2020年新課標(biāo)高考物理一輪復(fù)習(xí)作業(yè)詳答 魯科版

1、課時作業(yè)（一） 【基礎(chǔ)熱身】1B解析 選項A、C、D中的數(shù)據(jù)都是時間軸上的一個點(diǎn)，指的都是時刻；而選項B中15 s是與跑完100 m這一運(yùn)動過程相對應(yīng)的，指的是時間間隔，故選項B正確2C解析 位移是從起點(diǎn)指向終點(diǎn)的有向線段，是矢量；路程是運(yùn)動路徑的長度，是標(biāo)量，它沒有方向正確選項只有C.3B解析 加速度描述物體速度變化的快慢程度，選項A錯誤、B正確；加速度方向與運(yùn)動方向共線時，物體一定做直線運(yùn)動，同向時做加速運(yùn)動，反向時做減速運(yùn)動，選項C、D錯誤4A解析 由圖可知，心臟每跳動一次，紙帶向前移動大約是4個小方格的距離，約2.0 cm，則心臟每跳動一次所需時間約T0.80 s；此人心臟一分鐘跳動的

2、次數(shù)為n75次，故本題只有選項A正確【技能強(qiáng)化】5B解析 無論加速度正在增大還是正在減小，只要加速度與速度同向，物體速度就一直增大，當(dāng)同向加速度減小到零時，物體速度達(dá)到最大，速度不再增大，但位移會繼續(xù)增大，由此可知本題只有選項B正確6A解析 速度與加速度都是矢量，其正負(fù)表示速度與加速度的方向速度與加速度方向相反，汽車做減速運(yùn)動；經(jīng)1 s速度減小vat1 m/s，所以再過1 s汽車的速度變?yōu)? m/s，故選項A正確7D解析 如果物體做加速度逐漸減小的加速直線運(yùn)動，則加速度為零時速度最大，選項A正確；根據(jù)加速度定義可知選項B正確；質(zhì)點(diǎn)某時刻的加速度不為零，但該時刻的速度可以為零，選項C正確；物體速

3、度變化量大小決定于加速度和時間兩個因素，選項D錯誤8A解析 由于通訊員初、末位置都跟隊尾士兵相同，所以位移也相同，由平均速度公式可以判斷選項A正確9C解析 設(shè)總位移為s，則甲車運(yùn)動的總時間t甲x，所以甲車的平均速度甲48 km/h；設(shè)乙車運(yùn)動的總時間為t乙，則乙車的總位移sv乙1v乙2t乙，所以乙車的平均速度乙50 km/h.故C項正確10. 230 m解析 為確保行車安全，要求在列車駛過距離L的時間內(nèi)，已越過停車線的汽車的車尾必須能通過道口汽車越過停車線至車尾通過道口的過程中，汽車的位移為sls0s(15526) m46 m汽車速度v236 km/h10 m/s通過這段位移需要的時間t s4

4、.6 s高速列車的速度v1180 km/h50 m/s所以安全行車的距離為Lv1t504.6 m230 m.11(1)6.61 m/s2(2)9.26 s解析 (1)末速度v100 km/h m/s27.78 m/s平均加速度a m/s26.61 m/s2.(2)所需時間t s9.26 s.120.067 m/s2解析 遮光板通過第一個光電門的速度v1 m/s0.10 m/s遮光板通過第二個光電門的速度v2 m/s0.30 m/s故滑塊的加速度a0.067 m/s2【挑戰(zhàn)自我】1345 km/h解析 設(shè)甲、丙兩地距離為2l，汽車通過甲、乙兩地的時間為t1，通過乙、丙兩地的時間為t2.從甲到乙是

5、勻加速運(yùn)動，由lt1得t1從乙到丙也是勻加速運(yùn)動，由lt2得t2所以甲丙 45 km/h.課時作業(yè)（二）【基礎(chǔ)熱身】1B解析 由勻加速直線運(yùn)動的位移公式可知sttvtt，選項A錯誤，選項B正確；勻減速直線運(yùn)動可以看成是初速度為0的勻加速直線運(yùn)動的逆過程，故返回后的加速度、位移的大小和起飛前相同，選項C、D錯誤2B解析 v072 km/h20 m/s，設(shè)剎車時間為t，則atv0，解得t4 s，故剎車距離st40 m.3B解析 當(dāng)滑塊速度大小變?yōu)闀r，其方向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相反，因此要考慮兩種情況，即v或v，代入公式t得，t或t，故選項B正確【技能強(qiáng)化】4C解析 物體開始做勻

