山東省日照市2019屆高三物理上學(xué)期期末考試試卷（含解析）.docx

山東省日照市2019屆高三物理上學(xué)期期末考試試卷（含解析）一、本題包括15小題，每小題3分，共45分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第110小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1115小題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分。1.用光電管進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，分別用頻率不同的單色光照射到同種金屬上。下列說法正確的是A. 頻率較小的入射光，需要經(jīng)過足夠長的時(shí)間照射才能發(fā)生光電效應(yīng)B. 入射光的頻率越大，極限頻率就越大C. 入射光的頻率越大，遏止電壓就越大D. 入射光的強(qiáng)度越大，光電子的最大初動能就越大【答案】C【解析】【分析】金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入射光的極限頻率；只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能發(fā)生光電效應(yīng)；光電子的最大初動能與金屬的逸出功和入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；光電流的大小與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，與入射光的頻率無關(guān)?！驹斀狻緼只要入射光的頻率低于金屬的極限頻率，無論時(shí)間多長，無論光的強(qiáng)度多大，都不會發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯誤；B金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入射光的極限頻率，與入射光的頻率無關(guān)，故B錯誤；C根據(jù) 可知，入射光的頻率越大，遏止電壓就越大，故C正確；D根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，可知光電子的最大初動能隨照射光的頻率增大而增大，與光照強(qiáng)度無關(guān)，故D錯誤。故選：C?！军c(diǎn)睛】本題考查光電效應(yīng)的規(guī)律和特點(diǎn)，我們一定要熟記光電效應(yīng)的現(xiàn)象和遵循的規(guī)律，只有這樣我們才能順利解決此類問題。2.豎直向上發(fā)射一物體(不計(jì)空氣阻力)，在物體上升的某一時(shí)刻突然炸裂為a、b兩塊，質(zhì)量較小的a塊速度方向與物體原來的速度方向相反，則A. a塊的速度一定比原來物體的速度小B. b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同C. b塊的速度一定比原來物體的速度小D. 炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定小于a塊的動量變化量大小【答案】B【解析】【分析】當(dāng)物體的速度沿水平方向炸裂成a、b兩塊時(shí)，質(zhì)量較大的a的速度方向仍沿原來的方向，根據(jù)動量守恒定律判斷可知b運(yùn)動方向一定沿水平方向?！驹斀狻緼BC在炸裂過程中，由于重力遠(yuǎn)小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動量守恒。炸裂前物體的速度沿水平方向，炸裂后a的速度沿原來的水平方向，根據(jù)動量守恒定律有：；解得：；由題意可知，b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同，故A錯誤，B正確，C錯誤；D由動量守恒可知，炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定等于a塊的動量變化量大小，故D錯誤。故選：B?！军c(diǎn)睛】本題是動量守恒定律的應(yīng)用，基礎(chǔ)題系統(tǒng)動量守恒，不僅作用前后總動量的大小保持不變，總動量的方向也保持不變，解題時(shí)要抓住這一點(diǎn)。3.下列核反應(yīng)中，屬于原子核的衰變的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】衰變生成物為或粒子，原子核的人工轉(zhuǎn)變是由人為行為發(fā)生的和反應(yīng)方程，不是自發(fā)的衰變、裂變和聚變等。