2025年高考第二次沖刺模擬考試 物理試卷（上海卷）（全解全析）

2025年上海高考第二次模擬考試

物理，全解全析

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

一、“鵲橋"中繼衛(wèi)星（3分+3分+3分+7分，共16分）

"鵲橋"中繼衛(wèi)星可以對通信信號進(jìn)行中繼中轉(zhuǎn)，幫助中國科學(xué)家獲取月球背面的信息，成功地從月球

背面采集土壤并返回地球。

1.某段時間內(nèi)中繼衛(wèi)星向地球發(fā)射了一種電磁波。當(dāng)接收器的頻率設(shè)置為歷時，接收到的能量最大，產(chǎn)生

"電諧振"現(xiàn)象。則中繼衛(wèi)星發(fā)射的電磁波頻率約為（）

11

A.2foB.foC.D.-

ZJoJo

2.科學(xué)家在傳回地球的電磁信號中分離出一列如圖（a）所示的正弦波，傳播方向向右。從該時刻起經(jīng)過寺

周期，波形為（）

（a）

三。

3.用運載火箭把"鵲橋"發(fā)射升空時，如圖（b）所示水平風(fēng)速為0,當(dāng)?shù)鹪龃髸r，要保持火箭相對于地面

的速度v不變，則火箭相對于空氣的速度V2需要（）

A.減小B.增大

4.如圖（c）所示為地球赤道所在平面的剖視圖。地球半徑為R,地球視為球體。

（1）若地表重力加速度為g,則距離地心6R處的重力加速度為

L111

人?（6：）gB.mC.國gD-3g

（2）若以6R為邊界，圖（C）的陰影區(qū)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場?；鸺盏倪^程中，產(chǎn)生的

一個比荷包為女的帶電粒子以正對地心的方向射入該勻強(qiáng)磁場，其軌跡恰與地表相切。求該帶電粒子

m

在勻強(qiáng)磁場中運動的時間。

27r

【答案】1.B2.D3.B4.（1）D（2）——

3kB

【解析】1.當(dāng)電磁波的頻率和振蕩電路的固有頻率相同時，會產(chǎn)生電諧振，振蕩電流的振幅最大，

接收電路產(chǎn)生的振蕩電流最強(qiáng)，接收到的能量最大。故選B。

2.根據(jù)波的平移法可知，從該時刻起經(jīng)過g周期，波形向右平移|波長，為D項所示。故選D。

3.速度的分解關(guān)系如圖

當(dāng)口增大時，要保持火箭相對于地面的速度V不變，V2需要增大。故選B。

4.(1)根據(jù)萬有引力與重力的關(guān)系有攀=mg洲會=相且'解得g'=gg故選0。

(2)粒子運動軌跡如圖

設(shè)粒子運動的半徑為「，根據(jù)幾何關(guān)系有(r+7?)2=(V37?)2+r2解得r=R

設(shè)粒子運動的圓心角為凡滿足sin，巫解得6=120。

227?

2

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有qvB^m-

r

則粒子運動的時間為，=券1200義2子nr

解得”言27r故選C。

3kB

二、無人機(jī)(3分+2分+5分+3分+5分，共18分)

無人機(jī)因機(jī)動性能好，生存能力強(qiáng)，無人員傷亡風(fēng)險等優(yōu)點，被廣泛應(yīng)用在生產(chǎn)生活中。已知重力加

速度為g，—質(zhì)量為根=2.0kg的無人機(jī)對一轎車進(jìn)行拍攝。如圖，無人機(jī)以車中心所在的豎直線為軸線，

在地面上方的水平面內(nèi)做半徑為尺=4.0m、角速度為刃=1.5rad/s的勻速圓周運動。(g取lOm/s?)

