2025年浙教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷648考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、筆記本電腦機身和顯示屏對應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件，利用磁體靠近霍爾元件產(chǎn)生霍爾效應(yīng)可控制顯示屏的工作狀態(tài)。如圖，一寬為a、長為c的長方形半導體霍爾元件，元件內(nèi)的導電粒子是電荷量為e的自由電子，通入方向向右的電流時，電子的定向移動速率為v。當元件處于方向向下且垂直于上表面、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，元件的前、后表面間將出現(xiàn)霍爾電壓U；以此控制屏幕的熄滅。此時（）

A.元件前表面的電勢比后表面的電勢低B.自由電子受到的洛倫茲力大小為C.霍爾電壓U與磁感應(yīng)強度B成反比D.霍爾電壓U與電子定向移動的速度v無關(guān)2、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的正方形線框abcd，磁場方向垂直于線框平面，a、d兩點接一直流電源，電流方向如圖所示。已知ad邊受到的安培力為F；則整個線框所受安培力為（）

A.2FB.4FC.D.3、空間有一磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場，質(zhì)量為m、電荷量為＋q的質(zhì)點以速度水平進入該磁場，在飛出磁場時高度下降了h。重力加速度為g。則下列說法正確的是（）A.帶電質(zhì)點進入磁場時所受洛倫茲力一定向下B.帶電質(zhì)點進入磁場時所受洛倫茲力大小一定等于C.帶電質(zhì)點飛出磁場時速度的大小一定等于D.帶電質(zhì)點飛出磁場時速度的大小一定等于4、如圖所示，矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，在ad邊的中點O處垂直磁場方向向里射入一帶正電粒子，其入射速度大小為方向與ad邊的夾角為已知粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q，ad邊長為L，ab邊足夠長，粒子重力不計。欲使粒子不從ab邊射出磁場，則磁場的磁感應(yīng)強度大小B的范圍為（）

A.B.C.D.或5、如圖所示，半徑為r的金屬圓環(huán)放在垂直紙面向外的勻強磁場中，環(huán)面與磁感應(yīng)強度垂直、磁場的磁感應(yīng)強度為保持圓環(huán)不動，使磁場的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增大、經(jīng)過時間t、磁場的磁感應(yīng)強度增大到此時圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱為Q;保持磁場的磁感應(yīng)強度不變，將圓環(huán)繞對稱軸（圖中虛線）勻速轉(zhuǎn)動，經(jīng)時間圓環(huán)轉(zhuǎn)過圓環(huán)中電流大小按正弦規(guī)律變化，圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱也為Q,則磁感應(yīng)強度和的比值為（）

A.B.C.D.6、下列說法正確的是（）A.牛頓不畏權(quán)威，通過“理想斜面實驗”，科學地推理出“力不是維持物體運動的原因”B.卡文迪許發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律，并測出了靜電力常量k的值C.法拉第通過實驗研究，總結(jié)出“磁生電”是一種在變化、運動的過程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)，并總結(jié)出楞次定律D.安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說7、如圖所示，先后以速度v1和v2勻速把一矩形線圈拉出有界勻強磁場區(qū)域，v1=2v2。在先后兩種情況下（）

A.通過線圈某截面的電荷量之比q1∶q2=1∶1B.線圈中的感應(yīng)電流之比為I1∶I2=1∶1C.線圈中的感應(yīng)電流之比為I1∶I2=1∶2D.通過線圈某截面的電荷量之比q1∶q2=2∶1評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示，磁場與導電線框平面垂直工，線框的邊可以在框架上自由滑動；則下列說法正確的是（）

A.當向右滑動時，感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相同B.當向右滑動時，感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相反C.當向左滑動時，感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相同D.當向左滑動時，感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相反9、如圖所示,小燈泡A1、A2規(guī)格相同，線圈L的自感系數(shù)很大，現(xiàn)閉合開關(guān)S，通過調(diào)R、R1，使A1、A2正常發(fā)光；下列說法正確有。

A.若斷開S，A1、A2并未立即熄滅，A2閃亮一下再慢慢熄滅，A1不會閃亮只會慢慢熄滅B.若斷開S，A1、A2均慢慢熄滅C.S斷開后，再重新閉合S，A1A2會立即正常發(fā)光D.S斷開后，再重新閉合S，A2會立即正常發(fā)光，A1只能逐漸地亮起來10、學習物理除了知識的學習外，還要了解物理學家對物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)，領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想與方法，下列敘述中正確的是（）A.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)通電電流的磁效應(yīng)B.安培首先提出了電場和電場線的概念C.楞次在概括了大量實驗事實的基礎(chǔ)上，總結(jié)出一條判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律D.法拉第總結(jié)出了感應(yīng)電動勢大小的計算公式對人類的科技進步做出了不可磨滅的貢獻11、如圖所示的各圖象中表示交變電流的是（）A.