【詳解】A根據(jù)衰變的特點(diǎn)，該方程中有生成，屬于衰變，故A正確；B根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，屬于輕核的聚變，故B錯誤；C根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知， 屬于重核的裂變，故C錯誤；D根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，屬于人工轉(zhuǎn)變，故D錯誤。故選：A?！军c(diǎn)睛】本題較簡單，只要根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒判斷出生成物的成分，牢記常見的核反應(yīng)方程的類型即可解決此類題目。4.一物體在外力作用下由靜止開始沿直線運(yùn)動，其加速度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖線如圖所示。下列說法正確的是A. 物體運(yùn)動的最大速度是4 msB. t=4s時(shí)物體回到出發(fā)點(diǎn)C. t=4s時(shí)物體開始反向運(yùn)動D. t=1s末和t=3s末物體的瞬時(shí)速度相同【答案】D【解析】【分析】本題考查根據(jù)加速度圖象分析物體運(yùn)動情況的能力。要知道圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度變化量，注意2-3s內(nèi)物體不是回頭向負(fù)方向運(yùn)動，而是繼續(xù)向正方向運(yùn)動?！驹斀狻緼圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示速度變化量，由圖可知，物體運(yùn)動的最大速度是為，故A錯誤；BC物體做加速度增大的加速運(yùn)動，物體做加速度減小的加速運(yùn)動，物體做加速度反向增大的減速運(yùn)動，物體做加速度反向減小的減速運(yùn)動，根據(jù)對稱性可知，物體在4s末時(shí)速度減為零，4s后物體又重復(fù)前面的運(yùn)動，故B、C錯誤；D由B、C項(xiàng)分析可知，t=1s末和t=3s末物體的瞬時(shí)速度相同，故D正確。故選：D。5.在勻強(qiáng)磁場中，一個(gè)100匝的矩形金屬線圈，繞與磁感線垂直的固定軸勻速轉(zhuǎn)動，線圈外接定值電阻和電流表(如圖甲所示)。穿過該線圈的磁通量按正弦規(guī)律變化(如圖乙所示)。已知線圈的總電阻為2，定值電阻R=8(取=10)。下列說法正確的是A. 電動勢的瞬時(shí)值表達(dá)式B. 電流表的示數(shù)最小為0C. 一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為32JD. 0.5s1.5s的時(shí)間內(nèi)，通過線圈橫截面的電荷量為0【答案】C【解析】【分析】根據(jù)圖象得到t=0時(shí)穿過線圈平面的磁通量大小，計(jì)算此交流電的最大值和有效值，根據(jù)焦耳定律計(jì)算一個(gè)周期產(chǎn)生的熱。【詳解】A感應(yīng)電動勢的最大值為Em=NBS=Nm= 線圈電動勢的瞬時(shí)表達(dá)式為 ，故A錯誤；BC電流表的示數(shù)為交變電流的有效值，一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 ，故B錯誤，C正確；D0.5s1.5s的時(shí)間內(nèi)，通過線圈橫截面的電荷量為，故D錯誤。故選：C?！军c(diǎn)睛】本題考查交變電流產(chǎn)生過程中，感應(yīng)電動勢與磁通量、磁通量變化率的關(guān)系，關(guān)鍵抓住兩個(gè)特殊位置：一是線圈與磁場垂直位置是磁通量最大的位置，該位置是電流方向改變的轉(zhuǎn)換點(diǎn)；二是線圈與磁場平行位置，該位置磁通量為零，是電流強(qiáng)度增大與減小的轉(zhuǎn)換點(diǎn)。6.如圖所示，某段滑草坡傾角為，總質(zhì)量為m(包括滑草車在內(nèi))的小朋友從距底端高為h處的坡上由靜止開始勻加速下滑，經(jīng)過時(shí)間t到達(dá)滑草坡的底端。則小朋友從開始到滑到底端的過程中，下列說法正確的是(重力加速度用g表示)A. 滑草坡對小朋友的支持力的沖量為零B. 小朋友所受重力的沖量為mgsintC. 小朋友所受重力的最大功率為D. 小朋友的機(jī)械能減少了【答案】C【解析】【分析】由牛頓第二定律可求得合外力和運(yùn)動員所受的阻力，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律分析能量是如何轉(zhuǎn)化的求得合外力所做的功，再由動能定理可求得動能的變化量由摩擦力做功可求得機(jī)械能的變化量。【詳解】A由沖量定義I=Ft可知，滑草坡對小朋友的支持力的沖量不為零，故A錯誤；B由沖量定義可知，小朋友所受重力的沖量為mgt，故B錯誤；C小朋友滑到最底端時(shí)，小朋友的速度最大，由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律可得：，解得：，所以此時(shí)重力的功率最大為：，故C正確；D小朋友的機(jī)械能減少了，故D錯誤。