2024-2025學(xué)年山東省濟(jì)寧市兗州區(qū)高二上學(xué)期11月期中考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024—2025學(xué)年第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測高二物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的班級(jí)、姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。第Ⅰ卷（選擇題共40分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.關(guān)于磁場和磁感線，下列說法正確的是（）A.磁感線總是從N極出發(fā)，止于S極B.通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的區(qū)域，在該區(qū)域中通過某個(gè)面的磁通量一定為零D.磁場是真實(shí)存在物質(zhì)，磁感線也是客觀存在的，反映磁場的大小和方向【答案】C【解析】A．磁感線在磁體外部是從N極到S極，內(nèi)部從S極到N極，故A錯(cuò)誤；B．通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，可能是電流的方向與磁場的方向平行，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)磁通量可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度時(shí)，則磁通量，故C正確；D．磁場是一種看不見的特殊物質(zhì)，磁感線是人們?yōu)榱朔奖阊芯慷傧氤鰜淼?，不是真?shí)存在的，故D錯(cuò)誤。2.鋰離子電池已被廣泛地用于智能手機(jī)、智能機(jī)器人、電動(dòng)自行車、電動(dòng)汽車等領(lǐng)域，鋰離子電池主要依靠鋰離子（）在電池內(nèi)部正極和負(fù)極之間移動(dòng)來工作，某款手機(jī)充電鋰離子電池的標(biāo)識(shí)如圖所示。下列說法正確的是（）A.該鋰離子電池放電時(shí)，鋰離子從正極運(yùn)動(dòng)到負(fù)極B.該鋰離子電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢為1.5V的干電池弱C.該鋰離子電池充滿電后可貯存約的電能D.若該鋰離子電池的待機(jī)電流為15mA，則其最長待機(jī)時(shí)間約為96h【答案】C【解析】A．鋰離子電池放電時(shí)，在電池外部電流由正極流向負(fù)極，在電池內(nèi)部，電流由負(fù)極流向正極，鋰離子帶正電，在電池內(nèi)部鋰離子從負(fù)極運(yùn)動(dòng)到正極，故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)勢表示電池把其他能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，電動(dòng)勢越大，該項(xiàng)本領(lǐng)越大，所以3.8V鋰離子電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢為1.5V的干電池強(qiáng)，所以故B錯(cuò)誤；C．該鋰離子電池充滿電后可貯存的電能為故C正確；D．若該鋰離子電池的待機(jī)電流為15mA，則其最長待機(jī)時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選C。3.P1和P2是材料相同、上下表面為正方形的長方體導(dǎo)體，P1的上、下表面積大于P2的上、下表面積，將P1和P2按圖所示方式接到電源上，閉合開關(guān)后，下列說法正確的是（）A.若P1和P2的體積相同，則通過P1的電流大于通過P2的電流B.若P1和P2的體積相同，則P1的電功率大于P2的電功率C.若P1和P2的厚度相同，則P1兩端的電壓小于P2兩端的電壓D.若P1和P2的厚度相同，則P1兩端的電壓大于P2兩端的電壓【答案】B【解析】A．由于P1和P2是串聯(lián)關(guān)系，所以通過P1、P2的電流總是相等的，故A錯(cuò)誤；B．由電阻定律可得若P1和P2的體積相同，則上下表面積越大的阻值越大，即由電功率公式可知P1的電功率大于P2的電功率，故B正確；CD．由電阻定律可得若P1和P2的厚度相同，則電阻也相等；由于P1和P2是串聯(lián)關(guān)系，所以P1兩端的電壓等于P2兩端的電壓，故CD錯(cuò)誤。故選B。4.在如圖所示電路中，已知電容，電源電動(dòng)勢，內(nèi)電阻忽略不計(jì)，定值電阻，，則電容器所帶電荷量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】定值電阻分得的電壓定值電阻分得的電壓故電容器兩端電壓為電容器所帶電荷量故選B。5.如圖所示，直角三角形abc，∠a＝60°，ad＝dc，b、c兩點(diǎn)在同一水平線上，垂直紙面的直導(dǎo)線置于b、c兩點(diǎn)，通有大小相等、方向向里的恒定電流，d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.若把置于c點(diǎn)的直導(dǎo)線的電流反向，大小保持不變，則變化后d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度（）A.大小為B0，方向水平向左B.大小為B0，方向豎直向下C.大小為B0，方向水平向右D.大小為2B0，方向豎直向下【答案】B【解析】如圖所示由幾何關(guān)系知θ=60°，設(shè)每根導(dǎo)線在d點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度為B，據(jù)平行四邊形定則有若把置于c點(diǎn)的直導(dǎo)線電流反向，據(jù)幾何知識(shí)可得α=30°d點(diǎn)合磁感強(qiáng)度大小為方向豎直向下；故選B。6.如圖所示，建筑工地上的打夯機(jī)將質(zhì)量為的重錘升高到的高度后釋放，重錘在地面上砸出一個(gè)深坑，重錘沖擊地面的時(shí)間為。不計(jì)空氣阻力，重力加速度取，則重錘對(duì)地面的平均作用力大小為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】取向上為正方向，以重錘為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理代入數(shù)據(jù)，解得根據(jù)牛頓第三定律，重錘對(duì)地面的平均作用力大小為。