高考物理二輪復(fù)習(xí)單科標(biāo)準(zhǔn)練

1、單科標(biāo)準(zhǔn)練(二)(時(shí)間：60分鐘分值：110分)第卷二、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14下列敘述符合物理學(xué)史實(shí)的是()A安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電流周?chē)嬖诖艌?chǎng)，并總結(jié)出判定磁場(chǎng)方向的方法安培定則B法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象后，領(lǐng)悟到：“磁生電”是一種在變化、運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)C楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出：感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻止引起感應(yīng)電流的磁通量的變化D麥克斯韋認(rèn)為：電磁相互作用是通過(guò)場(chǎng)來(lái)傳遞的他

2、創(chuàng)造性地用“力線”形象地描述“場(chǎng)”的物理圖景B奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電流周?chē)嬖诖艌?chǎng)，安培總結(jié)出判定磁場(chǎng)方向的方法安培定則，故A錯(cuò)誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象后，領(lǐng)悟到：“磁生電”是一種在變化、運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)，符合物理學(xué)史實(shí)，故B正確；楞次發(fā)現(xiàn)了感應(yīng)電流方向遵守的規(guī)律：感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，而不是阻止，故C錯(cuò)誤；法拉第認(rèn)為：電磁相互作用是通過(guò)場(chǎng)來(lái)傳遞的他創(chuàng)造性地用“力線”形象地描述“場(chǎng)”的物理圖景，故D錯(cuò)誤15如圖1所示，甲、乙兩物塊用輕彈簧相連，豎直放置，處于靜止，現(xiàn)將甲物塊緩慢下壓到A位置由靜止釋放，當(dāng)乙剛好離開(kāi)地面時(shí)，甲的

3、加速度為a1，速度為v1，再將甲物塊緩慢下壓到B的位置，仍由靜止釋放，則當(dāng)乙剛好要離開(kāi)地面時(shí)，甲的加速度為a2，速度為v2，則下列關(guān)系正確的是()圖1Aa1a2，v1v2Ba1a2，v1v2Ca1a2，v1v2Da1a2，v1v2B對(duì)于乙，當(dāng)乙剛好離開(kāi)地面時(shí)有：kxm乙g，兩次情況下，彈簧的彈力是一樣的，對(duì)于甲，根據(jù)牛頓第二定律得，kxm甲gm甲a，可知兩次加速度相等，即a1a2，當(dāng)彈簧壓到B時(shí)比彈簧壓到A時(shí)彈性勢(shì)能大，兩次末狀態(tài)彈簧的形變量相同，彈性勢(shì)能相同，根據(jù)能量守恒得，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為甲物體的動(dòng)能和重力勢(shì)能，壓縮到B時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能減小量多，甲獲得的動(dòng)能大，速度大，即v1v2，故B

4、正確，A、C、D錯(cuò)誤16.2013年6月20日，女航天員王亞平在“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器里成功進(jìn)行了我國(guó)首次太空授課授課中的一個(gè)實(shí)驗(yàn)展示了失重狀態(tài)下液滴的表面張力引起的效應(yīng)在視頻中可觀察到漂浮的液滴處于周期性的“脈動(dòng)”中假設(shè)液滴處于完全失重狀態(tài)，液滴的上述“脈動(dòng)”可視為液滴形狀的周期性的微小變化(振動(dòng))，如圖2所示已知液滴振動(dòng)的頻率表達(dá)式為fk，其中k為一個(gè)無(wú)單位的比例系數(shù)，r為液滴半徑，為液體密度，(其單位為N/m)為液體表面張力系數(shù)，它與液體表面自由能的增加量E(其單位為J)和液體表面面積的增加量S有關(guān)，則在下列關(guān)于、E和S關(guān)系的表達(dá)式中，可能正確的是() 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：19624290】圖2A