6、加速直線運(yùn)動，ag1 m/s2，速度達(dá)到傳送帶的速度時發(fā)生的位移sm0.5 mL，所經(jīng)歷的時間t11 s，物體接著做勻速直線運(yùn)動，所經(jīng)歷的時間t2s2 s，故物體從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)所經(jīng)歷的時間t總t1t23 s.5A解析 由逐差法得s6s15aT2，所以a0.01 m/s2，選項A正確6D解析 用“逆向思維”法解答由題知，若倒過來分析，子彈向左做勻加速直線運(yùn)動，初速度為零，設(shè)每塊木塊長為L，則v2aL，v2a2L，v2a3L，v3、v2、v1分別為子彈倒過來向左穿透第3塊木塊后、穿透第2塊木塊后、穿透第1塊木塊后的速度，則v1v2v31，子彈依次向右穿入每個木塊時速度比v1v2v31，因此選項A

7、、B錯誤由v3at3，v2a(t2t3)，v1a(t1t2t3)三式聯(lián)立，得t1t2t3()(1)1，因此選項C錯誤，選項D正確7B解析 由xat2，解得a8 m/s2，最后1 s的位移為s1812 m4 m，選項B正確8C解析 小球沿斜面向上做勻減速直線運(yùn)動，因從a到c和c到d所用時間相等，故經(jīng)過c點(diǎn)時恰為從a到d所經(jīng)歷時間的中間時刻，vc m/s3 m/s，故選項B正確；因sacsabsbc7 m，scdsbdsbc5 m，由ssacscdaT2得：a0.5 m/s2，由vv2asbc可得，vb m/s，選項A正確；從c到e所經(jīng)歷的時間tce6 s，故從d到e所用的時間tdetceT4 s

8、，deat4 m，選項C錯誤，選項D正確9D解析 如圖所示，物體由A沿直線運(yùn)動到B，C點(diǎn)為AB的中點(diǎn)，物體到達(dá)C點(diǎn)時速度為v1，若物體做勻加速直線運(yùn)動，A到B的中間時刻應(yīng)在C點(diǎn)左側(cè)，有v1v2，若物體做勻減速直線運(yùn)動，A到B的中間時刻應(yīng)在C點(diǎn)右側(cè)，仍有v1v2，故A、B正確，D錯誤；若物體做勻速直線運(yùn)動，則v1v2，C正確1012 m/s沒有超速解析 設(shè)汽車剎車前的速度為v0，汽車剎車時加速度大小為a.將汽車剎車到速度為零的運(yùn)動看成逆向的勻加速運(yùn)動，則sat2v0at解得v012 m/s因12 m/s43.2 km/h50 km/h，故汽車沒有超速行駛11v06m/s解析 設(shè)經(jīng)過時間t，貨箱和

9、平板車達(dá)到共同速度v.以貨箱為研究對象，由牛頓第二定律得，貨箱向右做勻加速運(yùn)動的加速度為a1g貨箱向右運(yùn)動的位移為s箱a1t2又va1t平板車向右運(yùn)動的位移為s車v0tat2又vv0at為使貨箱不從平板車上掉下來，應(yīng)滿足s車s箱l聯(lián)立得：v0代入數(shù)據(jù)：v06 m/s.【挑戰(zhàn)自我】12(1)99 m1.25 m(2)8.6 s解析 (1)設(shè)直升機(jī)懸停位置距地面高度為H，傘兵展傘時，離地面的高度至少為h，此時速度為v0，著地時，速度為v1，相當(dāng)于從h1高處自由落下在勻減速運(yùn)動階段，有vv2ah，即52v212.5h在自由落體運(yùn)動階段，有v2g(Hh)即v210(224h)聯(lián)立解得h99 m，v05