故選B。7.如圖所示，電風(fēng)扇的葉片勻速旋轉(zhuǎn)時(shí)將空氣以速度v向前排開，葉片旋轉(zhuǎn)形成的圓的面積為S，空氣密度為ρ，下列說法正確的是（）A.t時(shí)間內(nèi)通過葉片的空氣質(zhì)量為ρSvB.空氣對(duì)葉片的推力為C.若僅將葉片面積增大為2S，則空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)變?yōu)樵瓉淼囊话隓.單位時(shí)間內(nèi)流過葉片的空氣的動(dòng)能為【答案】B【解析】A．t時(shí)間內(nèi)葉片排開的空氣的質(zhì)量為故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．由動(dòng)量定理可得解得葉片勻速旋轉(zhuǎn)時(shí)，空氣受到的推力為根據(jù)牛頓第三定律可知，空氣對(duì)葉片的推力為，故B項(xiàng)正確；C．空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)為所以若僅將葉片面積增大為2S，則空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)不變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．單位時(shí)間，則時(shí)間為1s，所以其單位時(shí)間內(nèi)通過葉片的空氣為單位時(shí)間內(nèi)流過葉片的空氣的動(dòng)能為故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。8.閉合電路內(nèi)、外電阻的功率隨外電路電阻變化的兩條曲線如圖所示，曲線A表示內(nèi)電阻的功率隨外電阻變化的關(guān)系圖線，曲線B表示外電阻的功率隨外電阻變化的關(guān)系圖線。下列說法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢為3VB.電源的內(nèi)阻為2.5ΩC.內(nèi)電阻的最大功率為7.2WD.外電阻取2.5Ω時(shí)外電阻的功率是外電阻取10Ω時(shí)外電阻的功率的【答案】C【解析】AB．設(shè)電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，由閉合電路的歐姆定律得，電路中電流為則閉合電路中內(nèi)電阻的功率為外電阻的功率為由圖像可知，當(dāng)外電阻代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得E＝6Vr＝5ΩAB錯(cuò)誤；C．當(dāng)外電阻電路中電流最大，內(nèi)電阻功率最大，最大功率為C正確；D．由圖像可知，當(dāng)外電阻外電阻的功率為外電阻的功率為，D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）9.關(guān)于磁通量，下列說法正確的是（）A.圖甲中，通過兩金屬圓環(huán)的磁通量B.圖乙中，通過匝邊長為L的正方形金屬線圈的磁通量為C.圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，線圈在Ⅱ位置時(shí)穿過線圈的磁通量不為0D.圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，若線圈在I位置時(shí)的磁通量大小為，則線圈從I位置平移至Ⅲ位置過程中，線圈的磁通量的變化量大小為2【答案】AD【解析】A．圖甲中，通過兩金屬圓環(huán)的既有條形磁鐵的外部磁場又有內(nèi)部磁場，磁通量比較的是凈勝的磁感線條數(shù)，所以。故A正確；B．圖乙中，通過匝邊長為L正方形金屬線圈的磁通量為故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，線圈在Ⅱ位置時(shí)既有垂直紙面向里的磁場，也有垂直紙面向外的磁場，由磁場分布的對(duì)稱性可知，穿過線圈的磁通量為0。故C錯(cuò)誤；D．圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，設(shè)垂直紙面向里的磁通量為正，則線圈在I位置時(shí)的磁通量為-，由磁場分布的對(duì)稱性可知線圈在Ⅲ位置時(shí)磁通量為，則線圈從I位置平移至Ⅲ位置過程中，線圈的磁通量的變化量大小為故D正確。故選AD。10.如圖所示，電源電動(dòng)勢、內(nèi)阻r恒定，定值電阻的阻值等于，定值電阻的阻值等于，閉合開關(guān)S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)。將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表、、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為，下列說法正確的是（）A.帶電液滴將向下運(yùn)動(dòng)，定值電阻中有從流向的瞬間電流B.C.、、均不變D.電源的輸出功率變大，電源效率變小【答案】ACD【解析】A．將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知電路電流增大，根據(jù)可知電容器極板間電壓減小，根據(jù)可知電容器的電荷量Q減少，電容器放電，所以定值電阻中有從a流向b的瞬間電流。由可知極板間勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E減小，向上的電場力減小，則帶電液滴將向下運(yùn)動(dòng)。故A正確；BC．理想電壓表V1測量定值電阻R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得理想電壓表V2測量電源的路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得理想電壓表V3測量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有，，可知、、均不變，由于定值電阻的阻值等于，則有故B錯(cuò)誤，C正確；D．電源的輸出功率為可知當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大；由于定值電阻的阻值等于電源內(nèi)阻r，則電路的外電阻大于內(nèi)阻r且在減小，則電源的輸出功率變大；電源效率為由于外電阻減小，則電源效率減小，故D正確。故選ACD。11.