1一R

5.此運動過程中，空氣對無人機(jī)的作用力方向為()

A,豎直向上B.斜向上C.水平方向D.斜向下E,豎直向下

6.此運動過程中，空氣對無人機(jī)的作用力大小為N(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

7.某同學(xué)利用無人機(jī)玩投球游戲。無人機(jī)在距地高為“水平面內(nèi)勻速直線運動，釋放可視為質(zhì)點的小球,

小球飛行過程中不計空氣阻力。

(1)小球在空中飛行過程中，小球加速度方向的是()

（2）若小球到達(dá)水平地面時，速度方向與水平方向間的夾角為。，則無人機(jī)勻速飛行時的速度大小

為;

8.若無人機(jī)在傾角一定的斜坡上方進(jìn)行投球。每隔相等時間釋放一小球，第一個小球落在“點，第二個小

球落在b點。斜坡上c、d兩點與a、b共線，且ab=bc=cd,那么第三個小球?qū)⒙湓冢ǎ?/p>

Hb

A.帆之間B.c點C.cd之間D.d點、

9.一質(zhì)量為他的無人機(jī)從地面靜止開始豎直向上飛行，該過程中加速度。隨上升高度方的變化關(guān)系如圖所

示。無人機(jī)飛至高為2飽處時，空氣對其作用力大小為；無人機(jī)飛至3瓦處時的速度為.?

【答案】5.B6.277.C12gli8.A9.2mgJ5g&

tan。

【解析】5.對無人機(jī)進(jìn)行受力分析，受重力，空氣作用力，二者的合力沿水平方向提供向心力，

故空氣對無人機(jī)的作用力方向為斜向上。故選B。

6.因為無人機(jī)在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，由牛頓第二定律有心=mR（o2

其中Fl=F2-（mg）2

聯(lián)立解得，空氣對無人機(jī)的作用力大小為尸。27N

7.⑴小球在空中飛行過程中，水平方向上有初速度，豎直方向上受重力作用，故小球做平拋運動,

加速度為重力加速度。故選C?

⑵小球做平拋運動，在豎直方向上有v；=2g",tane=2解得v=1邁

匕.tanQ

8.如圖所示

假設(shè)第二顆小球經(jīng)過Ab,第三顆經(jīng)過P。（。點是軌跡與斜面的交點）;

則a,A,B,P,C在同一水平線上，由題意可知，設(shè)aA=AP=x（）,ab=bc=L,斜面傾角為仇

三顆小球到達(dá)a所在水平面的豎直速度為七,水平速度為％,

對第二顆小球，水平方向上有\(zhòng)=LcosO-xo=vot,

豎直向上有％=V/,+1gtf

若第三顆小球的軌跡經(jīng)過cC,則對第三顆小球，水平方向上x2=2Lcos0-2xo=vot2

1,

豎直方向上y2=vyt2+-gq

解得t2=2%,%>2%

所以第三顆小球的軌跡不經(jīng)過cC,應(yīng)該在c的正下方，所以軌跡與斜面的交點在be之間,

即第三顆小球?qū)⒙湓诨抑g。故選A。

9.[1]從&飛至2%高處，根據(jù)牛頓第二定律可得F-mg=mg解得F=2mg

⑵無人機(jī)飛至3瓦處，根據(jù)動能定理可得機(jī)g.也詈=；機(jī)丫2解得v=鬧;

三、電荷（3分+3分+8分，共14分）

電荷可以產(chǎn)生電場，18世紀(jì)初奧斯特發(fā)現(xiàn)的電流的磁效應(yīng)。同時，磁場對運動電荷也具有作用。

10.如圖，長為L的絕緣輕繩懸掛一帶正電的絕緣小球，處在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)將小球拉起

一小角度（小于5。）釋放。若逐漸減小磁感應(yīng)強(qiáng)度（忽略空氣阻力且細(xì)線始終拉直），下列關(guān)于小球說

法正確的是（）

X

X

X

XXXX

A.擺動過程最高點逐漸降低B.每次經(jīng)過A點的速度大小不相等

C.每次經(jīng)過A點時線上的拉力大小始終相等D.擺動的周期不變

11.如圖，帶正電小球從水平面豎直向上拋出，能夠達(dá)到的最大高度為由（如圖甲）；若加水平向里的勻強(qiáng)