B.

C.

D.

12、如圖所示，在直角坐標系內(nèi)有一直角三角形區(qū)域在區(qū)域內(nèi)存在垂直平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小為從原點處向區(qū)域發(fā)射速率不同、方向不同的電子，已知電子的質(zhì)量為電荷量為不計粒子重力；下列說法正確的是（）

A.通過點的電子的速率不小于B.通過點的電子從點入射時，速度方向一定與軸正方向成30°角C.電子在區(qū)域內(nèi)運動的最長時間為D.速度方向相同的所有電子在磁場中的運動時間相同13、圖甲為某種車輛智能道閘系統(tǒng)的簡化原理圖：預(yù)埋在地面下的地感線圈L和電容器C構(gòu)成LC振蕩電路；當車輛靠近地感線圈時，線圈自感系數(shù)變大，使得振蕩電流頻率發(fā)生變化，檢測器將該信號發(fā)送至車牌識別器，從而向閘機發(fā)送起桿或落桿指令。某段時間振蕩電路中的電路如圖乙，則下列有關(guān)說法正確的是（）

A.t1時刻電容器間的電場強度為最小值B.t1~t2時間內(nèi)，電容器處于充電過程C.汽車靠近線圈時，振蕩電流頻率變小D.從圖乙波形可判斷汽車正靠近地感線圈14、在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，線圈所圍的面積為0.1m2，線圈電阻為1Ω。規(guī)定線圈中感應(yīng)電流I的正方向從上往下看是順時針方向，如圖所示。磁場的磁感應(yīng)強度B隨t的變化規(guī)律如圖所示。則以下說法正確的是（）

A.在時間0~5s內(nèi)I的最大值為0.1AB.在時間0~5s內(nèi)I的方向先逆時針后順時針C.在時間0~5s內(nèi)，線圈最大發(fā)熱功率為1.0×10-4wD.在時間0~5s內(nèi)，通過線圈某截面的總電量為零15、如圖所示，半徑為r、電阻為R的單匝圓形線框靜止于絕緣水平面上，以圓形線框的一條直徑為界，其左、右兩側(cè)分別存在著方向如圖甲所示的勻強磁場，以垂直紙面向里的磁場為正，兩部分磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律分別如圖乙所示。則0~t0時間內(nèi)；下列說法正確的是（）

A.時刻線框中磁通量為零B.線框中電流方向為順時針方向C.線框中的感應(yīng)電流大小為D.線框受到地面向右的摩擦力為16、下列說法中正確的有（）A.泊松亮斑說明光具有波動性B.電磁波在各種介質(zhì)中的速度相等C.光線通過強引力場時會發(fā)生彎曲E.某波源振動的頻率是1000Hz，當觀察者和波源相互靠近時，波源的頻率變大E.某波源振動的頻率是1000Hz，當觀察者和波源相互靠近時，波源的頻率變大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、兩條平行且足夠長的金屬導軌置于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，B的方向垂直導軌平面。兩導軌間距為L，左端接一電阻R，其余電阻不計。長為2L的導體棒ab如圖所示放置，開始時ab棒不導軌垂直，在ab棒繞a點緊貼導軌以角速度順時針旋轉(zhuǎn)90°的過程中，通過電阻R的電流方向為_________（填“由上到下”或者“由下到上”）；電動勢的最大值為_________；通過電阻R的電荷量是_________。