某學(xué)習(xí)小組將一個(gè)小量程的電流表（內(nèi)阻為5Ω，量程為100mA）改裝成以下三個(gè)量程的電表：①量程為0~0.6A的電流表；②量程為0~3A的電流表；③量程為0~5V的電壓表，設(shè)計(jì)了如下圖所示的電路圖。下列說法正確的是（）A.當(dāng)使用OB接線柱時(shí)，該電表是量程為0~3A的電流表B.當(dāng)使用OC接線柱時(shí)，該電表是量程為0~5V的電壓表C.R1=0.8ΩD.R3=7.5Ω【答案】BD【解析】AB．根據(jù)電流表改裝特點(diǎn)可知，當(dāng)與表頭并聯(lián)的分流電阻阻值越小，電流表的量程越大，所以當(dāng)使用OA接線柱時(shí)，電流表量程為0~3A，使用OB接線柱時(shí)，電流表量程為0~0.6A，使用OC接線柱時(shí)，電壓表量程為0~5V，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)使用OA接線柱時(shí)，有當(dāng)使用OB接線柱時(shí)，有當(dāng)使用OC接線柱時(shí)，有聯(lián)立解得，，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。12.如圖所示，將一半徑為R的光滑半圓槽置于光滑水平面上，現(xiàn)讓一小球自左側(cè)槽口A的正上方h處由靜止開始下落，恰好與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，已知半圓槽質(zhì)量為小球質(zhì)量的4倍，則以下結(jié)論中正確的是（小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g）（）A.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒B.小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為C.小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，半圓槽向左移動(dòng)D.小球離開C點(diǎn)以后，將做斜上拋運(yùn)動(dòng)【答案】BC【解析】A．小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，由于半圓槽的彈力對(duì)小球做功，則小球的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；BD．小球與半圓槽組成的系統(tǒng)滿足水平方向動(dòng)量守恒，則系統(tǒng)的水平動(dòng)量始終為0，當(dāng)小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，小球與半圓槽具有相同的水平速度，則半圓槽的速度剛好為0，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得解得小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為此時(shí)小球的水平分速度剛好為0，所以小球離開C點(diǎn)以后，將做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故B正確，D錯(cuò)誤；C．小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可得則有小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，有聯(lián)立解得半圓槽向左移動(dòng)的距離為故C正確。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）三。實(shí)驗(yàn)題（13題8分；14題6分，共14分。）13.（1）上圖是一個(gè)20分度游標(biāo)卡尺，讀數(shù)是：__________cm。（2）某實(shí)驗(yàn)小組對(duì)比多用電表測電阻和伏安法測電阻的測量值是否相同。Ⅰ、他們找來一電阻元件，首先用多用電表測量，多用電表顯示如圖甲所示，為減小測量誤差他們又重新測量。請(qǐng)?jiān)谙铝胁僮髦羞x擇正確的操作步驟并按先后順序進(jìn)行排序________。（填步驟前的字母代號(hào)）A．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最左端0刻度B．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最右端0刻度C．使紅、黑表筆接觸待測電阻兩端，測量并讀數(shù)D．?dāng)嚅_表筆，將選擇開關(guān)旋至“OFF”擋E．將選擇開關(guān)旋至“×1”擋F．將選擇開關(guān)旋至“×100”擋Ⅱ、他們又用如圖乙所示的電路對(duì)該電阻元件進(jìn)行測量，圖乙中部分器材的參數(shù)如下：電源（電動(dòng)勢為12V，內(nèi)阻約為1Ω）；雙量程電壓表（量程為0~3V時(shí)內(nèi)阻約為3kΩ，量程為0~15V時(shí)內(nèi)阻約為15kΩ）；雙量程電流表（量程為0~0.6A時(shí)內(nèi)阻約為0.1Ω，量程為0~3A時(shí)內(nèi)阻約為0.02Ω）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值為5Ω）。①要求測量盡量精確，用筆畫線代替導(dǎo)線將圖乙中的測量電路補(bǔ)充完整____________。②用正確的電路多次測量，電壓表示數(shù)用U表示，電流表示數(shù)用Ⅰ表示，根據(jù)U?I圖像可得出電阻的測量值，考慮到系統(tǒng)誤差，該電阻的測量值_________（填“大于”“小于”或“等于”）實(shí)際值?！敬鸢浮浚?）1.070（2）EBCD小于【解析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)是（2）Ⅰ[1]由甲圖可知，選擇開關(guān)旋至“×10”擋，指針偏角較大，讀數(shù)不準(zhǔn)確，為了減小測量誤差，應(yīng)該換成“×1”擋使指針向表盤的中央三分之一區(qū)域，正確操作步驟為E．將選擇開關(guān)旋至“×1”擋B．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最右端0刻度C．使紅、黑表筆接觸待測電阻兩端，測量并讀數(shù)D．?dāng)嚅_表筆，將選擇開關(guān)旋至“OFF”擋故先后順序?yàn)镋BCD。