湖南省郴州市2025屆高三下學(xué)期第三次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理試卷 含解析

郴州市屆高三第三次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項(xiàng)：、答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上。、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題（本大題共6小題，每小題4分，共分。每小題只有一個選項(xiàng)符合題目要求）1.1967年6月17日上午8點(diǎn)20分，由徐克江機(jī)組駕駛的轟六甲型戰(zhàn)機(jī)在新疆羅布泊上空投下一個降落傘。伴隨著一聲巨響，中國第一顆氫彈空投爆炸試驗(yàn)成功。氫彈爆炸的核反應(yīng)方程為列說法中正確的是（）A.該核反應(yīng)為裂變反應(yīng)B.X粒子是質(zhì)子C.該核反應(yīng)產(chǎn)能效率高D.該核反應(yīng)的廢料不易處理【答案】C【解析】【詳解】AB．該核反應(yīng)為聚變反應(yīng)，設(shè)X粒子的質(zhì)量數(shù)為A，電荷數(shù)為Z，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒有2+3=4+A，1+1=2+Z解得A=1，Z=0所以X粒子為中子，選項(xiàng)AB錯誤；CD．核聚變相同質(zhì)量的核燃料，反應(yīng)中產(chǎn)生的能量較多，且更為安全、清潔，選項(xiàng)C正確，D錯誤。故選C。2.國產(chǎn)新能源汽車近年來取得了顯著進(jìn)步。在某次安全測試中，某款新能源汽車在平直公路上行駛，突然與之間的關(guān)系圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）第1頁/共20頁A.1s末汽車的速度為10m/sB.2s內(nèi)汽車的平均速度為14m/sC.第2s內(nèi)汽車的位移為24mD.經(jīng)過3s汽車的位移為25m【答案】D【解析】【詳解】ABC．根據(jù)題意，由運(yùn)動學(xué)公式整理可得結(jié)合圖像可得，即故1s末汽車的速度為2s末汽車的速度為2s內(nèi)汽車的平均速度為第2s內(nèi)汽車的位移為選項(xiàng)ABC錯誤；D．汽車停下來的時(shí)間經(jīng)過3s汽車的位移為選項(xiàng)D正確。故選D。第2頁/共20頁3.qm的帶電小球以一定初速度沿虛線方向拋出，以拋出點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)沿豎直向下方向建立y軸，運(yùn)動過程中小球的動能和機(jī)械能隨坐標(biāo)y的變化關(guān)系如圖乙中圖線abE0g空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.小球初速度大小B.電場強(qiáng)度大小為C.小球拋出時(shí)重力勢能為E0D.小球加速度大小為【答案】B【解析】【詳解】A．小球初動能為E，根據(jù)可得初速度大小，故A錯誤；B．根據(jù)動能定理得根據(jù)功能關(guān)系得則電場強(qiáng)度大小為，故B正確；D．由牛頓第二定律有第3頁/共20頁小球加速度大小為，故D錯誤；C．初始狀態(tài)所以小球拋出時(shí)重力勢能為，故C錯誤。故選B。4.如圖所示，等邊三角形abc中心處靜置一長直通電導(dǎo)線M，導(dǎo)線與abc紙面垂直，電流方向未知，該空間還存在與bc邊平行足夠大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向如圖中所示，已知a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則（）A.M中的電流方向垂直于紙面向里B.b、c兩點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為BC.沿Ma方向到無窮遠(yuǎn)處，磁感應(yīng)強(qiáng)度先減小后增大，方向一直不變D.若僅使M的電流反向，則b、c兩點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B【答案】D【解析】Aabc三點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Ba點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0M導(dǎo)在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與勻強(qiáng)磁場B等大方向，由右手螺旋定則可知M中的電流方向垂直于紙而向外，故A錯誤；B．