18、目前有些居民區(qū)內(nèi)樓道燈的控制，使用的是一種延時開關(guān)，該延時開關(guān)的簡化原理如圖所示．圖中D是紅色發(fā)光二極管(只要有很小的電流通過就能使其發(fā)出紅色亮光)，R為限流電阻；K為按鈕式開關(guān)，虛線框內(nèi)S表示延時開關(guān)電路，當按下K接通電路瞬間，延時開關(guān)觸發(fā)，相當于S閉合，這時釋放K后，延時開關(guān)S約在1min后斷開，燈泡熄滅．根據(jù)上述信息和原理圖，我們可推斷：

按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管是________(填“發(fā)光的”或“熄滅的”)，按鈕開關(guān)K按下再釋放后，燈泡L發(fā)光持續(xù)時間約________min.這一過程中發(fā)光二極管是________．限流電阻R的阻值和燈絲電阻RL相比，應(yīng)滿足R________RL的條件．19、電網(wǎng)供電：

（1）遠距離輸電的基本原理：在發(fā)電站內(nèi)用___________變壓器升壓，然后進行遠距離輸電，在用電區(qū)域通過___________變壓器降到所需的電壓。

（2）電網(wǎng)：通過網(wǎng)狀的輸電線、___________，將許多電廠和廣大用戶連接起來，形成全國性或地區(qū)性的輸電___________。

（3）電網(wǎng)輸電的優(yōu)點：

①降低一次能源的運輸成本，獲得最大的___________。

②減小斷電的風險，調(diào)劑不同地區(qū)電力供需的平衡，保障供電的___________。

③合理調(diào)度電力，使___________的供應(yīng)更加可靠，質(zhì)量更高。20、安培力方向與磁場方向、電流方向的關(guān)系：F⊥B，F(xiàn)⊥I，即F垂直于______所決定的平面。21、如圖，兩平行放置的長直導線a和b中載有電流強度相等、方向相反的電流。則b右側(cè)O點處的磁感應(yīng)強度方向為_________；在O點右側(cè)再放置一根與a、b平行共面且通有與導線a同向電流的直導線c后，導線a受到的磁場力大小將__________（選填“變大”、“變小”或“無法確定”）。22、在磁感應(yīng)強度B的勻強磁場中，垂直于磁場放入一段通電導線．若任意時刻該導線中有N個以速度v做定向移動的電荷，每個電荷的電量為q.則每個電荷所受的洛倫茲力FB＝___________，該段導線所受的安培力為FA＝___________.23、如圖中PQ是勻強磁場里的一片薄金屬片，其平面與磁場方向平行，一個粒子從某點以與PQ垂直的速度射出，動能是E，該粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示，今測得它在金屬片兩邊的軌道半徑之比是10∶9，若在穿越金屬板過程中粒子受到的阻力大小及電荷量恒定，則該粒子每穿過一次金屬片，動能減少了___________，該粒子最多能穿過金屬板___________次。

24、在電子技術(shù)中，從某一裝置輸出的交變電流常常既有高頻成分又有低頻成分。要把低頻成分輸送到下一級裝置，可用如圖所示電路，其中電容C叫______，通過它的是______（選填“高頻”或“低頻”），它的電容一般較______（選填“大”或“小”），對高頻容抗較______（選填“大”或“小”）。評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)25、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

26、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

27、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

28、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)29、如圖所示，環(huán)形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為內(nèi)圓半徑為外圓半徑為兩圓的圓心（重合）處不斷向外發(fā)射電荷量為質(zhì)量為的帶正電粒子；不計粒子所受重力及粒子間相互作用，粒子發(fā)射速度方向都水平向右，而速度大小都不同，導致一部分粒子從外圓飛出磁場，而另一部分粒子第一次出磁場是飛入內(nèi)圓。

(1)如果粒子從外圓飛出磁場；求粒子的速度大小范圍；

(2)如果粒子從外圓飛出磁場；求這些粒子在磁場中運動的時間范圍；

(3)如果粒子第一次出磁場是飛入內(nèi)圓；求這些粒子從進入磁場到第一次出磁場所用的時間范圍。

30、如圖所示，均勻?qū)Ь€制成的正方形閉合線框從垂直紙面向里的勻強磁場上方自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且邊始終與水平的磁場邊界平行。邊進入勻強磁場區(qū)域后，線框開始做勻速運動，其速度為v，直到邊剛剛開始穿出勻強磁場為止。已知線框邊長為L，總電阻為R，此勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，其區(qū)域?qū)挾纫矠長。求：