Ⅱ①[2]滑動(dòng)變阻器總阻值較小，需要采用分壓式接法，電源電動(dòng)勢為12V，電壓表選擇0~15V量程，由甲圖可知電阻元件的阻值大約為20Ω，則電路中最大電流約為可知電流表選擇0~0.6A量程。實(shí)物連接圖如圖所示②[3]用正確的電路多次測量，電壓表示數(shù)用U表示，電流表示數(shù)用Ⅰ表示，根據(jù)U?I圖像可得出電阻的測量值，考慮到系統(tǒng)誤差，由于電壓表的分流，致使電流表的測量值大于真實(shí)值，根據(jù)歐姆定律可知該電阻的測量值小于實(shí)際值。14.為了驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒和檢驗(yàn)兩個(gè)小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學(xué)選取了兩個(gè)體積相同、質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下實(shí)驗(yàn)：①用天平測出兩個(gè)小球的質(zhì)量（分別為m1和m2）。②按照如圖所示的那樣，安裝好實(shí)驗(yàn)裝置。將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端處的切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端。③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球的落點(diǎn)位置。④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和m2在斜面上的落點(diǎn)位置。⑤用毫米刻度尺量出各個(gè)落點(diǎn)位置到斜槽末端點(diǎn)B的距離，圖中D、E、F點(diǎn)是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個(gè)落點(diǎn)位置，到B點(diǎn)的距離分別為LD、LE、LF。（1）小球m1和m2需要m1___________m2；（填“大于”、“小于”或者“等于），發(fā)生碰撞后，m1的落點(diǎn)是圖中的___________點(diǎn)。（2）實(shí)驗(yàn)中小球均落在斜面上，用測得物理量來表示，只要滿足以下關(guān)系式中的哪一項(xiàng)___________，則說明碰撞中動(dòng)量守恒；只要再滿足關(guān)系式___________，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞。（將正確答案前面的選項(xiàng)填入適當(dāng)?shù)奈恢茫〢．B．C．D．【答案】（1）大于D（2）AB【解析】（1）[1]小球m1和m2需要m1大于m2；[2]發(fā)生碰撞后，m1的落點(diǎn)是圖中的D點(diǎn)；（2）[3][4]由題可知，碰撞后m1的落點(diǎn)是圖中的D點(diǎn)，m2的落點(diǎn)是圖中的F點(diǎn)，設(shè)斜面的傾角為，小球從斜面頂端平拋落到斜面上，兩者距離為，由平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)可知可得由于、都是恒量，所以所以動(dòng)量守恒的表達(dá)式可化簡為故選A。機(jī)械能守恒的表達(dá)式可以化簡為故選B。四、計(jì)算題（本題共4小題，共46分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）。15.如圖所示，電源電動(dòng)勢E=12V，r=1Ω，電容器的電容C=350μF，定值電阻R1=1Ω，燈泡電阻R2=6Ω，電動(dòng)機(jī)的額定電壓UM=6V，線圈電阻RM=1Ω。開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，電動(dòng)機(jī)正常工作，求：（1）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率；（2）電容器極板所帶電量Q?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流為流過燈泡的電流流過電動(dòng)機(jī)的電流則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為聯(lián)立解得（2）電容器的電壓為電容器的電荷量為代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得16.如圖（a）所示電路，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過程中兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖（b）中的AC、BC兩直線所示，不考慮電表對(duì)電路的影響。（1）定值電阻R0的阻值為多大？（2）電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻分別為多少？（3）變阻器滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過程中，變阻器消耗的最大電功率為多少？【答案】（1）3Ω（2）8V，1Ω（3）4W【解析】（1）當(dāng)變阻器阻值為0時(shí)，兩電壓表讀數(shù)相等，則有（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得可知U?I圖像中BC直線的斜率絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻，則有將B點(diǎn)坐標(biāo)代入可得解得電源電動(dòng)勢為（3）變阻器的總電阻為變阻器消耗的功率為可知當(dāng)變阻器消耗的電功率最大，則有17.如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是mA=4kg和mB=3kg。用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻壁相接觸。另有一物塊C從t=0時(shí)以一定速度向右運(yùn)動(dòng)，在t=4s時(shí)與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，C的v-t圖像如圖乙所示。求：（1）C的質(zhì)量mC；（2）t=8s時(shí)彈簧具有的彈性勢能Ep1，4~12s內(nèi)墻壁對(duì)物塊B的沖量大小I；（3）B離開墻后的運(yùn)動(dòng)過程中彈簧具有的最大彈性勢能Ep2?！