河南省洛陽市創(chuàng)新發(fā)展聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高二下學(xué)期3月月考物理試題（含解析）

本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.下列有關(guān)電磁感應(yīng)定律的說法正確的是A.電路中有感應(yīng)電流，不一定有電動勢B.電路中沒有感應(yīng)電流，就一定沒有電動勢C.法拉第、紐曼、韋伯對電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻D.磁通量的變化率越大，感應(yīng)電動勢越小2.“西電東送”采用高壓輸電，在保持輸送功率及輸電線路電阻不變的情況下，將輸送電壓提高到原來的5倍，則輸電線路中電阻損耗的功率將減少到原來的ADAD3.一根長1m的導(dǎo)線中通有2A的電流，當(dāng)其處于0.5T的勻強磁場中時，導(dǎo)線受到的安培力不可能是4.如圖所示，這是清洗汽車用的高壓水槍。設(shè)水槍出水口的直徑為D,水流以速度v從槍口噴出，近距離垂直噴射到車身。所有噴到車身的水流，約有向四周濺散開，濺起時垂直車身向外的速度為,其余的水流撞擊車身后無反彈地順著車流下，由于水流與車身的作用時間較短，因此在分析水流對車身的作用力時可忽略水流所受的重力。已知水的密度為p,水流對車身的平均沖擊力大小為B.A.B.A.D.D.3億人都在用的掃描App泡。下列說法正確的是變化的圖像(x-t圖像)如圖乙所示，其中t=0.2s時物塊剛接觸薄板。彈簧的形變始終在A.當(dāng)物塊開始做簡諧運動后，振動的周期為0.8sB.t=0.4s時物塊的加速度大小為2g甲做簡諧運動的周期減小7.如圖所示，空間存在方向垂直紙面向里的勻強磁場，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣平板慮粒子間的相互作用和粒子所受的重力，已知粒子做圓周運動的半徑大小為,則下列說法正確的是B.粒子能打在板上離P點的最遠距離為2d合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。乙(2)研究光敏電阻在不同光照條件下的伏安特性：①采用圖丙中的器材進行實驗，部分實物連接已完成。要求閉合開關(guān)后電壓表和電流表的示數(shù)能從0開始。導(dǎo)線L?、L?和L?的另一端應(yīng)分別連接滑動變阻器的 接線柱。(以上三空均填接線柱標(biāo)號“A”"B”“C”或“D") (填“I”或“Ⅱ”"Ⅲ")對應(yīng)的光照最強。丁12.(9分)“祖沖之”研究小組探究楞次定律的實驗。(1)除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外，還要用到一個電表，請從下列電表中選擇oA.量程為0~3V的電壓表B.量程為0~3A的電流表C.零刻度在中間的靈敏電流計D.量程為0～0.6A的電流表(2)該同學(xué)首先按圖甲所示的電路圖接線，用來查明電流表指針的與的關(guān)系，然后再按圖乙所示的電路圖將電流表與線圈E連成一個閉合回路。在圖甲中，當(dāng)閉合開關(guān)S時，觀察到電流表的指針向左偏(不通電時指針停在正中央)。右”)偏轉(zhuǎn)，當(dāng)磁鐵插人螺線管的速度越快，電表指針的偏角(填“不變”“變大”或“變小”)R·L●●F●15.(18分)某同學(xué)受電動窗簾的啟發(fā)，設(shè)計了如圖所示的簡化模型，n個質(zhì)量均為m的滑塊剛開始均靜止且相鄰滑塊間距離均為d,最后一滑塊離端點距離也為d,滑塊碰到端點瞬間均靜止，開窗簾過程中，電機對滑塊1施加一個水平向右、大小為F的恒力，滑塊1(1)求滑塊1與滑塊2碰后瞬間的速度大小v';(2)證明每次滑塊間碰撞損失的能量相等且求出其值Q;(3)求滑塊1運動的總時間T。