5、ESBC DC(其單位為N/m)為液體表面張力系數(shù)，它與液體表面自由能的增加量E(其單位為J)和液體表面面積的增加量S(其單位是m2)有關(guān)，根據(jù)物理量單位之間的關(guān)系得出：1 N/m，所以，故選C.17( 2017揭陽(yáng)市揭東一中檢測(cè))如圖3所示，長(zhǎng)方體ABCDA1B1C1D1中|AB|2|AD|2|AA1|，將可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從頂點(diǎn)A在BAD所在范圍內(nèi)(包括邊界)分別沿不同方向水平拋出，落點(diǎn)都在A1B1C1D1范圍內(nèi)(包括邊界)不計(jì)空氣阻力，以A1B1C1D1所在水平面為重力勢(shì)能參考平面，則小球()圖3A拋出速度最大時(shí)落在B1點(diǎn)B拋出速度最小時(shí)落在D1點(diǎn)C從拋出到落在B1D1線段上任何一點(diǎn)所需的

6、時(shí)間都相等D落在B1D1中點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能與落在D1點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能相等C由于小球拋出時(shí)離地高度相等，故各小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則可知水平位移越大，拋出時(shí)的速度越大，故落在C1點(diǎn)的小球拋出速度最大，落點(diǎn)靠近A1的粒子速度最小，故A、B錯(cuò)誤，C正確；由圖可知，落在B1D1點(diǎn)和落在D1點(diǎn)的水平位移不同，所以兩種情況中對(duì)應(yīng)的水平速度不同，則可知它們?cè)谧罡唿c(diǎn)時(shí)的機(jī)械能不相同，因下落過(guò)程機(jī)械能守恒，故落地時(shí)的機(jī)械能也不相同，故D錯(cuò)誤18如圖4所示，矩形線圈abcd與理想變壓器原線圈組成閉合電路線圈在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的bc邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)只分布在bc邊的左側(cè)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，線圈面積為S，轉(zhuǎn)動(dòng)角

7、速度為，匝數(shù)為N，線圈電阻不計(jì)下列說(shuō)法不正確的是()圖4A將原線圈抽頭P向下滑動(dòng)時(shí)，燈泡變暗B將電容器的上極板向上移動(dòng)一小段距離，燈泡變暗C圖示位置時(shí)，矩形線圈中瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零D若線圈abcd轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則變壓器原線圈電壓的有效值也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍A矩形線圈abcd中產(chǎn)生交變電流；將原線圈抽頭P向下滑動(dòng)時(shí)，原線圈匝數(shù)變小，根據(jù)公式，知輸出電壓增大，故燈泡會(huì)變亮，故A錯(cuò)誤；將電容器的上極板向上移動(dòng)一小段距離，電容器的電容C變小，容抗增大，故電流減小，燈泡變暗，故B正確；線圈所處位置是中性面位置，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為零，故C正確；若線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)?，最大值增加為原來(lái)的2倍，

8、有效值也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故D正確題目要求選擇不正確的選項(xiàng)，故選A.19下列說(shuō)法正確的是()A為了解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛(ài)因斯坦建立了光子說(shuō)，指出在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成線性關(guān)系B湯姆孫根據(jù)陰極射線在電場(chǎng)和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)情況判定，陰極射線的本質(zhì)是帶負(fù)電的粒子流，并測(cè)出了這種粒子的比荷C按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，原子的能量也減小了D已知中子、質(zhì)子和氘核的質(zhì)量分別為mn、mp、mD，則氘核的比結(jié)合能為(c表示真空中的光速)ABD根據(jù)光電效應(yīng)方程知EkmhW0，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，故A正確；湯姆孫通過(guò)陰

9、極射線在電場(chǎng)和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了陰極射線是由帶負(fù)電的粒子組成，并測(cè)出該粒子的比荷，故B正確；按庫(kù)侖力對(duì)電子做負(fù)功進(jìn)行分析，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，故電子的動(dòng)能變小，電勢(shì)能變大(動(dòng)能轉(zhuǎn)為電勢(shì)能)；由于發(fā)生躍遷時(shí)要吸收光子，故原子的總能量增加，C錯(cuò)誤；已知中子、質(zhì)子和氘核的質(zhì)量分別為mn、mp、mD，則氘核的結(jié)合能為E(mnmpmD)c2，核子數(shù)是2，則氘核的比結(jié)合能為，故D正確20(2017虎林市摸底考試)在豎直平面內(nèi)有一方向斜向上且與水平方向成30的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)中有一質(zhì)量為m，電量為q的帶電小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)