故選：C?！军c(diǎn)睛】在理解功能關(guān)系時(shí)，應(yīng)抓住重力做功等于重力勢能的變化量，阻力做功等于機(jī)械能的改變量，而合力外力做功等于動能的變化量。7.如圖，一帶正電荷的油滴在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動，其軌跡在豎直面(紙面)內(nèi)，且相對于過軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對稱，軌跡上兩點(diǎn)從M、N在同一水平面上。忽略空氣阻力，由此可知A. 油滴可能從M點(diǎn)由靜止釋放B. 油滴在從M、N兩點(diǎn)的加速度相同C. M點(diǎn)的電勢高于P點(diǎn)的電勢D. 油滴在M點(diǎn)的電勢能比它在P點(diǎn)的大【答案】B【解析】【分析】根據(jù)曲線運(yùn)動的特點(diǎn)：合外力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可判斷油滴的受力情況，再根據(jù)電場力的性質(zhì)即可判斷電場線的方向，從而明確電勢高低；根據(jù)電場力做功情況可明確動能的變化以及電勢能的變化；根據(jù)力的性質(zhì)可明確加速度的關(guān)系。【詳解】A根據(jù)油滴的彎曲方向和對稱性可知，粒子受到的合力一定豎直向上，所以油滴不可能從M點(diǎn)由靜止釋放，故A錯誤；B因小球在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動，受到電場力和重力都是恒力，合力也恒力，故P、Q兩點(diǎn)加速度相同，故B正確；C粒子帶正電，則電場方向必定豎直向上，由沿電場線方向電勢越來越低可知，M點(diǎn)的電勢低于P點(diǎn)的電勢，故C錯誤；D粒子帶正電，正電荷在電勢高處電勢能大，所以油滴在M點(diǎn)的電勢能比它在P點(diǎn)的小，故D錯誤。故選：B?！军c(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動，要注意分析知道油滴的受力情況，抓住對稱性分析合力方向，再去分析電場力的性質(zhì)；同時(shí)注意掌握物體做曲線運(yùn)動的條件應(yīng)用。8.如圖甲所示，線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上，若線圈ab中電流i與時(shí)間t的關(guān)系圖線如圖乙所示，則在這段時(shí)間內(nèi)，下列關(guān)于線圈cd中產(chǎn)生的感應(yīng)電流icd與時(shí)間t的關(guān)系圖線，可能正確的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】在每個(gè)時(shí)間段內(nèi)電流隨時(shí)間做正弦式變化，則根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，判斷線圈感應(yīng)電動勢的大小，根據(jù)楞次定律判斷cd兩點(diǎn)間電動勢方向?！驹斀狻坑蓤D乙可知，在t=0時(shí)刻，圖線的斜率最大，即電流變化最快，電流產(chǎn)生的磁場變化最快，cd線圈中的磁通量變化最快，所以此時(shí)在cd線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，由于漏磁現(xiàn)象，此時(shí)的最大電流比ab中的電流更小綜上所述，對比各項(xiàng)可得：D正確。故選：D?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，知道磁場變化與電流變化的關(guān)系，還要掌握楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的方向，注意斜率與磁通量的變化率成正比。9.如圖所示，一輛有驅(qū)動力的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一質(zhì)量為1Kg的物塊相連。物塊和小車一起向右勻速運(yùn)動時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧彈力大小為2N。若小車開始向右加速運(yùn)動，則A. 隨著小車的加速度增大，物塊受到的摩擦力逐漸減小B. 隨著小車的加速度增大，物塊受到的彈簧彈力逐漸增大C. 當(dāng)小車的加速度大小為5ms2時(shí)，物塊一定與小車相對滑動D. 當(dāng)小車的加速度大小為4ms2時(shí)，物塊一定與小車相對靜止【答案】D【解析】【分析】小球和小車具有相同的加速度，對小球運(yùn)用牛頓第二定律，判斷出加速度的方向，得知小車的加速度方向，從而知道小車的運(yùn)動情況?！