（1）邊剛進入磁場時，流過邊的電流大小I和方向；

（2）邊剛進入磁場時，兩點間的電勢差大小U；

（3）線框在穿越勻強磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q。

31、將一根阻值R=0.8Ω的導線彎成一個圓形線圈，放置在磁感應(yīng)強度B=0.2T的勻強磁場中，線圈平面與磁場垂直，如圖甲所示，此時線圈的面積S=0.4m2?，F(xiàn)同時向兩側(cè)拉動線圈，使線圈的面積在Δt=0.5s時間內(nèi)減小為原來的一半；如圖乙所示。在上述變化過程中，求：

(1)線圈中感應(yīng)電動勢的平均值E；

(2)通過導線橫截面的電荷量q。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．電流方向向右；電子向左定向移動，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向向里，則后表面積累了電子，前表面的電勢比后表面的電勢高，故A錯誤；

B．穩(wěn)定后，后續(xù)電子受力平衡可得

故B正確；

C．穩(wěn)定后，后續(xù)電子受力平衡可得

解得

可得霍爾電壓U與磁感應(yīng)強度B成正比；故C錯誤；

D．穩(wěn)定后，后續(xù)電子受力平衡可得

令零件的高為h，根據(jù)電流的微觀表達式可知I=neSv=neahv

解得

故D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

由圖可知ab邊、bc邊與cd邊串聯(lián)后與ad邊并聯(lián)。設(shè)ad邊電流為I，則ab邊、bc邊與cd邊的電流為又安培力F=BIL

可知ad邊受到的安培力為F，則ab邊、bc邊與cd邊受到的安培力均為

根據(jù)左手定則可判斷ab邊受到的安培力方向向右，cd邊受安培力方向向左，ad邊與bc邊受安培力方向均向下。所以整個線框所受安培力為

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．由于質(zhì)點重力不能忽略；磁場方向未知，因此洛倫茲力方向可能向上也可能向下，A錯誤；

B．帶電質(zhì)點進入磁場時速度與磁感線平行；不受洛倫茲力，B錯誤；

CD．由于洛侖茲力不做功，只有重力做功，根據(jù)動能定理

解得

因此帶電質(zhì)點飛出磁場時速度的大小為C正確，D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

粒子在磁場中做圓周運動，有

得

則磁場的磁感應(yīng)強度越大；粒子的軌跡半徑越小。如圖所示。

設(shè)粒子的軌跡剛好和cd邊相切時，軌跡的圓心為O，則有

得

則

故當磁場的磁感應(yīng)強度小于時，粒子將從cd邊射出磁場；設(shè)粒子的軌跡剛好與ab邊相切時，圓心為O2，則有

則

則

故當磁場的磁感應(yīng)強度大于或等于時，粒子將從ad邊射出磁場。

故選D。5、A【分析】【分析】

【詳解】

若保持圓環(huán)不動，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢恒定為

則①

若線圈轉(zhuǎn)動：則產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值

有效值

產(chǎn)生的熱量②

聯(lián)立①②可得

故選A。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．伽利略不畏權(quán)威；通過“理想斜面實驗”，科學地推理出“力不是維持物體運動的原因”，A錯誤；

B．庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用規(guī)律，并根據(jù)庫侖扭秤實驗測出了靜電力常量k的值；B錯誤；

C．法拉第通過實驗研究；總結(jié)出“磁生電”是一種在變化；運動的過程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)，紐曼、韋伯總結(jié)出法拉第電磁感應(yīng)定律，C錯誤；

D．安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性；提出了分子電流假說，D正確。

故選D。7、A【分析】【分析】

【詳解】

BC．勻速拉動時感應(yīng)電流。

已知v1=2v2；則。

I1∶I2=2∶1故BC錯誤；

AD．線框拉出磁場的時間。

根據(jù)。

可知通過某截面的電荷量之比為。

q1∶q2=1∶1故A正確；D錯誤。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．當向右滑動時；閉合線框內(nèi)磁通量減小，根據(jù)楞次定律由“增反減同”可知，感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相同，故A正確B錯誤；

CD．當向左滑動時，閉合線框內(nèi)磁通量增加，根據(jù)楞次定律由“增反減同”可知，當向左滑動時；感應(yīng)電流在閉合線框內(nèi)產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相反，故C錯誤D正確。