10、0 m/s以5 m/s的速度落地相當(dāng)于從h1高處自由落下即2gh1v所以h1 m1.25 m.(2)設(shè)傘兵在空中的最短時間為t，則在自由落體運(yùn)動階段，有v0gt1，解得t1 s5 s，在勻減速運(yùn)動階段，有t2 s3.6 s，故所求時間tt1t2(53.6) s8.6 s.課時作業(yè)（三）【基礎(chǔ)熱身】1B解析 自由落體運(yùn)動是豎直方向上初速度為零、加速度為g的勻加速直線運(yùn)動，滿足初速度為零的勻加速直線運(yùn)動的規(guī)律，故選項A、C、D均正確；對B項，平拋運(yùn)動在豎直方向上的分運(yùn)動也滿足該規(guī)律，故選項B錯誤2C解析 在勻速飛行的飛機(jī)上自由釋放的物體有一個與飛機(jī)相同的水平速度，同時物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動

11、，所以從飛機(jī)上看，物體始終在飛機(jī)的正下方，且相對飛機(jī)向下運(yùn)動，故A、B均錯誤；從地面上看，物體做平拋運(yùn)動，故C正確，D錯誤3C解析 因曝光時間極短，故AB段可看作勻速直線運(yùn)動，小石子到達(dá)A點(diǎn)時的速度為vA m/s20 m/s，h m20 m，選項C正確4A解析 根據(jù)時間的對稱性，物體從A點(diǎn)到最高點(diǎn)的時間為，從B點(diǎn)到最高點(diǎn)的時間為，所以A點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離hAg2，B點(diǎn)到最高點(diǎn)的距離hBg2，故A、B之間的距離為hAhBg(TT)，正確選項為A.【技能強(qiáng)化】5D解析 自由落體運(yùn)動初速度為零，據(jù)此可排除選項C；小球與地面碰撞瞬間速度突然反向，據(jù)此可排除選項A、B.綜上分析可知本題正確選項為D.6A解

12、析 由題圖可知，小球做勻加速直線運(yùn)動，相鄰的兩段位移之差為一塊磚的厚度，由sdaT2可得，a；位置“3”是位置“2”和位置“4”的中間時刻，由v得，v3.只有選項A錯誤7C解析 根據(jù)自由落體運(yùn)動的規(guī)律，尺子下落(ab)高度對應(yīng)的時間即乙同學(xué)的反應(yīng)時間由公式hgt2得t，選項C正確8C解析 設(shè)中學(xué)生的重心位于身體的中點(diǎn)，則重心上升的高度約為：h2.10 m1.70 m1.25 m，由v2gh得：v05 m/s.9C解析 依題意可設(shè)第1個小球經(jīng)時間t落地，則第2個小球經(jīng)時間2t落地，第3個小球經(jīng)時間3t落地，第4個小球經(jīng)時間4t落地又因為四個小球做的都是初速度為零的勻加速運(yùn)動，因此它們下落的高度之

13、比為14916，只有選項C正確.10A解析 磕頭蟲向下運(yùn)動的末速度大小與向上運(yùn)動的初速度大小相等，向下運(yùn)動過程v2ah1，反彈起來過程v2gh2；人向上加速運(yùn)動過程v2aH1，離地上升過程中v2gH2，代入數(shù)值得H2150 m，故選項A正確111.75 s解析 由向上躍起的高度h10.45 m可求得向上躍起的時間為t1 s0.3 s設(shè)運(yùn)動員從手到腳全長2l，雙手向上立在跳臺上時，重心位置O離跳臺為l，手接觸水面時重心位置O離水面也為l，運(yùn)動員從最高點(diǎn)到將入水時，重心下降的高度h2Hlh1lHh110.45 m下降過程的時間t2 s1.45 s所以運(yùn)動員完成空中動作的時間為tt1t20.3 s1

14、.45 s1.75 s.12(1)7.2 m(2)2.5 m/s2解析 設(shè)前、后兩過程下落的高度分別為h1、h2，所用時間分別為t1、t2，減速過程加速度的大小為a，運(yùn)動中達(dá)到的最大速度為v，則有h1h240 m4 mt1t26 sv22gh12ah2t1，t2由以上各式聯(lián)立解得：h17.2 m，a2.5 m/s2.【挑戰(zhàn)自我】13(1)4 s(2)29 m/sv032 m/s解析 (1)取向下為正方向，小球初速度v010 m/s，加速度g10 m/s2，對空管由牛頓第二定律可得mgFma代入數(shù)據(jù)得a2 m/s2設(shè)經(jīng)時間t，小球從N端穿出，小球下落的高度h1v0tgt2空管下落的高度h2at2