磁場（如圖乙），小球上升的最大高度為〃2；若加水平向右的勻強(qiáng)電場（如圖丙），小球上升的最大高度

為打。每次拋出的初速度相同，不計空氣阻力，則（）

XXX

A./z3>/i2>/z1B.%=/z2>/?1

12.如圖，從粒子源P發(fā)出的正離子經(jīng)國和S?之間高電壓U加速后，以一定速率從S3縫射入磁場瓦

（1）正離子在磁場B中的轉(zhuǎn)動快慢與（）有關(guān)；

A.粒子電荷量B.粒子質(zhì)量C.粒子速度D.軌道半徑E.磁感應(yīng)強(qiáng)度

（2）軌跡相同的粒子同種粒子；（選涂：A.是B.不一定是C.不是）

（3）若2?=2T,加速電壓U=4xl（）8v,該粒子的電荷量g與質(zhì)量機(jī)之比為SxlCfC/kg,求：該粒子在磁

場中的軌道半徑七

【答案】10.D11.B12.（1）ABE（2）B（3）2m

【解析】

10.AB.洛倫茲力對小球不做功，可知擺動過程小球的機(jī)械能守恒，則最高點的位置不變,

每次經(jīng)過A點的速度大小相等，選項AB錯誤;

C.每次經(jīng)過A點向右擺動時受洛倫茲力向上，向左擺動時受洛倫茲力向下，

根據(jù)T+f^-mg=my可知，線上的拉力大小不相等，選項C錯誤；

D.洛倫茲力不影響單擺的周期，則擺動的周期不變，選項D正確。

故選Do

11.小球以一定的初速度也豎直向上拋出，能夠達(dá)到的最大高度為4=工

2g

加上水平向右的勻強(qiáng)電場時，豎直方向仍只受重力，能夠達(dá)到的最大高度為用=三

圖乙加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，洛倫力不做功，但洛倫茲力使小球發(fā)生偏轉(zhuǎn)，

使小球在最高點具有一定的水平速度丫工，根據(jù)動能定理可得-wig%■根V；-gm說

可得鼠＜&-=兒=%故選B。

~2g

27rm

12.(1)正離子在磁場2中的轉(zhuǎn)動快慢與周期有關(guān)，而周期T=—~

qB

可知與粒子電荷量、粒子質(zhì)量以及磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)，故選ABE。

(2)根據(jù)Uq=—mv2Bqv=m—解得

2RByq

可知軌跡相同的粒子的荷質(zhì)比相同，但不一定是同種粒子；故選B。

(3)粒子在電場中的加速過程，應(yīng)用動能定理Uq=^-mv2得y==2xl08m/s

2vm

2

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力Bqv=m^得R=2m

四、物質(zhì)的微觀結(jié)構(gòu)(4分+3分+6分+2分，共15分)

物質(zhì)是由分子或原子組成，電子的發(fā)現(xiàn)揭開了人類探索物質(zhì)微觀世界的序幕，人們意識到原子并非

是組成物質(zhì)的最小粒子，原子內(nèi)部還有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)。

13.分子有大小：由于分子太小，人類無法直接測量。在"用單分子油膜估測分子大小”的實驗中，我們把組

成物質(zhì)的分子視作是球形；把油膜看作是油酸分子一個緊挨著一個平鋪開來而形成的單分子油膜。已知

配制好的油酸酒精溶液濃度為c,測得“滴油酸酒精溶液的體積為V.則一滴油酸酒精溶液中，油酸的體

積匕==滴入一滴油酸酒精溶液至均勻撒有琲子粉的水面上，油膜充分散開后的面積為S。則

可以估測出油酸分子的直徑為。

14.（多選題）分子間相互作用：在液體與固體接觸的地方，由于固體分子對附著層內(nèi)液體分子的作用力和

液體內(nèi)部分子間作用力的大小不同，液體對固體表面有浸潤和不浸潤兩種現(xiàn)象。對下列判斷正確的是（）

A.水對玻璃是浸潤的B.水對醫(yī)用脫脂棉是不浸潤的

C.水銀對玻璃是浸潤的D.水對防水衣材料是不浸潤的

15.原子的模型：玻爾在盧瑟福原子核式結(jié)構(gòu)的基礎(chǔ)上，引入了量子化概念，提出了玻爾原子理論。根據(jù)