驹斀狻緼當(dāng)小車與物塊相對滑動后，隨著小車的加速度增大，物塊受到的滑動摩擦力不變，故A錯誤；B當(dāng)小車與物塊相對靜止時(shí)，彈簧彈力始終不變，故B錯誤；CD由題可知，物塊與小車間的最大靜摩擦力大于等于2N，當(dāng)摩擦力等于2N時(shí)，方向向右，彈力等于2N，物塊的合力為4N，由牛頓第二定律可得，加速度為4m/s2，故C錯誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵抓住小球和小車具有相同的加速度，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解。10.平面OM和平面ON之間的夾角為60，其橫截面(紙面)如圖所示，平面OM上方存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q(q0)。粒子沿紙面以某一速度從OM的A點(diǎn)向左上方射入磁場，速度與MO成60角。已知OA=d，且粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，從OM上另一點(diǎn)射出磁場，不計(jì)重力。則粒子的入射速度大小為A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由幾何關(guān)系得出半徑，再由牛頓第二定律求解速度大小?！驹斀狻苛Ｗ舆M(jìn)入磁場做順時(shí)針方向的勻速圓周運(yùn)動，軌跡如圖所示，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有： 根據(jù)軌跡圖知 ， 由幾何關(guān)系得： 解得： 聯(lián)立解得：故選：A?！军c(diǎn)睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，分析清楚粒子運(yùn)動過程、作出粒子運(yùn)動軌跡，由牛頓第二定律求出粒子的臨界軌道半徑即可正確解題。11.如圖，在斜面頂端以不同的初速度水平拋出幾個(gè)小球，所有小球均落在斜面上。忽略空氣阻力，下列說法正確的是A. 所有小球的豎直位移與水平位移之比都相等B. 小球的運(yùn)動時(shí)間與初速度的平方成正比C. 所有小球落到斜面上時(shí)的速度方向都相同D. 小球從拋出到離斜面最遠(yuǎn)的過程中，豎直位移為總豎直位移的一半【答案】AC【解析】【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)下降的高度之比求出平拋運(yùn)動的時(shí)間之比，結(jié)合水平位移之比求出初速度之比平拋運(yùn)動在某時(shí)刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍。【詳解】A所有小球都落在斜面上，所以所有小球的位移方向相同，設(shè)斜面的傾角為，所有小球的豎直位移與水平位移之比都等于，故A正確；B小球水平方向做勻速直線運(yùn)動， ；豎直方向做自由落體運(yùn)動，；所以：；解得：，故B錯誤；C平拋運(yùn)動在某時(shí)刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，可知，由于所有小球的位移方向相同，所以所有小球落到斜面上時(shí)的速度方向都相同，故C正確；D小球在豎直方向的總位移為，小球從拋出到離斜面最遠(yuǎn)時(shí)，速度方向與斜面平行，此時(shí)豎直方向的速度，位移為，所以小球從拋出到離斜面最遠(yuǎn)的過程中，豎直位移為總豎直位移的，故D錯誤。故選：AC?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解，知道運(yùn)動的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移。12.如圖所示，機(jī)車通過定滑輪用繩牽引水中的小船，若水的阻力不變，則船勻速靠岸的過程中，下列說法正確的是A. 機(jī)車向左行駛的速度不斷減小B. 繩對小船的拉力不斷減小C. 船受到的浮力保持不變D. 繩上拉力的功率保持不變【答案】AD【解析】【分析】將船的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，根據(jù)平行四邊形定則得出拉繩子的速度與船的速度關(guān)系，從而進(jìn)行判斷對船受力分析，通過共點(diǎn)力平衡分析拉力、浮力的變化。【詳解】A將船的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，根據(jù)平行四邊形定則得，v1=vcos，在船勻速靠岸的過程中，增大，則拉繩的速度減小，故A正確；BC對船受力分析得，因?yàn)榇鰟蛩僦本€運(yùn)動，合力為零，則Tcos=f，因?yàn)樽枇Σ蛔?，則增大，T增大。在豎直方向上，Tsin+F浮=mg，T增大，sin增大，則浮力減小，故B、C錯誤；D由能量守恒可知，繩子拉力的功率等于船克服阻做功的功率，由于阻力恒定，船勻速運(yùn)動，所以繩上拉力的功率保持不變，故D正確。