15、則h1h2l聯(lián)立得v0tgt2at2l代入數(shù)據(jù)解得t14 s，t21.5 s(舍去)(2)設(shè)小球的初速度大小為v0，空管經(jīng)時間t到達(dá)地面，則Hat2得t8 s小球經(jīng)t時間下落的高度為hv0tgt2小球落入管內(nèi)的條件是64 mh88 m解得32 m/sv029 m/s所以小球的初速度大小必須在29 m/s到32 m/s范圍內(nèi)課時作業(yè)（四）【基礎(chǔ)熱身】1C解析 選項A、B、D中物體均做往復(fù)運(yùn)動，只有選項C中物體做單向直線運(yùn)動2A解析 由圖象可知前5 s做的是勻速運(yùn)動，選項A正確；5 s15 s內(nèi)做勻加速運(yùn)動，加速度為0.8 m/s2，選項B錯誤；15 s20 s做勻減速運(yùn)動，其加速度為3.2 m/

16、s2，選項C錯誤；質(zhì)點(diǎn)在20 s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，質(zhì)點(diǎn)一直做單向直線運(yùn)動，選項D錯誤3. A解析 由圖可知，兩車均做勻變速直線運(yùn)動，因第5 s時兩車第一次相遇，第10 s時速度相同，由對稱性可知兩車在第15 s時第二次相遇，選項A正確，選項B錯誤；由于兩車在第5 s時第一次相遇，前5 s內(nèi)vavb，故a車在后、b車在前，5 s后a車在前、b車在后，15 s后b車超過a車，選項C錯誤；第10 s時兩車速度相同，此后vavb，兩車間距離逐漸減小，第15 s時兩車相遇，選項D錯誤4. D解析 由圖象可知乙在追趕甲，即甲在前、乙在后，且二者速度均為零時，距離最遠(yuǎn)，其最遠(yuǎn)距離ss乙s甲34 m22 m4

17、m，即選項D正確，選項A、B 、C錯誤【技能強(qiáng)化】5A解析 甲車中的乘客以甲車為參考系，相當(dāng)于甲車靜止不動，乙車以初速度v0向西做減速運(yùn)動，速度減為零之后，再向東做加速運(yùn)動，所以選項A正確；乙車中的乘客以乙車為參考系，相當(dāng)于乙車靜止不動，甲車以初速度v0向東做減速運(yùn)動，速度減為零之后，再向西做加速運(yùn)動，所以選項B錯誤；以地面為參考系，當(dāng)兩車速度相等時，距離最遠(yuǎn)，所以選項C、D錯誤6C解析 兩圖線都在t軸上方，說明A、B兩物體運(yùn)動方向相同，所以選項A錯誤；4 s內(nèi)A、B兩物體對應(yīng)的圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積不同，則位移不同，故選項B錯誤；4 s時A、B兩物體的圖線交于同一點(diǎn)，對應(yīng)速度相同，故選項C正

18、確；A圖線斜率的絕對值小，所以A物體的加速度比B物體的加速度小，因此選項D錯誤7D解析 由A車的圖線可知，它在4 s時間內(nèi)速度由0增大到10 m/s，其加速度a2.5 m/s2，選項A錯誤；3 s末A車速度為vat7.5 m/s，選項B錯誤；2 s末時A車與B車之間距離最遠(yuǎn)，為5 m,4 s末時A車與B車位移相等，A車追上B車，選項C錯誤、D正確8C解析 汽車A在勻加速過程中的位移sA1aAt180 m，此過程中汽車B的位移sB1vBt1240 mxA1，故A車在加速過程中沒有與B車相遇，選項A錯誤、C正確；之后因vAaA t112 m/svB，故A車一定能追上B車，相遇之后不能再相遇，A、B

19、相遇時的速度一定不相同，選項B、D錯誤9D解析 乙車追上甲車時，若甲、乙兩車速度相同，即此時tT，則x0x1，此后甲車速度大于乙車速度，全程甲、乙僅相遇一次；甲、乙兩車速度相同時，若x0x1，則此時甲車仍在乙車的前面，以后乙車不可能再追上甲車了，全程中甲、乙都不會相遇，綜上所述，選項A、B、C對，D錯.10A解析 根據(jù)題意畫出兩物體運(yùn)動的vt圖象如圖所示，根據(jù)圖象易得選項A正確111.5 m解析 設(shè)甲車剎車后經(jīng)時間t，甲、乙兩車速度相等，則：v0a1tv0a2(tt)，代入數(shù)據(jù)得：t2 s.在這段時間內(nèi)，甲、乙走過的位移分別為s甲、s乙，則：s甲v0ta1t226 m；s乙v0tv0(tt)a

