2019年高考物理一輪復(fù)習(xí)第七章靜電場第2講電場能的性質(zhì)的描述練習(xí)

1、第2電場能的性質(zhì)的記述大板塊3限時規(guī)范特訓(xùn)時間： 45分滿分： 100分一、選擇題(本題共10項，各項7分，共70分。 其中17是單一選擇，810是多個選擇)1. 2017重慶仿真如圖所示，如果空間上有兩個等量的正點電荷，a、b兩點在其切線的中垂線上，以下說法一定正確()。電場強度EaEbB .電場強度EabD .電位ab答案c解析2個等量同種的點電荷線的中點o的電場強度為零，無限遠電場強度也為零，因此，從中點o沿著中垂線無限遠電場強度先增大后減少的2點的電荷間距離及從a、b2點到o點的距離未知，因此，不能確定a、b2點的電場強度的大小，不能確定a， 根據(jù)b錯誤的電場強度重日式榻榻米原理，Oa

2、b直線上的電場強度方向向上，沿電界線方向電位逐漸降低，因此a點電位必定比b點電位高，c正確，d錯誤。2. 2017重慶仿真在正七邊形的七個頂點上各固定一個電荷量q的點電荷，各電荷的電特性如圖所示，o點是正七邊形的幾何中心。 如果空間中有點m，MO垂直于有正七邊形的平面，則以下表示是正確的()A.M點的電場強度方向沿著OM線，從o點朝向m點B.M點的電場強度方向沿著OM線，從m點朝向o點c .負的檢查電荷從m點向無限遠移動，電場力為正的辦事兒d.1個正檢查電荷從m點向無限遠移動，電場力為正的辦事兒答案d由于解析系統(tǒng)電荷分布關(guān)于OM不具有對稱性，所以m點電場強度不沿著OM接線，若僅考慮a、b錯誤的

3、7個電荷的OM方向的電場強度成分，則由于電場強度方向從o朝向m點，所以m點電位比無限遠電位高，所以1個負的檢查電荷從m點向無限遠移動3. 2017山東煙臺一型直線mn是某電場中的電場線，方向如圖所示。 帶正電的粒子僅通過電場力從a點移動到b點，軌跡為拋物線，a、b分別為a、b點的電位。 以下說法正確的是()可能有abb .這個電場可能是由點電荷引起的電場c .粒子電荷在b點的動能一定大于a點的動能d .在粒子電荷從a移動到b的過程中，電勢一直很小答案c由于解析軌跡是拋物線，所以粒子受到的力是一定的，所位于的電場是均勻的強電場，所以不是由點電荷引起的電場，而是在b誤差粒子進行曲線運動的過程中，受

4、到的合力總是指向軌跡的內(nèi)側(cè)，粒子帶正電，受到的電場力的方向和電場強度的方向相同，所以粒子的運動軌跡從圖2可以看出，電場力總是正功，電勢一直減少，動能增大，電位減少，從圖1可以看出，電場力先負辦事兒4. 2017廣西柳州模擬如圖所示，分別在m、n這2點上固定地放置2個點電荷q和-q(Qq )，在以MN接線的中點o為圓心的圓周上有a、b、c、d這4點。 以下說法正確的是()A.A點和b點的電場強度相同B.C點和d點的電場強度相同c .某正電荷從c點沿直線移動到d點，電勢先增大后減少d .某正電荷從c點沿直線移動到d點，電勢先減少后增大答案c根據(jù)解析Qq，由于a點的電界線比b點的電界線密，所以a點的

5、電場強度比b點的電場強度大，得到a錯誤的電場關(guān)于MN對稱，由于Qq，所以c點的電場強度的大小與d點的電場強度的大小相等因為Qq，某正電荷從c點轉(zhuǎn)移到o點，電勢負功，電勢能增大，從o點轉(zhuǎn)移到d點，電勢正功，電勢能減少，c正確，d錯誤。5.2017福建龍巖市質(zhì)量檢查將無限遠的電位設(shè)為零，電荷量q的點電荷周圍的某一點的電位可以用=來補正，式中的r是從該點到點電荷的距離，k是靜電力常數(shù)。 兩電荷量均為大小q的異種點電荷，如圖所示固定在相隔l的2點。 現(xiàn)在，將一個質(zhì)子(電荷量為e )從二點電荷線上的a點沿著以電荷q為中心、以半徑為r的半圓形軌跡ABC移動到c點，將質(zhì)子從a移動到c的過程中的電勢的變化狀況

6、設(shè)為()增加。增加。減少，減少，減少答案b分析a點的電勢為A=k k，c點的電勢為C=k k，a、c之間的電勢差為UAC=A-C=-。 質(zhì)子從a轉(zhuǎn)移到c，電場功為WAC=eUAC=-0，因此質(zhì)子的電勢能增加，b是正確的。6. 2017四川成都一診如圖所示，在垂直固定的光滑絕緣細棒上的o點加入電荷量-Q(Q0 )的小環(huán)，在棒的左側(cè)固定電荷量q(q0 )的點電荷，棒上的a、b兩點和q正好構(gòu)成全等三角形，c是aaa的小環(huán)如果知道ab=Oa=l，則靜電力常數(shù)為k，重力加速度為g。 則()a .在a點，環(huán)所受到的彈力的大小在b.c點，環(huán)的動能最大在c.c點，小環(huán)的電勢最大在d.b點，小環(huán)的速度答案d解析