M導(dǎo)線在bc兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向，如圖所示第4頁/共20頁因?yàn)锽=B，由幾何關(guān)系可知b、c兩點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故B錯誤；Ca點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0a點(diǎn)下側(cè)到MMa強(qiáng)度的方向水平向右，故C錯誤；D．若僅使M的電流反向，則b、c兩點(diǎn)B0和B的夾角變?yōu)?20°，b、c兩點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，故D正確。故選D。5.北京時(shí)間2025年1月21日1時(shí)12約8.5與衛(wèi)星A在同一平面內(nèi)，二者沿同一方向（順時(shí)針）做勻速圓周運(yùn)動，航天員剛出艙時(shí)神十九、衛(wèi)星A與地心連線的夾角為60°1.5hA的軌道半徑是神十九的4此后8.5小時(shí)內(nèi)，衛(wèi)星A在神十九正上方的次數(shù)為（）A.5B.6C.7D.8【答案】A【解析】第5頁/共20頁【詳解】神十九的運(yùn)動周期為T，衛(wèi)星A的運(yùn)動周期為T，由開普勒第三定律有解得T=12h衛(wèi)星A在神十九正上方的運(yùn)動時(shí)間滿足根據(jù)題意t≤8.5h，解得n﹤5故n取0，1，2，3，4，衛(wèi)星A在神十九正上方的次數(shù)為5。故選A。6.2025年蛇年春節(jié)前夕，小李同學(xué)看到工人在清潔學(xué)校禮堂的玻璃，如圖甲所示。某時(shí)刻工人坐在質(zhì)量不計(jì)的水平小木板上保持靜止?fàn)顟B(tài)，小木板長邊BC與豎直墻面平行（Cβ=53°OA與豎直墻面的夾角α=37°連接小木板的兩等長輕繩AB，AC的夾角θ=120°，且與OA在同一傾斜平面內(nèi)，圖丙為小木板、輕繩OA、AB、AC的平面圖。工人及工具所受總重力為mg，sin37°=0.6，g為重力加速度，則（）A.AB繩的拉力為0.8mgB.玻璃墻對腳的作用力為0.75mgC.其他條件不變，增大θ角，OA的拉力變大D.其他條件不變，增大α角，OA的拉力變小【答案】A【解析】【詳解】AB．工人和木板整體受力如圖所示第6頁/共20頁玻璃墻對腳的作用力為FOA上的張力大小為FF=mgcos37°=0.8mgF=mgsin37°=0.6mg以A點(diǎn)為研究對象，AB、AC的夾角為120°，同理有F=F=0.8mgA正確,B錯誤；C．其他條件不變，增大θ角，OA的拉力不變，選項(xiàng)C錯誤；D．其他條件不變，增大α角，如圖所示OA的拉力變大，D錯誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題（本大題共4小題，每小題5分，共分。每小題給出的4個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）7.生活中常見“蜻蜓點(diǎn)水”的現(xiàn)象，某同學(xué)觀察到平靜的湖水面上蜻蜓點(diǎn)水后水面開始上下做簡諧運(yùn)動，經(jīng)過0.2s0.4m）A.該機(jī)械波的傳播速度為1m/sB.該機(jī)械波的波長為0.8mC.經(jīng)過0.4s，該樹葉傳到距離點(diǎn)水處0.8m處第7頁/共20頁D.該機(jī)械波遇到0.4m小孔可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象【答案】BD【解析】【詳解】A．經(jīng)過0.2s，距離點(diǎn)水處0.4m處的樹葉開始振動，機(jī)械波的波速故A錯誤；B．圖像可知該機(jī)械波的周期T=0.4s，該機(jī)械波的波長為故B正確；C．機(jī)械波中，振動質(zhì)點(diǎn)不會隨波遷移，故C錯誤；D．因?yàn)椴ㄩL大于0.4m，當(dāng)機(jī)械波的波長大于障礙物或者小孔的尺寸時(shí)，可以發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確。故選BD8.如圖所示，等腰棱鏡ABC放在水平桌面上，棱鏡的底角，一束光線垂直于AB邊從D點(diǎn)入射，經(jīng)過棱鏡后，剛好垂直射到水平桌面上，已知光在真空中的傳播速度為c，AD的長度為L，則（）A.該棱鏡的折射率為B.第一次從AC面射出的光線在棱鏡中的傳播時(shí)間為C.經(jīng)AC面反射的光線可以直接從AB面射出D.棱鏡中光線第一次射到AB面的時(shí)間為【答案】AD【解析】【詳解】A．光的傳播光路圖如圖所示第8頁/共20頁光線射到AC面時(shí)入射角為θ，折射角為γ，根據(jù)幾何關(guān)系可知由折射定律有解得故A正確；B．