20、2(tt)227.5 m；ss乙s甲1.5 m即甲、乙兩車行駛過程中至少應(yīng)保持1.5 m的距離120.8 s解析 設(shè)貨車啟動后經(jīng)過時間t1兩車開始錯車，則有s1s2180 m其中s1at，s2vt1解得t110 s設(shè)貨車從開始運(yùn)動到兩車錯車結(jié)束所用時間為t2，則有s1s2(1801012) m202 m.其中s1at，s2vt2解得t210.8 s故兩車錯車時間tt2t10.8 s.【挑戰(zhàn)自我】13(1)10 s(2)36 m(3)14 s解析 stv2.58 m20 m.(1)設(shè)警車發(fā)動起來后要時間t才能追上違章的貨車，則at2vts解得t10 s或t2 s(舍去)(2)在警車追上貨車之前，

21、兩車速度相等時，兩車間的距離最大，設(shè)警車發(fā)動起來后經(jīng)時間t兩車速度相等，兩車間的距離最大為sm，則t4 ssmxvtat2(2084242) m36 m.(3)若警車的最大速度是12 m/s，則警車發(fā)動起來后加速的時間t0 s6 s設(shè)警車發(fā)動起來后經(jīng)過時間t追上違章的貨車，則atvm(tt0)vtx解得t14 s.課時作業(yè)（五）【基礎(chǔ)熱身】1A解析 長木板不能側(cè)向傾斜，但可以一端高一端低，故選項A錯誤；實(shí)驗時，為了能在紙帶上得到較多的點(diǎn)跡，釋放小車前，小車應(yīng)停在靠近打點(diǎn)計時器處，選項B正確；如果先釋放小車，可能紙帶上打不上幾個點(diǎn)，選項C正確；為了保護(hù)小車，在小車到達(dá)定滑輪前要用手使小車停止運(yùn)動

22、，選項D正確.2(1) 勻加速直線(2)小于用平均速度求位移(或用vt圖象下的面積求位移)解析 (1)由表中數(shù)據(jù)可知，每經(jīng)過0.1 s，速度大約增大0.25 m/s，在誤差允許的范圍內(nèi)，小車做勻加速直線運(yùn)動；(2)因為小車是不斷加速的，而該同學(xué)把第一個0.1 s內(nèi)的運(yùn)動看成是以最小速度做勻速運(yùn)動，同樣，其他時間段內(nèi)也是這樣運(yùn)算的，這樣算出的位移比實(shí)際位移小可以把時間分割得再細(xì)小一些，也可以利用平均速度來求位移，還可以利用vt圖象下的面積求位移3(1)0.02 s(2)0.70 cm(0.68 cm0.72 cm均可)0.100 m/s解析 毫米刻度尺的精確度為0.1 mm，故A、B間的距離為1

23、.70 cm1.00 cm0.70 cm，vC m/s0.100 m/s.【技能強(qiáng)化】4C解析 中間時刻瞬時速度等于全程的平均速度，所以vB，選項C正確；s6s15(s2s1)，選項B錯誤；相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔是0.1 s，選項D錯誤；按照實(shí)驗要求應(yīng)該先接通電源再放開紙帶，選項A錯誤5. (1)相等 勻加速(勻變速)(2)乙同學(xué)1.10 m/s2解析 (1)由表中數(shù)據(jù)可知，s4s3s3s2s2s1，小球做勻加速直線運(yùn)動；(2)乙同學(xué)采用逐差法求加速度，較準(zhǔn)確，加速度值為a1.10 m/s2.6(1)0.25 0.45(2)如圖所示(3)1.00解析 (1)相鄰兩個計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為0.1