敬鸢浮浚?）2kg；（2）27J，36N·s；（3）9J【解析】（1）由題圖乙知，C與A碰前速度為碰后速度大小為C與A碰撞過程動(dòng)量守恒解得C質(zhì)量（2）t=8s時(shí)彈簧具有的彈性勢能為取水平向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，4~12s內(nèi)墻壁對(duì)物塊B的沖量大小（3）由題圖可知，12s時(shí)B離開墻壁，此時(shí)A、C的速度大小為之后A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能守恒，且當(dāng)A、C與B的速度相等時(shí)，彈簧彈性勢能最大解得B離開墻后的運(yùn)動(dòng)過程中彈簧具有的最大彈性勢能為18.如圖所示，一實(shí)驗(yàn)小車靜止在光滑水平面上，其上表面有粗糙水平軌道與光滑四分之一圓弧軌道。圓弧軌道與水平軌道相切于圓弧軌道最低點(diǎn)，一物塊靜止于小車最左端，一小球用不可伸長的輕質(zhì)細(xì)線懸掛于O點(diǎn)正下方，并輕靠在物塊左側(cè)。現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置時(shí)，靜止釋放小球，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生彈性碰撞。碰撞后，物塊沿著小車上的軌道運(yùn)動(dòng)，已知細(xì)線長。小球質(zhì)量。物塊、小車質(zhì)量均為。小車上的水平軌道長。圓弧軌道半徑。小球、物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取。（1）求小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊碰撞前所受拉力的大小；（2）求小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊速度的大??；（3）為使物塊能進(jìn)入圓弧軌道，且在上升階段不脫離小車，求物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)的取值范圍?！敬鸢浮浚?）6N；（2）4m/s；（3）【解析】（1）對(duì)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理解得在最低點(diǎn)，對(duì)小球由牛頓第二定律解得，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊碰撞前所受拉力的大小為（2）小球與物塊碰撞過程中，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律解得小球與物塊碰撞后的瞬間，物塊速度的大小為（3）若物塊恰好運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道的最低點(diǎn)，此時(shí)兩者共速，則對(duì)物塊與小車整體由水平方向動(dòng)量守恒由能量守恒定律解得若物塊恰好運(yùn)動(dòng)到與圓弧圓心等高的位置，此時(shí)兩者共速，則對(duì)物塊與小車整體由水平方向動(dòng)量守恒由能量守恒定律解得綜上所述物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)的取值范圍為2024—2025學(xué)年第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測高二物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的班級(jí)、姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。第Ⅰ卷（選擇題共40分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.關(guān)于磁場和磁感線，下列說法正確的是（）A.磁感線總是從N極出發(fā)，止于S極B.通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C.磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的區(qū)域，在該區(qū)域中通過某個(gè)面的磁通量一定為零D.磁場是真實(shí)存在物質(zhì)，磁感線也是客觀存在的，反映磁場的大小和方向【答案】C【解析】A．磁感線在磁體外部是從N極到S極，內(nèi)部從S極到N極，故A錯(cuò)誤；B．通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，可能是電流的方向與磁場的方向平行，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)磁通量可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度時(shí)，則磁通量，故C正確；D．磁場是一種看不見的特殊物質(zhì)，磁感線是人們?yōu)榱朔奖阊芯慷傧氤鰜淼?，不是真?shí)存在的，故D錯(cuò)誤。2.鋰離子電池已被廣泛地用于智能手機(jī)、智能機(jī)器人、電動(dòng)自行車、電動(dòng)汽車等領(lǐng)域，鋰離子電池主要依靠鋰離子（）在電池內(nèi)部正極和負(fù)極之間移動(dòng)來工作，某款手機(jī)充電鋰離子電池的標(biāo)識(shí)如圖所示。下列說法正確的是（）A.該鋰離子電池放電時(shí)，鋰離子從正極運(yùn)動(dòng)到負(fù)極B.該鋰離子電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢為1.5V的干電池弱C.該鋰離子電池充滿電后可貯存約的電能D.若該鋰離子電池的待機(jī)電流為15mA，則其最長待機(jī)時(shí)間約為96h【答案】C【解析】A．鋰離子電池放電時(shí)，在電池外部電流由正極流向負(fù)極，在電池內(nèi)部，電流由負(fù)極流向正極，鋰離子帶正電，在電池內(nèi)部鋰離子從負(fù)極運(yùn)動(dòng)到正極，故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)勢表示電池把其他能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量，電動(dòng)勢越大，該項(xiàng)本領(lǐng)越大，所以3.8V鋰離子電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比電動(dòng)勢為1.5V的干電池強(qiáng)，所以故B錯(cuò)誤；C．