故選AD。9、B:D【分析】【詳解】

AB.電路穩(wěn)定時，A1、A2正常發(fā)光，說明電流相等。若斷開S，由于線圈中自感電動勢的阻礙，A1、A2并未立即熄滅，流過A2的電流與原來的電流大小相等，方向相反，并不出現(xiàn)閃亮一下的情況，所以A1、A2均慢慢熄滅；故A錯誤，B正確；

CD.閉合開關(guān)的瞬間，由于線圈中自感電動勢的阻礙，A2會立即正常發(fā)光，A1只能逐漸地亮起來；故C錯誤，D正確。

故選：BD10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．1820年奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；揭示了電與磁的聯(lián)系，故A正確；

B．法拉第首先提出了電場和電場線的概念；故B錯誤；

C．楞次總結(jié)出了感應(yīng)電流方向所應(yīng)滿足的規(guī)律；故C正確；

D．韋伯和紐曼提出了法拉第電磁感應(yīng)定律；定量給出了感應(yīng)電動勢和磁通量之間的關(guān)系，故D錯誤。

故選AC。11、B:C:D【分析】【詳解】

A．電流的大小和方向都隨時間周期性變化的電流叫做交變電流；A中電流雖然大小變化，但方向沒有變化，所以A錯誤；

BCD．電流的大小和方向都隨時間周期性變化的電流叫做交變電流；BCD中的電流都滿足“電流的大小和方向都隨時間周期性變化”，所以BCD正確；

故本題選BCD。12、A:C【分析】【詳解】

A．由題分析可知，電子從C點水平射出時速度最小，由幾何關(guān)系得

粒子在磁場中做圓周運動，由洛倫茲力提供向心力得

解得

故A正確；

B．通過點的電子從點入射時，結(jié)合A選項分析得，速度最小時，速度方向與軸正方向成30°角，最??；當速度無窮大時，速度方向與軸正方向成的角無限靠近60°。因此通過點的電子從點入射時，速度方向與軸正方向成的角是一定范圍，即

故B錯誤；

C．分析可知，粒子沿OA方向射入，OC邊界射出時，速度偏向角最大，則粒子在磁場中的運動時間最長，即

故C正確；

D．速度方向相同的所有電子，如果速率不同，則有的電子從OC邊射出，有的電子從AC邊射出；由于速度偏向角不同，則電子在磁場中運動的時間不同。故D錯誤。

故選AC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．時刻電流最大；線圈中磁場能最大，電容器中電場能最小，電容器間的電場強度為最小值，故A正確；

B．時間內(nèi)；電流逐漸減小，線圈中磁場能減小，電容器中電場能增大，電容器處于充電過程，故B正確；

C．當車輛靠近地感線圈時，線圈自感系數(shù)變大，根據(jù)

可知周期變大；頻率變小，故C正確；

D．從圖乙波形可知周期越來越??；頻率越來越大，汽車正遠離地感線圈，故D錯誤。

故選ABC。14、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得

知磁感應(yīng)強度的變化量越大，則電流越大，磁感應(yīng)強度的變化率最大值為0.1，則最大電流

故A錯誤；

B．根據(jù)楞次定律可知；在時間0~5s內(nèi)感應(yīng)電流的方向先順時針后逆時針，故B錯誤；

C．當電流最大時，發(fā)熱功率最大，則

故C正確；

D．根據(jù)

因為在時間0~5s內(nèi)；磁通量的變化量為零，則通過線圈某橫截面的總電量為零，故D正確。

故選CD。15、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．時刻；兩部分磁場的磁感應(yīng)強度大小相等；方向相反，線框中的磁通量為零，A正確。

B．根據(jù)楞次定律可知；左側(cè)的導線框的感應(yīng)電流是逆時針，而右側(cè)的導線框的感應(yīng)電流也是逆時針，則整個導線框的感應(yīng)電流方向為逆時針，B錯誤。

C．由法拉第電磁感應(yīng)定律；因磁場的變化，導致導線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，結(jié)合題意可知整個導線框產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為左；右兩側(cè)電動勢之和，即。