24、s，所以vB m/s0.25 m/s，CE m/s0.45 m/s；(2)如圖所示；(3)在vt圖象中，圖線的斜率表示加速度，即a m/s21.00 m/s2.7(1)AC(2) 2.98(2.972.99均可)13.20(13.1913.21均可)(3)如圖所示(4)0.18(0.160.20均可)4.80(4.505.10均可)解析 (1)還需要的實(shí)驗器材有電壓合適的50 Hz交流電源和刻度尺；(2)用毫米刻度讀數(shù)，注意要估讀一位，則s22.98 cm，s513.20 cm；(3)描點(diǎn)連線如圖所示；(4)設(shè)打0點(diǎn)時速度為v0，則sv0tat2，即：v0at，由圖可讀出v00.18 m/s，

25、圖線的斜率ka2.4，a4.8 m/s2.8(1)相鄰相等時間內(nèi)的位移差相等(2)如圖所示(3)0.800 m/s2解析 (1)由圖中所標(biāo)紙帶每段位移的大小，可知在相鄰相等時間內(nèi)的位移差相等，可近似認(rèn)為y8 mm.(2)把圖中的x軸作為時間軸，以紙帶的寬度表示相等的時間間隔T0.1 s，每段紙帶最上端中點(diǎn)對應(yīng)v軸上的速度恰好表示每段時間的中間時刻的瞬時速度，即vn；因此可以用紙帶的長度表示每小段時間中間時刻的瞬時速度，將紙帶上端中間各點(diǎn)連接起來，可得到vt圖象，如圖所示(3)利用圖象求斜率或用yaT2均可以求得小車加速度a0.800 m/s2.【挑戰(zhàn)自我】93.0102(2.81023.110

26、2均可)9.0102能利用(s6s4)(s4s2)4aT2可求出s4的具體位置(其他合理方法均可)解析 從圖中讀出5、6之間的距離為37.5 cm24.0 cm13.5 cm,2、3之間的距離為6.0 cm1.5 cm4.5 cm，利用逐差法有s56s323aT2，求出a3.0102 m/s2；位置4對應(yīng)的速度為v4102 m/s9.0102m/s；欲求4的具體位置，可以采用逐差法利用(s6s4)(s4s2)4aT2求解.課時作業(yè)（六）【基礎(chǔ)熱身】1A解析 力是物體間的相互作用，受力物體同時也是施力物體，施力物體同時也是受力物體，所以A正確；產(chǎn)生彈力時，施力物體和受力物體同時發(fā)生形變，但彈力是

27、由施力物體形變引起的，反作用力是由受力物體形變引起的，放在桌面上的木塊受到桌面給它向上的彈力，這是由于桌面發(fā)生微小形變而產(chǎn)生的，故B不正確；力的作用是相互的，作用力和反作用力同時產(chǎn)生、同時消失，故C選項錯誤；根據(jù)力的作用效果命名的力，性質(zhì)可能相同，也可能不相同，如向心力，可以是繩子的拉力，也可以是電場力，還可以是其他性質(zhì)的力，D選項錯誤2C解析 地球上的物體運(yùn)動或靜止時都受地球的吸引作用，故運(yùn)動或靜止的物體均受重力，選項A錯誤；某物體在地球某點(diǎn)處所受地球吸引而產(chǎn)生的重力一定，與此物體的運(yùn)動狀態(tài)無關(guān)，選項B錯誤，選項C正確；物體所受重力Gmg，G由m、g共同決定，選項D錯誤3A解析 彈簧的彈力為

28、2 N，有兩種可能情形：彈簧處于拉伸狀態(tài)，彈簧處于壓縮狀態(tài)當(dāng)彈簧處于拉伸狀態(tài)時，天花板受到的拉力為1 N，地板受到的壓力為6 N，當(dāng)彈簧處于壓縮狀態(tài)時，天花板受到的拉力為5 N，地板受到的壓力為2 N，A正確4D解析 物體B處于靜止?fàn)顟B(tài)，則繩子拉力大小Tmg，A對繩的作用力的大小為mg，再以物體A為研究對象，在豎直方向根據(jù)平衡條件有TNMg，所以地面對A的作用力的大小為N(Mm)g.選項D正確【技能強(qiáng)化】5B解析 不拉A時，對A：kx1mg；B剛要離開地面時，對B：kx2mg，Lx1x2.解得L.6C解析 彈簧測力計的示數(shù)決定于作用在秤鉤上力的大小，而與作用在和外殼相連的提環(huán)上的力無關(guān)，故正確

