(chǎn)生的磁場的2

倍，故選丙。故填：(1)

勻強磁場(2)

丙【解析】(1)

勻強磁場(2)

丙26、略

【分析】解：在做“研究平拋物體的運動”實驗時；除了木板；重錘線、小球、斜槽、鉛筆、圖釘、坐標(biāo)紙之外，下列器材中還需要刻度尺，便于確定小球間的距離.

故D正確，ABC錯誤；

故選：D

．

明確測量平拋運動的實驗原理；根據(jù)實驗原理明確實驗中需要測量的物理量，從而找出需要的儀器．

本題考查了實驗器材，掌握實驗原理與實驗器材即可正確解題，明確研究平拋運動需要測量水平位移和豎直高度．【解析】D

六、計算題(共4題，共32分)27、略

【分析】1、根據(jù)真空中點電荷的電場強度的表達式分別計算出A；B電荷在a產(chǎn)生的場強，判斷出方向，再根據(jù)場強疊加原理，矢量合成法則合成這兩個場強，就得到兩個帶電量均為Q的正點電荷在a點處的合場強大小和方向．

2、a、b關(guān)于O點對稱，故a點與b點等勢，即Uab=0，所以小滑塊從a點運動到b點的過程中，電場力做功W電=0．小滑塊從a點運動到b點的過程中，只有重力和摩擦力作用，且f=μmg，所以根據(jù)動能定理有化簡可得摩擦力f的大?。?/p>

3、小滑塊從a點運動到O點的過程中，有電場力、重力和摩擦力作用，根據(jù)動能定理化簡可得aO兩點間的電勢差U．【解析】解：(1)根據(jù)真空中點電荷的電場強度的表達式得：

A點處電荷在a處場強方向沿斜面向上；

B點處電荷在a處場強方向沿斜面向下．

根據(jù)電場的疊加原理；可知，在a點處的合場強大小為：

方向沿斜面向上．

(2)由Aa=Bb=O為AB連線的中點得：a、b關(guān)于O點對稱，則a點與b點等勢，即Uab=0，小滑塊從a點運動到b點的過程中；電場力做功W電=0

設(shè)小滑塊與水平面間的摩擦力大小為f，小滑塊從a點運動到b點的過程中根據(jù)動能定理有。

而f=μmg

解得f=

(3)小滑塊從a點運動到O點的過程中；根據(jù)動能定理。

得U=

答：(1)兩個帶電量均為Q的正點電荷在a點處的合場強大小為方向沿斜面向上；

(2)小滑塊由a點向b點運動的過程中受到的滑動摩擦力大小為

(3)aO兩點間的電勢差為．28、解：（1）感應(yīng)電動勢：E=BLv=5×0.2×10V=10V，

電流：I===10A；

（2）導(dǎo)體棒受到的安培力：F安=BIL=5×10×0.2=10N，

導(dǎo)體棒做勻速直線運動，由平衡條件可得，拉力：F=F安=10N；

（3）克服安培力做功產(chǎn)生焦耳熱，運動30cm過程中R上產(chǎn)生的熱量：Q1=Fs=10×0.3J=3J，

撤去拉力至棒停下來過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量：，

整個過程R上產(chǎn)生的熱量：Q=Q1+Q2=3+5=8J；【分析】(1)

由E=BLV

求出感應(yīng)電動勢，再由歐姆定律求