由閉合電路歐姆定律；得感應(yīng)電流大小。

故C正確。

D．由左手定則可知；左；右兩側(cè)的導線框均受到向左的安培力，則所受地面的摩擦力方向向右、大小與線框所受的安培力大小相等，即。

故D正確。

故選ACD。16、A:C:D【分析】【詳解】

A．泊松亮斑是光具有波動性的有力證據(jù)；故A正確；

B．電磁波在各種介質(zhì)中的傳播速度不相等；故B錯誤；

C．根據(jù)相對論的理論；光線經(jīng)過強引力場附近時會發(fā)生彎曲，故C正確；

D．在水中同一深處有紅、黃、綠三個小球，根據(jù)光的折射定律可知視深：其中n是水相對于各種色光的折射率．由于三種色光中綠色光的折射率最大；所以岸上的人看到的是綠球最淺，故D正確；

E．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知；當觀察者和波源相互靠近時，波源的頻率不變，觀察者接受到的頻率發(fā)生變化，故E錯誤．

故選ACD。三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

[1][2]．由右手定則可知，通過電阻R的電流方向為由上到下；電動勢的最大值為

[3]．第一階段：平均電動勢

通過R的電荷量

第二階段ab棒脫離導軌后，電路中沒有電流．所以總電量：【解析】由上到下18、略

【分析】【詳解】

[1]．如圖所示；按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管；限流電阻與燈泡串聯(lián)，有小電流通過發(fā)光二極管，因此發(fā)光二極管處于發(fā)光狀態(tài)．

[2][3]．當按鈕開關(guān)K按下再釋放后；由于通電路瞬間延時開關(guān)觸發(fā)，相當于S閉合，二極管被短路，所以處于熄滅狀態(tài)；由于延時開關(guān)S約在1分鐘后斷開，電燈才熄滅，則知電燈L發(fā)光持續(xù)時間約1min．

[4]．只有當限流電阻R的阻值比燈絲電阻RL大得多時；通過發(fā)光二極管的電流才很小，確保二極管不燒壞．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)延時開關(guān)的閉合和斷開時，電路的連接方式正確進行分析即可．【解析】發(fā)光的1熄滅的?19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]遠距離輸電的基本原理：在發(fā)電站內(nèi)用升壓變壓器升壓；然后進行遠距離輸電。

[2]在用電區(qū)域通過降壓變壓器降到所需的電壓。

（2）[3]通過網(wǎng)狀的輸電線；變電站；將許多電廠和廣大用戶連接起來。

[4]通過網(wǎng)狀的輸電線；變電站；將許多電廠和廣大用戶連接起來，形成全國性或地區(qū)性的輸電網(wǎng)絡(luò)。

（3）①[5]降低一次能源的運輸成本；獲得最大的經(jīng)濟效益。

②[6]減小斷電的風險；調(diào)劑不同地區(qū)電力供需的平衡，保障供電的質(zhì)量。

③[7]合理調(diào)度電力，使電力的供應(yīng)更加可靠，質(zhì)量更高?！窘馕觥可龎航祲鹤冸娬揪W(wǎng)絡(luò)經(jīng)濟效益質(zhì)量電力20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】B與I21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由右手定則可知，該磁場方向為垂直紙面向外。因c中通過的電流大小未知，故無法確定導線a受到的磁場力大小。【解析】垂直紙面向外無法確定22、略

【分析】【詳解】

試題分析：電荷的速度方向垂直磁場，根據(jù)洛倫茲力來公式可得，每個電荷受到的洛倫茲力為N個電荷受到的磁場力和即為導線受到的安培力，所以

考點：考查了洛倫茲力，安培力【解析】qvB，NqvB23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]粒子在磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，由。

得。

即。

由已知

得。

粒子每穿過一次金屬片；動能減少了。

該粒子最多穿過金屬板的次數(shù)為次，約為5次。【解析】524、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]圖中電容C叫高頻旁路電容。

[2][3][4]電容器的容抗電路要把低頻成分輸送到下一級，C的作用是“通高頻、阻低頻”，所以通過它的是高頻，它的電容一般較小，對高頻容抗較小?！窘馕觥扛哳l旁路電容高頻小小四、作圖題(共4題，共8分)25、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關(guān)閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關(guān)閉合，燈亮，說明兩個開關(guān)不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關(guān)和燈泡是三者