10、，如圖5所示開(kāi)始小球靜止于M點(diǎn)，這時(shí)細(xì)線恰好為水平，現(xiàn)用外力將小球拉到最低點(diǎn)P，然后由靜止釋放，下列判斷正確的是() 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：19624291】圖5A小球到達(dá)M點(diǎn)時(shí)速度為零B小球達(dá)到M點(diǎn)時(shí)速度最大C小球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)繩的拉力大小為3mgD如果小球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線突然斷裂，小球?qū)⒆鰟蜃兯偾€運(yùn)動(dòng)BCD當(dāng)小球靜止于M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線恰好水平，說(shuō)明重力和電場(chǎng)力的合力方向水平向右，小球從P到M過(guò)程中，只有電場(chǎng)力和小球重力做功，它們的合力做功最大，速度最大，A錯(cuò)誤，B正確；電場(chǎng)力和重力的合力F合mg，由F合Lmv，TMF合m可解得：TM3mg，選項(xiàng)C正確；若小球運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線突然斷裂，速度豎直向上，合力

11、水平向右，故小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，D正確21如圖6所示，阻值為R、質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為l的正方形金屬框位于光滑的水平面上金屬框的ab邊與磁場(chǎng)邊緣平行，并以一定的初速度進(jìn)入矩形磁場(chǎng)區(qū)域，運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)邊緣垂直磁場(chǎng)方向垂直水平面向下，在金屬框運(yùn)動(dòng)方向上的長(zhǎng)度為L(zhǎng)(Ll)已知金屬框的ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中運(yùn)動(dòng)速度與ab邊在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)位移之間的關(guān)系和金屬框在穿出磁場(chǎng)過(guò)程中運(yùn)動(dòng)速度與cd邊在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)位移之間的關(guān)系分別為vv0cx，vv0c(lx)(v0未知)，式中c為某正值常量若金屬框完全通過(guò)磁場(chǎng)后恰好靜止，則有()圖6A金屬框bd邊進(jìn)入一半時(shí)金屬框加速度大小為aB金屬框進(jìn)入和穿出過(guò)

12、程中做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)C金屬框在穿出磁場(chǎng)這個(gè)過(guò)程中克服安培力做功為mc2l2D磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BBD當(dāng)金屬框bd邊進(jìn)入一半時(shí)，金屬框速度vv0c，此時(shí)受到的安培力為：FBIl，當(dāng)金屬框出磁場(chǎng)且速度為零時(shí)有：0v0c(ll)，得v02cl，所以金屬框加速度大小為a，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有：a，可得金屬框做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，同理，當(dāng)穿出時(shí)有：a，可得金屬框做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；金屬框在穿出磁場(chǎng)這個(gè)過(guò)程中克服安培力做功為WFm(v0cl)2mc2l2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)題意，金屬框出磁場(chǎng)時(shí)速度與位移成線性關(guān)系，故安培力也與位移成線性關(guān)系，故有：WFF0llm

13、c2l2，解得：B，選項(xiàng)D正確第卷三、非選擇題：共62分第22題第25題為必考題，每個(gè)考題考生都必須作答，第3334為選考題，考生根據(jù)要求作答(一)必考題(共47分)22(6分)(2017虎林市摸底考試)如圖7所示，在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車(chē)A的前端粘有橡皮泥，推動(dòng)小車(chē)A使之做勻速運(yùn)動(dòng)然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)B相碰并粘合成一體，繼續(xù)勻速運(yùn)動(dòng)，在小車(chē)A后連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50 Hz，長(zhǎng)木板右端下面墊放小木片用以平衡摩擦力圖7(1)若獲得紙帶如圖8所示，并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間距(已標(biāo)在圖上)A為運(yùn)動(dòng)起始的第一點(diǎn)，則應(yīng)選_段來(lái)計(jì)算A的碰前速度，應(yīng)選_段來(lái)計(jì)算A和B碰后的共同速度(填“