物理參考答案1.C【解析】電路中有感應(yīng)電流,一定有電動勢,選項A錯誤;電路中沒有感應(yīng)電流,可能有電動勢,選項B錯誤;法拉第、紐曼、韋伯對電磁感應(yīng)定律都作出了巨大貢獻,選項C正確;磁通量的變化率越大,感應(yīng)電動勢越大,選項D錯誤。2.A【解析】根據(jù)P=UI可得,則輸電線路中電阻損耗的功率△輸送電壓提高到原來的5倍,則輸電線路中電阻損耗的功率變?yōu)樵瓉淼倪x項A正確。3.C【解析】由安培力公式F=BIL可得,當(dāng)電流方向與磁場方向垂直時,導(dǎo)線受到的安培力最大為1N,選項C符合題意。4.D【解析】取△t時間內(nèi)的水流為研究對象,利用動量定理列方程得△t,F△t=十,解得選項D正確。5.B【解析】剛閉合S時,電源的電壓同時加到兩燈泡上,A、B兩燈泡同時亮,隨著線圈L中電流增大,由于線圈L的直流電阻可忽略不計,分流作用增大,B燈泡逐漸被短路直到熄滅,外電路的總電阻減小,總電流增大,A燈泡更亮,選項A錯誤、B正確;B燈泡與線圈L構(gòu)成閉合回路,所以穩(wěn)定后再斷開開關(guān)S后,B燈泡由暗變亮再逐漸熄滅,A燈泡立即熄滅,選項6.B【解析】從B點到C點的時間為半個周期則周期T=0.6s,選項A錯誤;由題中圖像知mg=k(30—20),在B點時有k(50—20)—mg=ma,解得a=2g,選項B正確;在0.2s~0.4s時間內(nèi),物塊的加速度先向下減小到0,再反向增大到2g,選項C錯誤;物塊下降高度增大,只是增大振幅,不會改變周期,選項D錯誤。P7.C【解析】如圖所示,圓O1與平板MN相切于A點,圓O2與平板MN相交于B點,PB為圓O2直徑,圓O3與平板MN相切于C點,A、C兩點為粒子恰好能打到平板上的臨界點,B為粒子能打到的距離P點最P遠的點,BC為粒子能打到平板上的范圍,改變粒子的MCABN電性,粒子能打到的范圍長度不變,但其位置發(fā)生變化,選項A錯誤;能打在板上離P點的最遠距離為d,選項B錯誤;打到平板所用時間最長的粒子的初速度為℃1,由幾何關(guān)系可得,℃1與豎直方向的夾角為30。,所以打到A點的粒子的速度偏轉(zhuǎn)角為240。,粒子從P點運動到板上的最長時間●選項C正確;BC為粒子能打到平板上的范圍,由幾何關(guān)系可得十選項D錯誤。8.AB【解析】在第1s末到第2s末的過程中,振蕩電流是充電電流,充電電流是由上極板流向下極板,則下極板帶正電,選項A、B正確;在第2s末到第3s末的過程中,振蕩電流是放電電流,電場能正在減小,磁場能正在增大,放電電流是由下極板流向上極板,由于電流為負值,所以由N點流向M點,則N點的電勢高,選項C、D錯誤。9.CD【解析】根據(jù)安培定則可知,環(huán)形電流內(nèi)部磁場的方向垂直紙面向里,則圓形線圈相當(dāng)于N極指向紙面內(nèi)的小磁針。導(dǎo)線a中通入電流時,由安培定則可判斷出,導(dǎo)線a中電流在線圈處產(chǎn)生的磁場方向向左,因小磁針N極指向磁場方向,故從上向下看時,線圈將逆時針轉(zhuǎn)動,選項A、B錯誤,C正確。當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過90。時,根據(jù)同向電流相互吸引,反向電流相互排斥可知,線圈上半部分受到向上的力,線圈下半部分受到向下的力,由于下半部分距離導(dǎo)線a較近,所以下半部分受到的安培力比較大,線圈整體受到向下的安培力,可知彈簧測力計的示數(shù)一定增大,選項D正確。