由幾何關(guān)系有光在棱鏡中傳到AC邊的速度為光在棱鏡中傳播到AC邊的時(shí)間解得故B錯誤；C．光在棱鏡中全反射的臨界角滿足故根據(jù)幾何關(guān)系，光第一次射到AB面上的入射角為60°，光線不會直接從AB面射出，故C錯誤；D．由幾何關(guān)系有光線第一次射到AB面的時(shí)間為故D正確。故選AD。9.如圖所示的電路，電源內(nèi)阻不計(jì)，電源電動勢為E，定值電阻R=R，滑動變阻器R2的總阻值為4R，電第9頁/共20頁容器的電容為C，閉合開關(guān)當(dāng)滑動變阻器的滑動頭從最左端a滑到最右端b時(shí)，下列說法正確的是（）A.電容器上的最大帶電量為B.電阻R1的功率先增大后減小C.電阻R2的功率先增大后減小D.電流表的示數(shù)一直在增大【答案】CD【解析】【詳解】A．滑動變阻器接入電路的電阻為根據(jù)當(dāng)R左=R右時(shí)，即當(dāng)滑動變阻器的滑動頭滑到變阻器的正中央時(shí)，變阻器接入電路的總電阻最大，此時(shí)，電容器上的電壓最大，為電容器上的最大帶電量為選項(xiàng)A錯誤；B．當(dāng)滑動變阻器的滑動頭從最左端a滑到最右端b時(shí)，回路電阻先增大后減小，回路電流先減小后增大，根據(jù)電阻R1的功率先減小后增大，選項(xiàng)B錯誤；CR1看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)變阻器接入電路的電阻和R1電阻相等時(shí)，變阻器上消耗的功率最大，故當(dāng)滑動變阻器的滑動頭滑到變阻器的正中央時(shí)，變阻器上消耗的功率最大，當(dāng)滑動變阻器的滑動頭從最左端a滑到最右端b時(shí)，電阻R2的功率先增大后減小，選項(xiàng)C正確；D．當(dāng)滑動頭從a滑到變阻器的中央時(shí)，變阻器上的電壓逐漸增大，變阻器右側(cè)電阻減小，故根據(jù)第10頁/共20頁電流表的示數(shù)逐漸增大，當(dāng)滑動頭從中部滑到b端時(shí)，總電阻減小，回路總電流增大，而變阻器左側(cè)的電流減小，故變阻器右側(cè)的電流一定增大，電流表的示數(shù)仍在增大，選項(xiàng)D正確。故選CD。10.d為dn=20d的正方形金屬線圈（dc邊與磁場邊界平行）以初速度v0從第一個磁場的左邊界垂直進(jìn)入磁場，結(jié)果線圈恰好能穿過完整的磁場的個數(shù)N=5。下列說法正確的是（）A.線圈每經(jīng)過一個磁場的動量變化量相等B.線圈每經(jīng)過一個磁場的發(fā)熱量相等C.線圈剛好離開第一個磁場的速度為D.磁場的個數(shù)仍為5【答案】AD【解析】A此類推。線圈在進(jìn)入磁場或穿出磁場的過程中，速度變化量為，由動量定理有閉合電路歐姆定律得再由法拉第電磁感應(yīng)定律有因?yàn)槊看芜M(jìn)入磁場或穿出磁場時(shí)線圈中磁通量變化量第11頁/共20頁聯(lián)立可解得表明線圈在進(jìn)入或穿出磁場的過程中速度的變化量相等，線圈每經(jīng)過一個磁場的速度變化量相等，動量變化量相竽，選項(xiàng)A正確；B項(xiàng)B錯誤；C．根據(jù)上述分析可求出故線圈剛好離開第一個磁場的速度為選項(xiàng)C錯誤；D．根據(jù)線圈電阻線圈質(zhì)量聯(lián)立可推知N與n無關(guān)，故線圈仍能通過5個完整的磁場，選項(xiàng)D正確。故選AD。三、非選擇題（本題共5小題，共分）（1）小李同學(xué)在“用單擺測定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中：實(shí)驗(yàn)時(shí)測得小球的直徑為D，改變擺長，測出幾組擺T的數(shù)據(jù)作出力加速度，其表達(dá)式__________（用T、T、l、l、π縱軸截距的絕對值是___________（用D第12頁/共20頁（2）小明同學(xué)學(xué)習(xí)了傳感器后，利用該小球和擺線，設(shè)計(jì)了利用力傳感器做測定重力加速度的創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)，l擺線的拉力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖丙所示。則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣瓤杀硎緸椋ㄓ肈lt、π【答案】（1）①.②.（2）【解析】【小問1詳解】[1][2]根據(jù)題意，由單擺周期公式有解得結(jié)合圖像可知其斜率k為解得第13頁/共20頁圖像縱軸截距的絕對值是。【小問2詳解】由圖丙可知，周期為單擺周期聯(lián)立可得12.伏安法測電阻是最重要的測量電阻的方法。