這一理論，原子從一個能量狀態(tài)躍遷到另外一個能量狀態(tài)，會吸收或發(fā)射一定頻率的光子。

（1）如圖所示為氫原子能級圖。大量處于"=4能級的氫原子向低能級躍遷時發(fā)出不同頻率的光。用這些光

照射金屬鈣。已知金屬鈣的逸出功為3.20ek能夠從金屬鈣的表面照射出光電子的光共有（）

nE/eV

00----------------------------0

4=^=^=-0.85

3----------1.51

2----------3.4

1------------------13.6

A.2種B.3種C.4種D.5種

（2）如一束復(fù)色光。在圖示平面內(nèi)，經(jīng)圓心。從空氣中射入半圓形玻璃磚，出射光為6、c兩束單色光。

這是光的現(xiàn)象；玻璃磚對從。兩束光的折射率大?。c（填"等于"、"大于"或"小于"）。

16.原子核內(nèi)部有結(jié)構(gòu)：盧瑟福發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子以后，猜想在原子核內(nèi)除質(zhì)子外還存在著另一種粒子X,后來科

學(xué)家用a粒子轟擊破核實驗證實了這一猜想,該核反應(yīng)方程為：；He+：Be-"+：x,則（）

A.X是中子,m=l,n=0B.X是電子,m=l,n=0

C.X是中子,m=0,n=\D.X是電子,m=0,n=l

叫

【答案】13.14.AD15.(1)B（2）折射或色散大于16.A

nS

【解析】

13.已知配制好的油酸酒精溶液濃度為c,測得〃滴油酸酒精溶液的體積為Vo.則一滴油酸酒精溶液中,

油酸的體積K=—

n

滴入一滴油酸酒精溶液至均勻撒有排子粉的水面上，油膜充分散開后的面積為5。

則可以估測出油酸分子的直徑為”=3=當(dāng)

SnS

14.A.水對玻璃是浸潤的，選項A正確；

B.水對醫(yī)用脫脂棉是浸潤的，選項B錯誤；

C.水銀對玻璃是不浸潤的，選項C錯誤；

D.水對防水衣材料是不浸潤的，選項D正確。

故選AD?

15.(1)[1]根據(jù)組合公式可知，大量的處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時，能發(fā)出6種不同頻率

的光電子，它們的能量分別是：

El=-0.85eV-(-1.51eV)=0.66eV；

E2=-0.85eV-(-3.40eV)=2.55eV；

E3=-0.85eV-(-13.6eV)=12.75eV；

E4=-1.51eV-(-3.40eV)=1.89eV；

E5=-1.51eV-(-13.6eV)=12.0eV

E6=-3.40eV-(-13.6eV)=10.2eV

可見有三種光電子的能量大于3.20eV,故能夠從金屬鈣的表面照射出光電子的光共有三種，故選B。

(2)⑵光線進(jìn)入玻璃磚時傳播方向發(fā)生了改變，則該現(xiàn)象為光的折射現(xiàn)象；

⑶兩束光入射角相等，光線6的折射角較小，根據(jù)n=^-

smr

則b的折射率較大，b、c兩束光的折射率大小%大于利。

16.根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，m=1,n=0,則X是中子，故選A。

五、簡易溫度計(3分+4分+3分+3分+4分，共17分)

小明同學(xué)設(shè)計了一種測溫裝置，用于測量室內(nèi)的氣溫(室內(nèi)的氣壓為一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓氣壓，相當(dāng)于