故選：AD。【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解，同時(shí)掌握運(yùn)動的合成與分解，注意畫出運(yùn)動分解圖與受力圖是降低解題的難度的關(guān)鍵。13.2018年12月8日凌晨2時(shí)23分，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運(yùn)載火箭成功發(fā)射嫦娥四號探測器，開啟了月球探測的新旅程。嫦娥四號探測器將經(jīng)歷地月轉(zhuǎn)移、近月制動、環(huán)月飛行，最終實(shí)現(xiàn)人類首次月球背面軟著陸，開展月球背面就位探測及巡視探測，并通過己在軌道運(yùn)行的“鵲橋”中繼星，實(shí)現(xiàn)月球背面與地球之間的中繼通信。下列判斷正確的是A. 嫦娥四號在地球上的發(fā)射速度一定大于第二宇宙速度B. 嫦娥四號在P點(diǎn)進(jìn)入環(huán)月軌道需要減速C. 已知嫦娥四號近月軌道的周期T和引力常量G，可求出月球的密度D. 已知嫦娥四號近月軌道的周期T和引力常量G，可求出月球第一宇宙速度【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合嫦娥三號的軌道半徑和周期，求出月球的質(zhì)量，由于月球的半徑未知，無法求出密度；根據(jù)萬有引力與向心力的大小關(guān)系判斷加速還是減速；根據(jù)萬有引力做功判斷引力勢能的變化；根據(jù)動能定理，通過引力做功判斷速度的變化，從而得出速度的大小關(guān)系?！驹斀狻緼第二宇宙速度為物體逃脫太陽的引力，所以嫦娥四號在地球上的發(fā)射速度不可能大于第二宇宙速度，故A錯誤；B嫦娥四號在P點(diǎn)進(jìn)入環(huán)月軌道做向心運(yùn)動，所以要點(diǎn)火減速，故B正確；CD由公式，解得：，月球的體積為： ，所以密度為：，月球的第一宇宙速度，由于不知道月球的半徑，所以無法求出月球的第一宇宙速度，故C正確； D錯誤。故選：BC。14.一勻強(qiáng)電場的方向平行于xoy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢分別為10V、16V、24V。下列說法正確的是A. 坐標(biāo)原點(diǎn)的電勢為18VB. 電場強(qiáng)度的大小為1.25VcmC. 電場強(qiáng)度的方向從c點(diǎn)指向a點(diǎn)D. 電子從b運(yùn)動到坐標(biāo)原點(diǎn)，電場力做功2eV【答案】ABD【解析】【分析】根據(jù)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度公式，結(jié)合電勢差與場強(qiáng)間距，即可求解；依據(jù)電勢差等于電勢之差；根據(jù)電場力做功表達(dá)式W=qU，從而確定電場力做功，同時(shí)也能確定電勢能的變化情況。【詳解】A根據(jù)，因a、b、c三點(diǎn)電勢分別為a=10V、b=16V、c=24V，解得：原點(diǎn)處的電勢為0=18V，故A正確；BCy軸上y=2點(diǎn)(M點(diǎn))的電勢為16V，所以b點(diǎn)與y軸上y=2點(diǎn)的電勢相等，連接b點(diǎn)與y軸上y=2點(diǎn)的直線即為等勢線，過a點(diǎn)作Mb的垂線即為電場線，方向與y軸負(fù)方向成，垂足為N，由幾何關(guān)系得：，所以 ，故B正確，C錯誤；D電子從b運(yùn)動到坐標(biāo)原點(diǎn)，電場力做功，故D正確。故選：ABD?！军c(diǎn)睛】本題主要是考查勻強(qiáng)電場中，電勢之間的關(guān)系，掌握電場強(qiáng)度公式的應(yīng)用，理解幾何關(guān)系的運(yùn)用，并理解W=qU中各量的正負(fù)值含義。15.某物體以一定的初速度沿著斜面向上運(yùn)動，它所能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系如圖所示，已知x1、x2和重力加速度g，則可求出A. 物體的初速度B. 當(dāng)物體位移為x2時(shí)對應(yīng)的斜面傾角C. 物體在不同傾角的斜面上，減速到零時(shí)的位移最小值D. 當(dāng)物體位移為最小值時(shí)，對應(yīng)的滑動摩擦力大小【答案】ABC【解析】【分析】由圖象讀出斜面傾角為90時(shí)物體上升的高度，這種情況時(shí)，物塊做豎直上拋運(yùn)動，由由速度位移公式求出初速度；由圖象讀出斜面傾角為0時(shí)物體的位移，然后由速度位移公式求出加速度，再由牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式結(jié)合得到x與的關(guān)系式，運(yùn)用數(shù)學(xué)知識求解最小值及達(dá)到最小值的條件。