14、AB”或“BC”或“CD”或“DE”)圖8(2)已測(cè)得小車(chē)A的質(zhì)量m10.30 kg，小車(chē)B的質(zhì)量為m10.20 kg，由以上測(cè)量結(jié)果可得碰前系統(tǒng)總動(dòng)量為_(kāi)kgm/s，碰后系統(tǒng)總動(dòng)量為_(kāi)kgm/s.(結(jié)果保留四位有效數(shù)字)(3)實(shí)驗(yàn)結(jié)論：_. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：19624292】【解析】(1)推動(dòng)小車(chē)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故小車(chē)有個(gè)加速過(guò)程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，所以選BC段計(jì)算A的碰前速度，碰撞過(guò)程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，而A和B碰后的共同運(yùn)動(dòng)應(yīng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)，故應(yīng)選DE段計(jì)算碰后的共同速度(2)碰前系統(tǒng)的動(dòng)量即A的動(dòng)量，則p1mAv0mA1.03

15、5 kgm/s.碰后的總動(dòng)量：p2mAvAmBvB(mAmB)v2(mAmB)1.030 kgm/s.(3)由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，在誤差允許的范圍內(nèi)，小車(chē)A、B組成的系統(tǒng)碰撞前后總動(dòng)量守恒【答案】(1)BCDE(2)1.0351.030在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，碰前和碰后的總動(dòng)量相等，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒23(9分)2017高三第二次全國(guó)大聯(lián)考(新課標(biāo)卷)某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定金屬絲電阻率：(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)出金屬絲的直徑d，讀數(shù)如圖9所示，則直徑d_mm；圖9(2)為了精確地測(cè)出金屬絲的電阻，需用歐姆表對(duì)額定電流約0.5 A的金屬絲的電阻Rx粗測(cè)，下圖是分別用歐姆擋的“1擋”(圖10甲)和“10擋”(圖乙)測(cè)

16、量時(shí)表針?biāo)傅奈恢?，則測(cè)該段金屬絲應(yīng)選擇_擋(填“1”或“10”)，該段金屬絲的阻值約為_(kāi).甲乙圖10(3)除待測(cè)金屬絲Rx、螺旋測(cè)微器外，實(shí)驗(yàn)室還提供如下器材，若滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為使測(cè)量盡量精確，電流表應(yīng)選_(選填“A1”或“A2”)、電源應(yīng)選_(選填“E1”或“E2”)電壓表V(量程3 V，內(nèi)阻約3 k)滑動(dòng)變阻器R(最大阻值約10 )電流表A1(量程3 A，內(nèi)阻約0.05 )電流表A2(量程0.6 A，內(nèi)阻約0.2 )電源E1(電動(dòng)勢(shì)9 V，內(nèi)阻不計(jì))電源E2(電動(dòng)勢(shì)4.5 V，內(nèi)阻不計(jì))毫米刻度尺、開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線(4)若滑動(dòng)變阻器采用限流接法，在下面方框內(nèi)完成電路原理圖(圖中務(wù)必

17、標(biāo)出選用的電流表和電源的符號(hào))【解析】(1)螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)是0.5 mm，可動(dòng)刻度示數(shù)是49.90.01 mm0.499 mm，則螺旋測(cè)微器示數(shù)為0.5 mm0.499 mm0.999 mm(0.9981.000均正確)；(2)由題圖甲、乙所示可知，題圖乙所示歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度太大，應(yīng)選用題圖甲所示測(cè)量電阻阻值，題圖甲所示歐姆擋為“1擋”，所測(cè)電阻阻值為71 7 .(3)電阻絲的額定電流約為0.5 A，電流表應(yīng)選A2；電阻絲的額定電壓約為UIR0.57 V3.5 V，電源應(yīng)選E2；(4)待測(cè)金屬絲電阻約為7 ，電壓表內(nèi)阻約為3 k，電流表內(nèi)阻約為0.2 ，相對(duì)來(lái)說(shuō)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)金