76cm汞柱產(chǎn)生的壓強(qiáng))，結(jié)構(gòu)如圖所示，大玻璃泡A內(nèi)有一定量的氣體，與A相連的B管插在水銀槽

中，管內(nèi)水銀面的高度尤可反映泡內(nèi)氣體的溫度，即環(huán)境溫度。

X

17.當(dāng)室內(nèi)溫度為270時，B管內(nèi)水銀面的高度為16cm,B管的體積與大玻璃泡A的體積相比可忽略不計,

下列說法中正確的是（）

A.該測溫裝置利用了蓋?呂薩克定律

B.B管上所刻的溫度數(shù)值上高下低

C.B管內(nèi)水銀面的高度為22cm時，室內(nèi)的溫度為-3℃

D.若把這個已經(jīng)刻好溫度值的裝置移到高山上，測出的溫度比實際偏低

18.將這個簡易溫度計放入冰箱，靜置一段時間后，溫度計放入冰箱后，B管內(nèi)水銀柱液面會（選填

A."升高"B."降低"C."不變"）。設(shè)玻璃泡內(nèi)氣體內(nèi)能變化的絕對值為AU,氣體做功的絕對值為

W,則氣體在這個過程中吸收的熱量為。

19.某次讀數(shù)過程中小明同學(xué)不小心使測量裝置發(fā)生了如圖所示的小角度傾斜，則容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)將（）

20.將密封于裝置中的氣體看作理想氣體，在某一過程中，該氣體從狀態(tài)。依次經(jīng)過仍、6c和〃三個熱

力學(xué)過程達(dá)到狀態(tài)乩若該氣體的體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的V-T圖像如圖所示，則對應(yīng)的氣體壓

強(qiáng)P隨T變化的P-T圖像正確的是（）

21.水銀氣壓計在超失重情況下不能顯示準(zhǔn)確的氣壓。若某次火箭發(fā)射中攜帶了一只水銀氣壓計。發(fā)射的

火箭艙密封，起飛前艙內(nèi)溫度"=300K,水銀氣壓計顯示艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)為1個大氣壓外。當(dāng)火箭以加

速度a=g豎直向上起飛時，艙內(nèi)水銀氣壓計示數(shù)穩(wěn)定在0=06/，已知水銀氣壓計的示數(shù)與液柱高度成

正比，如圖所示?？梢暈槠痫w時重力加速度恒為g,求起飛時艙內(nèi)氣體的溫度。

真空

P。T

IO6Po

【答案】17.C18.A-W-AU19.C20.C21.360K

【解析】17.A.A中密封的氣體體積不變，所以該測溫裝置利用了查理定律，故A錯誤；

B.容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)pA=p0-x可知，A中氣體的壓強(qiáng)越大，x越小，

由華=祟可知，溫度越高A中的氣體壓強(qiáng)越大，B管上所刻的溫度數(shù)值上低下高，故B錯誤；

c.B管內(nèi)水銀面的高度為22cm時，由

可得室內(nèi)的溫度為,二啦=（。。-22）?（；：+273）=270K=-39故c正確；

PiPL16

D.若把這個已經(jīng)刻好溫度值的裝置移到高山上，因為外界大氣壓變小，B中液柱會降低，

根據(jù)刻度上低下高可知測出的溫度比實際偏高，故D錯誤。

故選C。

18.溫度計放入冰箱后，A中氣體壓強(qiáng)減小，所以B管內(nèi)水銀柱液面會升高，故選A；

氣體溫度降低，所以內(nèi)能減少，外界對氣體做功，由熱力學(xué)第一定律有-AU=W+Q

可得氣體吸收的熱量為。=-3-八。即氣體放熱。

19.容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)PA=P°-X其中x是管內(nèi)水銀面的高度不是液柱的長度，

所以裝置發(fā)生小角度傾斜時，液柱的高度不變，則容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)不變。