該鋰離子電池充滿電后可貯存的電能為故C正確；D．若該鋰離子電池的待機(jī)電流為15mA，則其最長待機(jī)時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選C。3.P1和P2是材料相同、上下表面為正方形的長方體導(dǎo)體，P1的上、下表面積大于P2的上、下表面積，將P1和P2按圖所示方式接到電源上，閉合開關(guān)后，下列說法正確的是（）A.若P1和P2的體積相同，則通過P1的電流大于通過P2的電流B.若P1和P2的體積相同，則P1的電功率大于P2的電功率C.若P1和P2的厚度相同，則P1兩端的電壓小于P2兩端的電壓D.若P1和P2的厚度相同，則P1兩端的電壓大于P2兩端的電壓【答案】B【解析】A．由于P1和P2是串聯(lián)關(guān)系，所以通過P1、P2的電流總是相等的，故A錯(cuò)誤；B．由電阻定律可得若P1和P2的體積相同，則上下表面積越大的阻值越大，即由電功率公式可知P1的電功率大于P2的電功率，故B正確；CD．由電阻定律可得若P1和P2的厚度相同，則電阻也相等；由于P1和P2是串聯(lián)關(guān)系，所以P1兩端的電壓等于P2兩端的電壓，故CD錯(cuò)誤。故選B。4.在如圖所示電路中，已知電容，電源電動(dòng)勢，內(nèi)電阻忽略不計(jì)，定值電阻，，則電容器所帶電荷量為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】定值電阻分得的電壓定值電阻分得的電壓故電容器兩端電壓為電容器所帶電荷量故選B。5.如圖所示，直角三角形abc，∠a＝60°，ad＝dc，b、c兩點(diǎn)在同一水平線上，垂直紙面的直導(dǎo)線置于b、c兩點(diǎn)，通有大小相等、方向向里的恒定電流，d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.若把置于c點(diǎn)的直導(dǎo)線的電流反向，大小保持不變，則變化后d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度（）A.大小為B0，方向水平向左B.大小為B0，方向豎直向下C.大小為B0，方向水平向右D.大小為2B0，方向豎直向下【答案】B【解析】如圖所示由幾何關(guān)系知θ=60°，設(shè)每根導(dǎo)線在d點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度為B，據(jù)平行四邊形定則有若把置于c點(diǎn)的直導(dǎo)線電流反向，據(jù)幾何知識(shí)可得α=30°d點(diǎn)合磁感強(qiáng)度大小為方向豎直向下；故選B。6.如圖所示，建筑工地上的打夯機(jī)將質(zhì)量為的重錘升高到的高度后釋放，重錘在地面上砸出一個(gè)深坑，重錘沖擊地面的時(shí)間為。不計(jì)空氣阻力，重力加速度取，則重錘對(duì)地面的平均作用力大小為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】取向上為正方向，以重錘為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理代入數(shù)據(jù)，解得根據(jù)牛頓第三定律，重錘對(duì)地面的平均作用力大小為。故選B。7.如圖所示，電風(fēng)扇的葉片勻速旋轉(zhuǎn)時(shí)將空氣以速度v向前排開，葉片旋轉(zhuǎn)形成的圓的面積為S，空氣密度為ρ，下列說法正確的是（）A.t時(shí)間內(nèi)通過葉片的空氣質(zhì)量為ρSvB.空氣對(duì)葉片的推力為C.若僅將葉片面積增大為2S，則空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)變?yōu)樵瓉淼囊话隓.單位時(shí)間內(nèi)流過葉片的空氣的動(dòng)能為【答案】B【解析】A．t時(shí)間內(nèi)葉片排開的空氣的質(zhì)量為故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．由動(dòng)量定理可得解得葉片勻速旋轉(zhuǎn)時(shí)，空氣受到的推力為根據(jù)牛頓第三定律可知，空氣對(duì)葉片的推力為，故B項(xiàng)正確；C．空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)為所以若僅將葉片面積增大為2S，則空氣對(duì)葉片的壓強(qiáng)不變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．單位時(shí)間，則時(shí)間為1s，所以其單位時(shí)間內(nèi)通過葉片的空氣為單位時(shí)間內(nèi)流過葉片的空氣的動(dòng)能為故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。8.閉合電路內(nèi)、外電阻的功率隨外電路電阻變化的兩條曲線如圖所示，曲線A表示內(nèi)電阻的功率隨外電阻變化的關(guān)系圖線，曲線B表示外電阻的功率隨外電阻變化的關(guān)系圖線。下列說法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢為3VB.電源的內(nèi)阻為2.5ΩC.內(nèi)電阻的最大功率為7.2WD.外電阻取2.5Ω時(shí)外電阻的功率是外電阻取10Ω時(shí)外電阻的功率的【答案】C【解析】AB．設(shè)電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，由閉合電路的歐姆定律得，電路中電流為則閉合電路中內(nèi)電阻的功率為外電阻的功率為由圖像可知，當(dāng)外電阻代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得E＝6Vr＝5ΩAB錯(cuò)誤；C．當(dāng)外電阻電路中電流最大，內(nèi)電阻功率最大，最大功率為C正確；D．由圖像可知，當(dāng)外電阻外電阻的功率為外電阻的功率為，D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）9.關(guān)于磁通量，下列說法正確的是（）A.圖甲中，通過兩金屬圓環(huán)的磁通量B.圖乙中，通過匝邊長為L的正方形金屬線圈的磁通量為C.圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，線圈在Ⅱ位置時(shí)穿過線圈的磁通量不為0D.圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，若線圈在I位置時(shí)的磁通量大小為，則線圈從I位置平移至Ⅲ位置過程中，線圈的磁通量的變化量大小為2【答案】AD【解析】A．圖甲中，通過兩金屬圓環(huán)的既有條形磁鐵的外部磁場又有內(nèi)部磁場，磁通量比較的是凈勝的磁感線條數(shù)，所以。故A正確；B．圖乙中，通過匝邊長為L正方形金屬線圈的磁通量為故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，線圈在Ⅱ位置時(shí)既有垂直紙面向里的磁場，也有垂直紙面向外的磁場，由磁場分布的對(duì)稱性可知，穿過線圈的磁通量為0。故C錯(cuò)誤；D．圖丙中，在通電直導(dǎo)線的磁場中，設(shè)垂直紙面向里的磁通量為正，則線圈在I位置時(shí)的磁通量為-，由磁場分布的對(duì)稱性可知線圈在Ⅲ位置時(shí)磁通量為，則線圈從I位置平移至Ⅲ位置過程中，線圈的磁通量的變化量大小為故D正確。故選AD。10.如圖所示，電源電動(dòng)勢、內(nèi)阻r恒定，定值電阻的阻值等于，定值電阻的阻值等于，閉合開關(guān)S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)。將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表、、的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為，下列說法正確的是（）A.帶電液滴將向下運(yùn)動(dòng)，定值電阻中有從流向的瞬間電流B.C.、、均不變D.電源的輸出功率變大，電源效率變小【答案】ACD【解析】A．將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知電路電流增大，根據(jù)可知電容器極板間電壓減小，根據(jù)可知電容器的電荷量Q減少，電容器放電，所以定值電阻中有從a流向b的瞬間電流。由可知極板間勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E減小，向上的電場力減小，則帶電液滴將向下運(yùn)動(dòng)。故A正確；BC．理想電壓表V1測量定值電阻R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得理想電壓表V2測量電源的路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得理想電壓表V3測量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有，，可知、、均不變，由于定值電阻的阻值等于，則有故B錯(cuò)誤，C正確；D．電源的輸出功率為可知當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大；由于定值電阻的阻值等于電源內(nèi)阻r，則電路的外電阻大于內(nèi)阻r且在減小，則電源的輸出功率變大；電源效率為由于外電阻減小，則電源效率減小，故D正確。故選ACD。11.某學(xué)習(xí)小組將一個(gè)小量程的電流表（內(nèi)阻為5Ω，量程為100mA）改裝成以下三個(gè)量程的電表：①量程為0~0.6A的電流表；②量程為0~3A的電流表；③量程為0~5V的電壓表，設(shè)計(jì)了如下圖所示的電路圖。下列說法正確的是（）A.當(dāng)使用OB接線柱時(shí)，該電表是量程為0~3A的電流表B.當(dāng)使用OC接線柱時(shí)，該電表是量程為0~5V的電壓表C.R1=0.8ΩD.R3=7.5Ω【答案】BD【解析】AB．根據(jù)電流表改裝特點(diǎn)可知，當(dāng)與表頭并聯(lián)的分流電阻阻值越小，電流表的量程越大，所以當(dāng)使用OA接線柱時(shí)，電流表量程為0~3A，使用OB接線柱時(shí)，電流表量程為0~0.6A，使用OC接線柱時(shí)，電壓表量程為0~5V，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)使用OA接線柱時(shí)，有當(dāng)使用OB接線柱時(shí)，有當(dāng)使用OC接線柱時(shí)，有聯(lián)立解得，，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。12.如圖所示，將一半徑為R的光滑半圓槽置于光滑水平面上，現(xiàn)讓一小球自左側(cè)槽口A的正上方h處由靜止開始下落，恰好與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，已知半圓槽質(zhì)量為小球質(zhì)量的4倍，則以下結(jié)論中正確的是（小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g）（）A.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒B.小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為C.小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，半圓槽向左移動(dòng)D.小球離開C點(diǎn)以后，將做斜上拋運(yùn)動(dòng)【答案】BC【解析】A．小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中，由于半圓槽的彈力對(duì)小球做功，則小球的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；BD．小球與半圓槽組成的系統(tǒng)滿足水平方向動(dòng)量守恒，則系統(tǒng)的水平動(dòng)量始終為0，當(dāng)小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，小球與半圓槽具有相同的水平速度，則半圓槽的速度剛好為0，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得解得小球在到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為此時(shí)小球的水平分速度剛好為0，所以小球離開C點(diǎn)以后，將做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故B正確，D錯(cuò)誤；C．小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可得則有小球運(yùn)動(dòng)到半圓槽的最低點(diǎn)B時(shí)，有聯(lián)立解得半圓槽向左移動(dòng)的距離為故C正確。