18、屬絲的電阻，電流表應(yīng)采用外接法，由題意可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示【答案】(1)0.999(0.9981.000均正確)(2)17(3)A2E2(4)實(shí)驗(yàn)電路圖見(jiàn)解析24(12分)(2017溫州中學(xué)模擬)目前，我國(guó)的高鐵技術(shù)已處于世界領(lǐng)先水平，它是由幾節(jié)自帶動(dòng)力的車(chē)廂(動(dòng)車(chē))加幾節(jié)不帶動(dòng)力的車(chē)廂(拖車(chē))組成一個(gè)編組，稱(chēng)為動(dòng)車(chē)組若每節(jié)動(dòng)車(chē)的額定功率均為1.35104 kW，每節(jié)動(dòng)車(chē)與拖車(chē)的質(zhì)量均為5104 kg，動(dòng)車(chē)組運(yùn)行過(guò)程中每節(jié)車(chē)廂受到的阻力恒為其重力的0.075倍若已知1節(jié)動(dòng)車(chē)加2節(jié)拖車(chē)編成的動(dòng)車(chē)組運(yùn)行時(shí)的最大速度v0為466.7 km/h.我國(guó)的滬昆高鐵是由2節(jié)動(dòng)車(chē)和

19、6節(jié)拖車(chē)編成動(dòng)車(chē)組來(lái)工作的，其中頭、尾為動(dòng)車(chē)，中間為拖車(chē)當(dāng)列車(chē)高速行駛時(shí)會(huì)使列車(chē)的“抓地力”減小不易制動(dòng)，解決的辦法是制動(dòng)時(shí)，常用“機(jī)械制動(dòng)”與“風(fēng)阻制動(dòng)”配合使用，所謂“風(fēng)阻制動(dòng)”就是當(dāng)檢測(cè)到車(chē)輪壓力非正常下降時(shí)，通過(guò)升起風(fēng)翼(減速板)調(diào)節(jié)其風(fēng)阻，先用高速時(shí)的風(fēng)阻來(lái)增大“抓地力”將列車(chē)進(jìn)行初制動(dòng)，當(dāng)速度較小時(shí)才采用機(jī)械制動(dòng)(所有結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)求： 圖11(1)滬昆高鐵的最大時(shí)速v為多少km/h?(2)當(dāng)動(dòng)車(chē)組以加速度1.5 m/s2加速行駛時(shí)，第3節(jié)車(chē)廂對(duì)第4節(jié)車(chē)廂的作用力為多大？(3)滬昆高鐵以題(1)中的最大速度運(yùn)行時(shí)，測(cè)得此時(shí)風(fēng)相對(duì)于運(yùn)行車(chē)廂的速度為100 m/s，已知橫截面積

20、為1 m2的風(fēng)翼上可產(chǎn)生1.29104 N的阻力，此阻力轉(zhuǎn)化為車(chē)廂與地面阻力的效率為90%.滬昆高鐵每節(jié)車(chē)廂頂安裝有2片風(fēng)翼，每片風(fēng)翼的橫截面積為1.3 m2，求此情況下“風(fēng)阻制動(dòng)”的最大功率為多大？ 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：19624293】【解析】(1)由 P3kmgv0 (2分)2P8kmgv(2分)解之得：v0.75v03.5102 km/h.(1分)(2)設(shè)各動(dòng)車(chē)的牽引力為F牽，第3節(jié)車(chē)對(duì)第4節(jié)車(chē)的作用力大小為F，以第1、2、3節(jié)車(chē)廂為研究對(duì)象由牛頓第二定律得：F牽3kmgF3ma(2分)以動(dòng)車(chē)組整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：2F牽8kmg8ma(2分)由上述兩式得：Fkmgmama1.110