【詳解】AB由圖知，當(dāng)=90時(shí)位移為，物體做豎直上拋運(yùn)動，則有：解得：，故A、B正確；CD當(dāng)為其他值時(shí)，對物塊受力分析，物體的加速度大小為a，由牛頓第二定律得：mgsin +mgcos =ma由運(yùn)動學(xué)公式有：0-v02=-2ax由以上各式得： 由數(shù)學(xué)知識得：sin +cos = ，其中 當(dāng)=0時(shí)位移為說明斜面粗糙，設(shè)物塊與斜面間摩擦因數(shù)為，則物體的加速度大小為a0，則有：mg=ma0且有：可解得，綜上所述可解得：物體在不同傾角的斜面上，減速到零時(shí)的位移最小值由于不知道，物體的質(zhì)量，所以無法確定摩擦力，故C正確，D錯誤。故選：ABC。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式求出位移的一般表達(dá)式，然后結(jié)合圖象求出初速度和動摩擦因數(shù)，再用解析法求出位移的最小值。二、本題包括2小題，共15分。根據(jù)題目要求將答案填寫在答題卡中指定的位置。16.圖為測試飛機(jī)滑跑階段動力性能的監(jiān)控屏幕截圖。飛機(jī)前端裝有d=6mm的擋光片，跑道上隔一段距離有一個(gè)感光裝置。圖中上方的兩個(gè)時(shí)間表示擋光片經(jīng)過感光裝置的擋光時(shí)間，圖中秒表表示飛機(jī)到達(dá)感光裝置的時(shí)刻。若飛機(jī)做勻加速直線運(yùn)動，請根據(jù)圖中提供的信息，完成下列問題。(1)飛機(jī)的加速度大小a=_ms2(2)最后一個(gè)圖片是飛機(jī)起飛前的瞬間，則飛機(jī)起飛的瞬時(shí)速度v=_Km/h；(3)請結(jié)合所給圖片，估算飛機(jī)的長度l=_m(結(jié)果保留到個(gè)位數(shù))?！敬鸢浮?(1). 2 (2). 216 (3). 49（4955均可）【解析】【分析】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出擋光片通過光電門過程中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，結(jié)合時(shí)間公式求加速度和速度?！驹斀狻?1)飛機(jī)經(jīng)過左邊擋光片的速度為 飛機(jī)經(jīng)過右邊擋光片的速度為飛機(jī)經(jīng)過兩擋光片所用時(shí)間為10s由加速度定義式；(2) 最后一個(gè)圖片是飛機(jī)速度為；(3)這段時(shí)間內(nèi)飛機(jī)的位移，這段距離大約是飛機(jī)身長的10倍，所以飛機(jī)的長度【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動的運(yùn)動學(xué)公式和推論，并能靈活運(yùn)用，對于圖線問題，一般解題思路是得出物理量之間的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率和截距進(jìn)行求解。17.電阻溫度計(jì)是根據(jù)導(dǎo)體電阻隨溫度而變化的規(guī)律來測量溫度的溫度計(jì)。鉑電阻溫度計(jì)是最精確的溫度計(jì)，因?yàn)殂K的化學(xué)惰性，成為272.5至961.78范圍內(nèi)的首選材料，其電阻與溫度成一次函數(shù)關(guān)系。某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的電路探究鉑金屬的溫度特性。所用器材有：鉑金絲Rpt；電源；電流表；滑動變阻器R1；電阻箱R2；單刀開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2。實(shí)驗(yàn)步驟如下：按電路圖甲，連好實(shí)物圖乙；將Rpt，置于冰水混合物中，開關(guān)S2與1接通，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的滑片位置，使電流表的讀數(shù)為I0；保持R1的滑片位置不變，將R2置于最大值，開關(guān)S2與2接通，調(diào)節(jié)R2，使電流表的讀數(shù)仍為I0；斷開S2，記下此時(shí)R2的讀數(shù)100.0；再將Rpt置于標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下沸水中，重復(fù)上述過程，此時(shí)R2的讀數(shù)為138.5?；卮鹣铝袉栴}：(1)在答題卡圖乙中，將實(shí)物連線補(bǔ)充完整_；(2)閉合S1前，圖乙中R1的滑片應(yīng)移動到_(填“a”或“b”)端；(3)在答題卡的坐標(biāo)紙上做出Rpt-t圖線_；(4)當(dāng)測得R2的阻值為247.09時(shí)，Rpt處在_的環(huán)境中(保留到個(gè)位數(shù))；(5)實(shí)驗(yàn)后，小明用螺旋測微器測得鉑金絲的直徑如圖丙所示，則鉑金絲的直徑_mm。