7、為a點，小環(huán)受到的電荷斥力沿著aQ方向，大小為k，水平方向的小環(huán)受到的力取得平衡，因此小環(huán)受到的右彈力的大小為電荷斥力的水平方向的分力sin60=，在a錯誤c點，小環(huán)在水平方向上受到電場力和桿的由于重力在垂直方向上作用，合力垂直向下，小環(huán)有垂直向下的加速度，所以在c點小環(huán)的動能不最大，b誤差c點最接近點電荷q，電位最高，帶負電荷的小環(huán)在c點的電勢最小，c錯誤因為從b的2點到q的距離相等，所以a、b的2點電位相等，小的環(huán)從a點到b點，電場功為0，應(yīng)用動能定理，mgl=mv-mv2，vb=，d是正確的。7 .在真空中離開l的2個固定點電荷e、f所具有的電荷量的大小分別為QE和QF，在它們共同形成的

8、電場中，一個電界線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電界線的方向。 電場線上寫有m、n兩點，其中n點的切線與EF線平行，NEFNFE。 則()A.E帶正電，f帶負電，QEQF在b.m點放出從靜止到帶正電的檢查電荷，檢查電荷沿著電場線移動到n點超過c.n點的等電位面垂直于EF線d .負的檢驗電荷在m點的電勢能比在n點的電勢能大答案c分析是根據(jù)電場線的指向知道e帶正電，f帶負電的n點的電場強度為e，f兩電荷在n點產(chǎn)生的電場強度的矢量和，電荷e在n點產(chǎn)生的電場方向為EN向上，電荷f在n點產(chǎn)生的電場方向為NF向下，合電場方向為水平向右， f電荷在n點產(chǎn)生的電場強度比e電荷在n點產(chǎn)生的電場強度大，點Ep=

9、q，帶負電的檢查電荷從n點向d點移動，電勢能量先減少后增大，因此電場力先正功后負功，d不正確，符合題意10 .如一個電場的電界線分布圖所示，如果電場中有a、b、c三點，且AB=BC，則由于以下關(guān)系正確的是()a .電場強度的大小關(guān)系是EA=ECEB電位，電位c .帶負電的粒子從a經(jīng)過b向c點移動的過程中，電場力先負功后正辦事兒d .在使一帶正帶電粒子從a經(jīng)由b向c點移動的過程中，電勢能先增大后減少答案BD由電場線分布可知，EA=EC0，在使帶負電的粒子從a經(jīng)由b向c點移動的過程中，電場力先正功后負功，c錯誤。 在使一帶的帶正電粒子從a經(jīng)過b向c點移動的過程中，電場力先負功后正功，電勢能先增大后

10、減少，d是正確的。二、非選擇題(本題共二項，共三十分)。11 .如 2017福建廈門質(zhì)量檢查(14點)圖所示，平滑絕緣的水平軌道AB與四分之一圓弧軌道BC平滑連接，均位于水平右側(cè)的平均強電場，平均強電場的電場強度E=5103 V/m，圓弧軌道半徑R=0.4 m。 現(xiàn)有帶電量q=210-5 C、質(zhì)量m=510-2 kg的物塊(能夠看作質(zhì)點)從距離b端s=1 m的p點靜止釋放，加速運動到b端，平滑地進入圓弧軌道BC，重力加速度g=10 m/s2(1)塊在水平軌道上加速運動的時間和到達b點的速度vB的大小(2)搖滾樂進入圓弧軌道后立即受到的支持力NB的大小。答案(1)1s 2米/秒(2)1n解析(1

11、)在物塊從靜止向運動釋放到b點的過程中，從牛頓的第二定律可知qE=ma另外，運動學(xué)的公式是s=at2解： t=1 s又因： vB=at取得： vB=2 m/s(2)物塊剛進入圓弧軌道時，半徑方向牛頓的第二定律如下：n b -毫克=米解： NB=1 N12.2015上海模擬(16點)已知在絕緣粗糙度的水平面上，在6L距離的a、b兩處分別固定電量不同的正電荷，兩電荷的位置坐標如圖甲所示，b處的電荷的電量為q。 圖b是AB線間的電位和位置x之間的相關(guān)系譜圖。圖中，x=L點是格拉夫的最低點，x=-2L處的縱坐標，x=0處的縱坐標，x=2L處的縱坐標。 在x=-2L的c點從靜止釋放質(zhì)量m、電量q的帶電物塊(可以看作質(zhì)點)時，物塊搖滾樂向右移動。 拜托了(1)固定于a的電荷的電量QA(2)為了使小物件搖滾樂能夠達到x=2L，嘗試研究滿足小物件塊搖滾樂與水平面間的動摩擦系數(shù)的條件(3)如果小物件搖滾樂和水平面間的動摩擦系數(shù)=，小物件搖滾樂移動到哪里速度最快？ 求出最大速度vm。答案(1)QA=4Q (2) (3)小物件搖滾樂移動到x=0時的速度最大vm=分析(1)由圖b得到，x=L點是圖的最低點，切線梯度為零，即合成電場強度e合=0所以=求解得=、QA=4Q。(2)搖滾樂先進行加速運動，然后進行減速運動，以x=2L達到速度v10從x=-2L到x=2L的過程中，可以從動能定理中得出。q