（1）常規(guī)測量方法如圖甲所示，無論將P接a還是接b，考慮到電表內(nèi)阻的影響，該實(shí)驗(yàn)都有系統(tǒng)誤差，將P接a時(shí)，該誤差產(chǎn)生的原因是電壓表的________。（2）①小劉同學(xué)改進(jìn)了測量原理測量待測電阻R，電路圖如圖乙所示。其中A電源電動勢和內(nèi)阻未知，B電源的電動勢為E，GS1和S2時(shí)，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使得靈敏電流計(jì)不偏轉(zhuǎn)，則此時(shí)a點(diǎn)的電勢φa和b點(diǎn)的電勢φb的關(guān)系為φ________φ>”“=”或“<”）②已知靈敏電流計(jì)的電流方向從d到bS1和S2要使電流計(jì)指在正中央，應(yīng)________R”或“減小R”）③某次測量，當(dāng)電流計(jì)的讀數(shù)為0時(shí)，電流表的讀數(shù)為I，則待測電阻為________。第14頁/共20頁④若電源B的內(nèi)阻不能忽略，則待測電阻的測量值________>”“=”或“﹤”）【答案】（1）分流（2）①.>②.減小R1③.④.=【解析】【小問1詳解】圖甲中“P?接?a”時(shí)所用的是“外接法”，此時(shí)誤差的根源正是電壓表有有限內(nèi)阻并且與待測電阻并聯(lián)，造成了“電壓表分流”。簡而言之，電壓表并未真正做到“只測電壓不耗電流”，從而導(dǎo)致系統(tǒng)誤差?！拘?詳解】①[1]當(dāng)靈敏電流計(jì)的讀數(shù)為0a?端經(jīng)待測電阻?R??流向?b?②[2]靈敏電流計(jì)從d?到b時(shí)指針向右偏，現(xiàn)實(shí)際卻向左偏（即電流從b到db點(diǎn)電勢偏高。要使電流計(jì)回到中央零點(diǎn)，就需“降低”b點(diǎn)電勢，故Rx電壓要增大，應(yīng)減小R。③[3]電流計(jì)讀數(shù)為0時(shí)，待測電阻上的電壓為E，通過待測電阻的電流為I，故待測電阻為④[4]若電源B具有內(nèi)阻但此時(shí)又無電流流出（因G測得?R??仍等于其真實(shí)值，所以待測電阻測量值＝真實(shí)值。13.ABABA氣體壓強(qiáng)為pk塞橫截面積為B中的氣體緩慢抽走B氣體的體積變?yōu)樵瓉淼?。外界溫度保持不變，重力加速度為g。求：（1）抽走部分氣體之后A、B氣體的壓強(qiáng)；（2）抽走部分氣體的過程中活塞下降的距離。【答案】（1），（2）第15頁/共20頁【解析】【小問1詳解】設(shè)抽氣前A、B的體積均為V，對氣體A，抽氣后根據(jù)玻意耳定律得解得活塞的質(zhì)量為，則初態(tài)時(shí)氣體B的壓強(qiáng)解得對氣體B分析，若體積不變的情況下抽去的氣體，則壓強(qiáng)變?yōu)樵瓉淼?，則根據(jù)玻意耳定律得解得【小問2詳解】抽走部分氣體的過程中活塞下降的距離等于彈簧的壓縮量x，對活塞受力分析有根據(jù)胡克定律得聯(lián)立解得14.如圖，xOy平面內(nèi)有大量質(zhì)子從原點(diǎn)O在180°的范圍內(nèi)連續(xù)以相同速率v0向y軸右側(cè)發(fā)射，右側(cè)足夠遠(yuǎn)處放置與x軸垂直且足夠大的熒光屏，O在熒光屏上的投影點(diǎn)為O'I象限和第IV象限一定范圍內(nèi)分別施加一個垂直于xOy光屏上CC'范圍內(nèi)，已知O'C=O'C'=R。忽略質(zhì)子間的相互作用，已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e，求：（1）磁場在第I象限的方向和大?。唬?）在I、IV象限所加磁場的最小總面積。第16頁/共20頁【答案】（1）垂直xOy平面向外，（2）【解析】【小問1詳解】從原點(diǎn)O豎直向上射出的電子垂直打在熒光屏上，故磁場方向必定垂直xOy平面向外，根據(jù)題意可得粒子的回旋半徑為R，洛倫茲他提供圓周運(yùn)動的向心力，根據(jù)牛頓第二定律則有解得【小問2詳解】在由O點(diǎn)射入第I象限的所有質(zhì)子中，沿y軸正方向射出的電子轉(zhuǎn)過圓周，速度變?yōu)檠豿軸正方向，這O'O點(diǎn)的連線與y軸正方向夾角為θ離開磁場時(shí)電子速度變?yōu)檠豿軸正方向，其射出點(diǎn)（也就是軌跡與磁場邊界的交點(diǎn)）的坐標(biāo)為（x，y圖中幾何關(guān)系可得，消去參數(shù)可知磁場區(qū)域的下邊界滿足的方程為這是一個圓的方程，圓心在（0，R）處，磁場區(qū)域?yàn)閳D中兩條圓弧所圍成的面積，磁場的最小面積為根據(jù)對稱性可知，磁場的最小總面積為15.如圖所示，水平傳送帶以v=5.0m/s的速率沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動，左端與一豎直放置的光滑圓弧軌L=1.6mR=0.2m第17頁/共20頁弧軌道最上端s=2.4m處由靜止釋放滑塊A