【答案】 (1). ； (2). a； (3). ； (4). 382； (5). 0.706【解析】【分析】(1) 按電路圖連接實(shí)物圖；(2) 為了保護(hù)用電器，閉合開關(guān)前應(yīng)將滑動變阻器的最大電阻接入電路中；(3)由題意將電阻放在冰水和沸水中的電阻和其電阻與溫度成一次函數(shù)關(guān)系得出圖象。【詳解】(1)按電路圖連接實(shí)物圖如圖；(2)為了保護(hù)用電器，閉合開關(guān)前應(yīng)將滑動變阻器的最大電阻接入電路中即合S1前，圖乙中R1的滑片應(yīng)移動到a端；(3) 將Rpt，置于冰水()混合物中,Rpt的電阻為100，將Rpt置于標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下沸水()中，Rpt的電阻為138.5，其電阻與溫度成一次函數(shù)關(guān)系，所以Rpt-t圖線如圖(4)由圖象可得，電阻與溫度間的關(guān)系為： 當(dāng)測得R2的阻值為247.09即的電阻為247.09，代入解得：；(5) 螺旋測微器的讀數(shù)：。三、本題包括3小題，共40分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、主要公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的，不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。18.如圖所示，光滑的水平桌面上放置一質(zhì)量M=4 kg、長L=0.6m的長木板B，質(zhì)量m=1kg的小木塊A(可看成質(zhì)點(diǎn))放在長木板的左端，開始A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)有一個(gè)與A完全相同的小木塊C從長木板右側(cè)以v0=6ms的初速度沖向長木板，碰后以v1=2ms的速度被反向彈回(碰撞時(shí)間極短)，最終小木塊A恰好不滑落長木板。重力加速度g=10rns2。求：(1)碰后瞬間長木板B的速度；(2)小木塊A與長木板間的動摩擦因數(shù)。【答案】(1) (2) 【解析】【分析】C與B碰撞過程滿足動量守恒定律；根據(jù)動量守恒求出ABC三者最后的共同速度，系統(tǒng)克服摩擦力做的功，等于A與BC作用過程減少的機(jī)械能?！驹斀狻?1)規(guī)定向左為正方向，對系統(tǒng)BC，由動量守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得：，方向向左；(2)A與B作用過程，由動量守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得： 由能量守恒定律有： 代入數(shù)據(jù)解得：?！军c(diǎn)睛】本題考查了動量守恒定律和能量守恒定律的結(jié)合應(yīng)用，第二問也可以根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式求解。19.如圖甲所示，MN和PQ是足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌，其間距為d，電阻忽略不計(jì)。導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為，在導(dǎo)軌的矩形區(qū)域內(nèi)有一垂直于導(dǎo)軌向下的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一根電阻為r且具有一定質(zhì)量的導(dǎo)體棒ef垂直放在導(dǎo)軌上，正方形金屬框abcd的質(zhì)量為m，邊長為L，每邊電阻均為r，用細(xì)線懸掛在豎直平面內(nèi)，ab邊水平，線框的a、b兩點(diǎn)通過導(dǎo)線與導(dǎo)軌相連，金屬框上半部分處在大小為B、方向垂直框面向里的勻強(qiáng)磁場中，金屬框下半部分處在大小也為B、方向垂直框面向外的勻強(qiáng)磁場中，不計(jì)其余電阻和細(xì)導(dǎo)線對a、b點(diǎn)的作用力。從導(dǎo)體棒ef自由下滑開始計(jì)時(shí)，懸掛線框的細(xì)線拉力FT隨時(shí)間的變化如圖乙所示。重力加速度用g表示。求：(1)導(dǎo)體棒ef剛進(jìn)入磁場時(shí)ab邊的電流；(2)導(dǎo)體棒ef剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度以及所經(jīng)歷的時(shí)間；(3)導(dǎo)體棒ef的質(zhì)量?！敬鸢浮?1) (2) (3) 【解析】【分析】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識的綜合，一方面要理解速度圖象斜率的物理意義，知道斜率等于加速度，