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題共60分）三。實(shí)驗(yàn)題（13題8分；14題6分，共14分。）13.（1）上圖是一個(gè)20分度游標(biāo)卡尺，讀數(shù)是：__________cm。（2）某實(shí)驗(yàn)小組對(duì)比多用電表測電阻和伏安法測電阻的測量值是否相同。Ⅰ、他們找來一電阻元件，首先用多用電表測量，多用電表顯示如圖甲所示，為減小測量誤差他們又重新測量。請(qǐng)?jiān)谙铝胁僮髦羞x擇正確的操作步驟并按先后順序進(jìn)行排序________。（填步驟前的字母代號(hào)）A．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最左端0刻度B．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最右端0刻度C．使紅、黑表筆接觸待測電阻兩端，測量并讀數(shù)D．?dāng)嚅_表筆，將選擇開關(guān)旋至“OFF”擋E．將選擇開關(guān)旋至“×1”擋F．將選擇開關(guān)旋至“×100”擋Ⅱ、他們又用如圖乙所示的電路對(duì)該電阻元件進(jìn)行測量，圖乙中部分器材的參數(shù)如下：電源（電動(dòng)勢為12V，內(nèi)阻約為1Ω）；雙量程電壓表（量程為0~3V時(shí)內(nèi)阻約為3kΩ，量程為0~15V時(shí)內(nèi)阻約為15kΩ）；雙量程電流表（量程為0~0.6A時(shí)內(nèi)阻約為0.1Ω，量程為0~3A時(shí)內(nèi)阻約為0.02Ω）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值為5Ω）。①要求測量盡量精確，用筆畫線代替導(dǎo)線將圖乙中的測量電路補(bǔ)充完整____________。②用正確的電路多次測量，電壓表示數(shù)用U表示，電流表示數(shù)用Ⅰ表示，根據(jù)U?I圖像可得出電阻的測量值，考慮到系統(tǒng)誤差，該電阻的測量值_________（填“大于”“小于”或“等于”）實(shí)際值?！敬鸢浮浚?）1.070（2）EBCD小于【解析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)是（2）Ⅰ[1]由甲圖可知，選擇開關(guān)旋至“×10”擋，指針偏角較大，讀數(shù)不準(zhǔn)確，為了減小測量誤差，應(yīng)該換成“×1”擋使指針向表盤的中央三分之一區(qū)域，正確操作步驟為E．將選擇開關(guān)旋至“×1”擋B．使紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度盤最右端0刻度C．使紅、黑表筆接觸待測電阻兩端，測量并讀數(shù)D．?dāng)嚅_表筆，將選擇開關(guān)旋至“OFF”擋故先后順序?yàn)镋BCD。Ⅱ①[2]滑動(dòng)變阻器總阻值較小，需要采用分壓式接法，電源電動(dòng)勢為12V，電壓表選擇0~15V量程，由甲圖可知電阻元件的阻值大約為20Ω，則電路中最大電流約為可知電流表選擇0~0.6A量程。實(shí)物連接圖如圖所示②[3]用正確的電路多次測量，電壓表示數(shù)用U表示，電流表示數(shù)用Ⅰ表示，根據(jù)U?I圖像可得出電阻的測量值，考慮到系統(tǒng)誤差，由于電壓表的分流，致使電流表的測量值大于真實(shí)值，根據(jù)歐姆定律可知該電阻的測量值小于實(shí)際值。14.為了驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒和檢驗(yàn)兩個(gè)小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學(xué)選取了兩個(gè)體積相同、質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下實(shí)驗(yàn)：①用天平測出兩個(gè)小球的質(zhì)量（分別為m1和m2）。②按照如圖所示的那樣，安裝好實(shí)驗(yàn)裝置。將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端處的切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端。③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球的落點(diǎn)位置。④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和m2在斜面上的落點(diǎn)位置。⑤用毫米刻度尺量出各個(gè)落點(diǎn)位置到斜槽末端點(diǎn)B的距離，圖中D、E、F點(diǎn)是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個(gè)落點(diǎn)位置，到B點(diǎn)的距離分別為LD、LE、LF。（1）小球m1和m2需要m1___________m2；（填“大于”、“小于”或者“等于），發(fā)生碰撞后，m1的落點(diǎn)是圖中的___________點(diǎn)。（2）實(shí)驗(yàn)中小球均落在斜面上，用測得物理量來表示，只要滿足以下關(guān)系式中的哪一項(xiàng)___________，則說明碰撞中動(dòng)量守恒；只要再滿足關(guān)系式___________，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞。（將正確答案前面的選項(xiàng)填入適當(dāng)?shù)奈恢茫〢．B．C．D．【答案】（1）大于D（2）AB【解析】（1）[1]小球m1和m2需要m1大于m2；[2]發(fā)生碰撞后，m1的落點(diǎn)是圖中的D點(diǎn)；（2）[3][4]由題可知，碰撞后m1的落點(diǎn)是圖中的D點(diǎn)，m2的落點(diǎn)是圖中的F點(diǎn)，設(shè)斜面的傾角為，小球從斜面頂端平拋落到斜面上，兩者距離為，由平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)可知可得由于、都是恒量，所以所以動(dòng)量守恒的表達(dá)式可化簡為故選A。機(jī)械能守恒的表達(dá)式可以化簡為故選B。四、計(jì)算題（本題共4小題，共46分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式