29、選項為C.7D解析 繩A和繩C的拉力大小與方向均不變，所以其合力不變，對滑輪而言，桿的作用力必與兩繩拉力的合力平衡，所以桿的彈力大小與方向均不變，選項D正確8D解析 根據(jù)力的作用是相互的可知：輕質(zhì)彈簧A、B中的彈力大小是相等的，即k1x1k2x2，所以兩彈簧的壓縮量之比x1x2k2k1，故選項D正確9D解析 小車向左做減速運(yùn)動時，N可能為零，選項A正確；小車向左做加速運(yùn)動時，T可能為零，選項B正確；小車向右做加速運(yùn)動時，N可能為零，選項C正確；小車向右做減速運(yùn)動時，T可能為零，選項D錯誤10C解析 由圖象可以看出在直線a對應(yīng)的階段，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力F隨著縮短量的減小而減小，當(dāng)彈簧長度為1

30、2 cm時恢復(fù)原長；直線b對應(yīng)的是彈簧的伸長階段，彈力F隨伸長量的增大線性遞增由此可看出當(dāng)彈力F100 N時，彈簧對應(yīng)的形變量x4 cm，根據(jù)胡克定律可求出彈簧的勁度系數(shù)k2500 N/m，選項C正確11(1)如圖所示(2)GG解析 (1)對圓柱體進(jìn)行受力分析，受力分析圖如圖所示，其中FN1、FN2、FN3分別為桌面、擋板、細(xì)桿對圓柱體的彈力(2)已知豎直擋板對圓柱體的彈力大小為2G，即FN22G，根據(jù)平衡關(guān)系有FN3sin60FN2，解得FN3G設(shè)圓柱體對均勻細(xì)桿AO的作用力大小為FN3，根據(jù)牛頓第三定律有FN3G由豎直方向的平衡關(guān)系有FN1FN3cos60G代入數(shù)據(jù)解得FN1G.12(1)

31、4mg(2)解析 (1)對A、B整體：mgFN5mg所以FN4mg(2)對B：FN3mgFk所以Fkmg物體C的質(zhì)量改為5m，當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到新的平衡狀態(tài)后，進(jìn)行受力分析對A：TFk2mg對C：T5mg所以Fk3mg即kx13mgx1開始時，彈簧的壓縮量為x2，則kx2mg所以A上升的高度為：hAx1x2.【挑戰(zhàn)自我】13F(mAmB)gsin解析 B剛要離開C時，彈簧彈力大小為F彈mBgsin.以A為研究對象，受力如圖所示故合力F合FF彈mAgsinF(mAmB)gsin，開始時彈簧壓縮量x1B剛要離開時，彈簧伸長量x2所以A的位移dx1x2.課時作業(yè)（七）【基礎(chǔ)熱身】1D解析 靜摩擦力產(chǎn)生在兩個

32、相對靜止的物體之間，與物體是否運(yùn)動無關(guān)，滑動摩擦力產(chǎn)生于兩個相對運(yùn)動的物體之間，與物體是否運(yùn)動無關(guān)，選項A、B均錯誤；靜摩擦力的大小與正壓力的大小無關(guān)，一般由平衡條件或牛頓運(yùn)動定律來求，滑動摩擦力fFN，隨著正壓力的增大而增大，選項C錯誤；摩擦力的方向與相對運(yùn)動或相對運(yùn)動趨勢方向相反，與速度方向無關(guān)，選項D正確2A解析 容器處于平衡狀態(tài)，在豎直方向上重力與摩擦力平衡，盛滿水前墻面對容器的靜摩擦力一直增大，如果一直沒有達(dá)到正壓力F作用下的最大靜摩擦力，則水平力F可能不變，選項B、C、D正確3C解析 題中沒有明確F的大小，當(dāng)Fmgsin時，物塊M受到的摩擦力為零當(dāng)Fmgsin時，物塊M有上滑趨勢，