故選Co

20.由V-T圖可知，afb是等壓變化，溫度升高，所以p-T是平行與T軸的直線，6fc是等溫變化,

體積變大，壓強(qiáng)變小，所以P-T是垂直與T軸向下的直線，cfd是等容變化，溫度升高，壓強(qiáng)變大,

并且壓強(qiáng)與溫度成正比，所以P-T是過原點的傾斜直線。

故選Co

21.設(shè)當(dāng)火箭以a=g的加速度豎直向上起飛時，艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)為2,以氣壓計內(nèi)的水銀柱為研究對象,

根據(jù)牛頓第二定律有P2S-mg=ma解得P2=2魯

設(shè)水銀密度為P,此時水銀氣壓計內(nèi)液柱高度為九則有mg=PghS

根據(jù)題意有U6p0=pgh解得P2=12po

以艙內(nèi)氣體為研究對象，根據(jù)查理定律有牛=?解得Z=360K

六、法拉第電磁感應(yīng)定律（3分+4分+4分+5分+4分，共20分）

法拉第電磁感應(yīng)定律的發(fā)現(xiàn)一方面使人們制造出了發(fā)電機(jī)和變壓器，電能的大規(guī)模生產(chǎn)和遠(yuǎn)距離輸

送成為可能；另一方面，電磁感應(yīng)現(xiàn)象在電工技術(shù)、電子技術(shù)、電工測量等方面都有廣泛的應(yīng)用，人

類社會從此邁入了電氣化時代。

22.渦流、電磁驅(qū)動和電磁阻尼都是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，三者常常有緊密聯(lián)系。下列說法正確的是（）

甲乙

A.圖甲中，如果在上下振動的磁鐵下固定一個鋁板，磁鐵會很快靜止下來，這屬于電磁阻尼現(xiàn)象

B.圖甲中，如果在上下振動的磁鐵下固定一個鋁板，磁鐵振動時，鋁板中會產(chǎn)生渦流，渦流對磁鐵總

有排斥作用

C.圖乙中，豎直放置的蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動后，同軸的閉合線圈會同向轉(zhuǎn)動，這屬于電磁阻尼現(xiàn)象

D.圖乙中，蹄形磁鐵勻速轉(zhuǎn)動時間足夠長，閉合線圈的轉(zhuǎn)速可以大于蹄形磁鐵的轉(zhuǎn)速

23.圖是一種延時繼電器的示意圖。鐵芯上有兩個線圈A和B。線圈A跟電源連接，線圈B兩端連在一起，

構(gòu)成一個閉合電路。在斷開開關(guān)S的時候，彈簧K將（A：立即；B：過一會兒）將銜鐵D向上拉

起，原因是：______________________

24.從發(fā)電機(jī)輸出的電壓通常需要通過變壓器將電輸送給用戶。某同學(xué)為研究變壓器的規(guī)律，利用圖示裝

置進(jìn)行實驗，圖中左右線圈匝數(shù)之比為3:1,現(xiàn)該同學(xué)在左側(cè)輸入端接入一12V的恒壓直流電源，則右

側(cè)輸出端測出的電壓為（選涂："A：4V"、"B：0V"）。當(dāng)該同學(xué)左側(cè)接入。=12忘sinlOOm的電壓

時，右側(cè)測出的電壓值為（選涂："A：4V"、"B：12&V"）

25.如圖所示，矩形線圈面積為S,匝數(shù)為N,線圈電阻為廠，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場中繞OO'軸以

角速度。勻速轉(zhuǎn)動,外電路電阻為凡當(dāng)線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過90。的過程中,通過電阻R的電荷量4=

電阻R上所產(chǎn)生的熱量。=o

26.為了測量儲罐中不導(dǎo)電液體高度，將與儲罐外殼絕緣的平行板電容器C置于儲罐中，先將開關(guān)與。相

連，穩(wěn)定后再將開關(guān)撥到b,此時可測出由電感心與電容C構(gòu)成的回路中產(chǎn)生的振蕩電流的頻率。已知

振蕩電流的頻率隨電感工、電容C的增大而減小，若儲罐內(nèi)的液面高度降低，測得的LC回路振蕩電流

的