10.BD【解析】小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合外力為零,水平方向上系統(tǒng)動量守恒,但系統(tǒng)所受外力之和不為零,系統(tǒng)動量不守恒,選項A錯誤;由于系統(tǒng)在水平方向上動量守恒,小球運動到B點時,小車向左的位移最大,以水平向右為正方向,在水平方向上,由動量守恒定律得解得小車的位移X=R,選項B正確;小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒,小球由A點離開小車時系統(tǒng)在水平方向上動量為零,小球與小車在水平方向上的速度為零,小球離開小車后做豎直上拋運動,選項C錯誤;小球第一次在車中運動的過程,由動能定理得解得W= ,即小球第一次在車中滾動損失的機械能為,由于小球第二次在車中滾動時,對應(yīng)位置處的速度變小,因此小車對小球的彈力變小,摩擦力變小,摩擦力做的功小于 機械能損失小于,因此小球再次離開小車時,能上升的高度h大于h0而小于選項D正確。11.(1)負極(2分)(2)①A(1分)A(1分)D或C(1分)(寫出一種合理接法及其他合理接法都算對,三空承接合理算一種正確接法,有一空不合理,算錯誤接法,本問不給分)【解析】(1)因為電流從黑表筆流出,當(dāng)黑表筆接M時,多用電表指針位于表盤中a位置,即電阻很大,所以二極管反接,由此斷定M端為二極管的負極。(2)①由題意知滑動變阻器按分壓式接入電路,導(dǎo)線L1、L2和L3的另一端應(yīng)分別連接滑動變阻器的A、A、D或C。②由圖像知斜率的倒數(shù)等于二極管的電阻值,那么Ⅲ的阻值最小,又已知光照越強,該光敏電阻的阻值越小,所以圖線Ⅲ對應(yīng)的光照最強。12.(1)C(1分)(2)偏轉(zhuǎn)方向(2分)電流方向(2分)(3)向左(2分)變大(2分)【解析】(1)在探究楞次定律的實驗中,除需要已知繞向的螺線管、條形磁鐵外,還要用到一個零刻度在中間的靈敏電流計,選項C正確。(2)實驗前要查明電流流入電表的方向與電表指針偏轉(zhuǎn)方向的關(guān)系,用來判斷感應(yīng)電流的方向。(3)當(dāng)閉合開關(guān)S時,觀察到電流表的指針向左偏轉(zhuǎn),說明電流從負接線柱流入時,電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)。磁鐵N極插入線圈E過程中,線圈E中磁通量向下增大,根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流將從電流表負接線柱流入,則此時電流表的指針將向左偏轉(zhuǎn),當(dāng)磁鐵插入螺線管的速度越快,磁通量變化越快,感應(yīng)電流也較大,電表的指針偏角變大。13.解:(1)小球A從P點由靜止釋放瞬間彈簧的彈力為零,小球A、B一起向右運動對小球A、B整體,由牛頓第二定律得Mg=2Ma(1分)解得(1分)(2)設(shè)小球A靜止于0點時,彈簧的形變量為X0,KX0=Mg小球A、B組成的系統(tǒng)做簡諧振動,振幅由對稱性可知,小球A向右運動至最遠點時,對A有2KX0—F=Ma(1分)對小球B有F—Mg=Ma(1分)(3)細線斷裂后A球單獨做簡諧振動,其平衡位置為P點,振幅變?yōu)锳1=2X(1分)則A球單獨做簡諧振動的振動方程X當(dāng)小球A第一次返回0點時,位移X有X(1分)解得(1分)小球A到0點過程中彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球A的動能,有14.解:(1)導(dǎo)體棒剛開始運動時,加速度最大由牛頓第二定律得F=mam(1分)(2)當(dāng)安培力等于F時,導(dǎo)體棒的速度最大E=BLΨm(1分)F=BIL(1分)解得(1分)(3)由動量定理得(4)由能量守恒定律得Q=F父(1分)解得(1分)15.解:(1)由動能定理得滑塊1與滑塊2碰撞時間忽略不計,后一起運動,可以看成完全非彈性碰撞,有解得(1分)(2)由動能定