33、所受摩擦力沿斜面向下當(dāng)0Fmgsin時，靜摩擦力f的取值范圍是：0fmgsin.可見fF、fMgsin時，摩擦力方向沿斜面向下，其大小等于mgMgsin，則越大，摩擦力越小，當(dāng)mg45 N，滑塊就沿斜面滑動，故測力計的讀數(shù)不可能為60 N.8A解析 由題知mgkL.設(shè)物體所受摩擦力大小為f，方向沿斜面向上，由平衡條件得2mgsin30kLf，解得f0，故A正確，選項B、C、D錯誤9B解析 分析小球m1的受力情況，由物體的平衡條件可得，繩的拉力T0，故C、D均錯誤；分析m2受力，由平衡條件可得：Nm2g，故選項A錯誤、B正確1060 N6 kg解析 對B球受力分析如圖所示，物體B處于平衡狀態(tài)，有

34、Tsin30mBg解得T60 N物體A處于平衡狀態(tài)，則在水平方向：Tcos30FNAsin30在豎直方向：FNAcos30mAgTsin30.由上兩式解得：mA6 kg11(1)(2)變小夏天電線下墜距離較大，變小，故拉力變小了解析 (1)以電線為研究對象，電線兩端所受的力為F1、F2，重力G可看作作用在電線中點(diǎn)，F(xiàn)1、F2分解成水平方向和豎直方向兩個分量，由共點(diǎn)力的平衡條件F1cosF2cosGF1sinF2sin0解得F1F2(2)夏天電線下墜距離較大，變小，故拉力變小了【挑戰(zhàn)自我】12. NF N解析 作出物體A受力圖如圖所示，由平衡條件FyFsinF1sinmg0FxFcosF2F1c

35、os0由以上兩式解得FF1F要使兩繩都能繃直，則有F10，F(xiàn)20即F有最大值Fmax N.有最小值Fmin N則F的取值范圍是 NF N.課時作業(yè)（十一）【基礎(chǔ)熱身】1C解析 原長的測量值小于真實(shí)值，設(shè)誤差為l，彈簧的實(shí)際伸長量xxl，彈力與伸長量成正比，即Fk(xl)，所以可能的圖線是C.2D解析 由于結(jié)點(diǎn)O的位置不變，所以F1和F2的合力大小和方向不變，畫出平行四邊形如圖所示，彈簧測力計A的拉伸方向不變，則F1的方向不變，彈簧測力計B順時針轉(zhuǎn)動過程中，F(xiàn)2的大小和方向均不斷改變，圖中畫出彈簧測力計B轉(zhuǎn)動過程中的三個位置，兩彈簧測力計的讀數(shù)分別為F1和F2、F1和F2、F1和F2，觀察表示力

36、的有向線段的長短變化，可以看出彈簧測力計A的讀數(shù)F1逐漸減小，而彈簧測力計B的讀數(shù)F2先減小后增大，當(dāng)彈簧測力計B轉(zhuǎn)動至與彈簧測力計A垂直時F2最小3甲解析 由題設(shè)可知，F(xiàn)為F1和F2合力，是通過平行四邊形定則作出的，而F是F1和F2的等效力，即用一只彈簧秤拉橡皮條時的拉力，顯然F的方向與細(xì)繩應(yīng)在同一條直線上，故甲同學(xué)是尊重事實(shí)的4(1)(2)他們的假設(shè)不是全部正確在彈性限度內(nèi)，金屬絲(桿)的伸長量與拉力成正比，與截面半徑的平方成反比，還與金屬絲(桿)的長度成正比解析 確定研究對象，選取實(shí)驗器材屬“制定計劃”；實(shí)驗過程和測量數(shù)據(jù)屬“搜集證據(jù)”. 探究金屬線材伸長量與拉力、長度、直徑的關(guān)系時，應(yīng)該采用控制變量法【技能強(qiáng)化】5(1)步驟中未記下細(xì)線的方向(2)步驟中除F1、F2的大小之外，還應(yīng)根據(jù)F1、F2的方向才能準(zhǔn)確作圖(3)步驟中應(yīng)將橡皮條與線的結(jié)點(diǎn)拉到原位置O點(diǎn)6在A點(diǎn)按同一標(biāo)度作出F1、F2、F的圖示；利用平行四邊形定則作F1、F2的合力F；比較F和F的大小和方向，并得出結(jié)論7(1)如圖所示(2)25解析 (1)鉤碼質(zhì)量為零時彈簧的長度為原長，可得彈簧原長為6.0 cm；根據(jù)給出的六組數(shù)據(jù)分別計算出對應(yīng)狀