21、5 N(2分)(3)由風(fēng)阻帶來(lái)的列車(chē)與地面的阻力為：Fm1.291041.3280.9 N2.4105 N(1分)“風(fēng)阻制動(dòng)”的最大功率為PFmvm2.4105W2.3107 W(2分)【答案】(1)3.5102 km/h(2)1.1105 N(3)2.3107 W25. (20分)(2017臨川一中模擬)如圖12所示，虛線OL與y軸的夾角45，在OL上側(cè)有平行于OL向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在OL下側(cè)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量q(q0)的粒子以速率v0從y軸上的M(OMd)點(diǎn)垂直于y軸射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，該粒子恰好能夠垂直于OL進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力圖12(1)求此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E；(

22、2)若粒子能在OL與x軸所圍區(qū)間內(nèi)返回到虛線OL上，求粒子從M點(diǎn)出發(fā)到第二次經(jīng)過(guò)OL所需要的最長(zhǎng)時(shí)間【解析】(1)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只受電場(chǎng)力作用，F(xiàn)電qE，a；(2分)沿垂直電場(chǎng)線方向X和電場(chǎng)線方向Y建立坐標(biāo)系，則在X方向位移關(guān)系有：dsin v0cos t，所以t；(2分)該粒子恰好能夠垂直于OL進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，所以在Y方向上，速度關(guān)系有：v0sin att，(2分)所以，v0sin (1分)則有E.(2分)(2)根據(jù)(1)可知粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；粒子在磁場(chǎng)中只受洛倫茲力的作用，在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)粒子能在OL與x軸所圍區(qū)間內(nèi)返回到虛線OL上，則粒子從M點(diǎn)出

23、發(fā)到第二次經(jīng)過(guò)OL在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)了半個(gè)圓周，所以，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén)；粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力作為向心力，所以有，Bvqm；(2分)根據(jù)(1)可知，粒子恰好能夠垂直于OL進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，速度v就是初速度v0在X方向上的分量，即vv0cos v0cos 45v0；(1分)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在Y方向上的位移Yv0sin tv0td，(1分)所以，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的位置在OL上距離O點(diǎn)ldcos Yd；(2分)可得：lR，即Rd；(2分)所以，T；(1分)所以，粒子從M點(diǎn)出發(fā)到第二次經(jīng)過(guò)OL所需要的最長(zhǎng)時(shí)間t最長(zhǎng)tTmax1(2分)【答案】(1)(2)1(二)選考題(共15分，請(qǐng)考生從給出的2道題中任選一

24、題作答如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33物理選修33(15分)2017高三第一次全國(guó)大聯(lián)考(新課標(biāo)卷)(1)(5分)下列說(shuō)法中正確的是_(填正確答案標(biāo)號(hào)選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A氣體溫度每升高1 K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過(guò)程有關(guān)B懸浮在液體中的微粒越小，受到液體分子的撞擊就越容易平衡C當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小DPM 2.5的運(yùn)動(dòng)軌跡由大量空氣分子對(duì)PM 2.5無(wú)規(guī)則碰撞的不平衡和氣流的運(yùn)動(dòng)決定的E熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體(2)(10分)內(nèi)壁光滑的汽缸

25、通過(guò)活塞封閉有壓強(qiáng)為1.0105 Pa、溫度為27 的氣體，初始活塞到汽缸底部距離50 cm，現(xiàn)對(duì)汽缸加熱，氣體膨脹而活塞右移已知汽缸橫截面積為200 cm2，總長(zhǎng)為100 cm，大氣壓強(qiáng)為1.0105 Pa.計(jì)算當(dāng)溫度升高到927 時(shí)，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；若在此過(guò)程中封閉氣體共吸收了800 J的熱量，試計(jì)算氣體增加的內(nèi)能. 【導(dǎo)學(xué)號(hào)：19624294】圖13【解析】(1)選ADE.氣體溫度升高過(guò)程吸收的熱量要根據(jù)氣體升溫過(guò)程是否伴隨有做功來(lái)決定，選項(xiàng)A對(duì)；懸浮在液體中的微粒越小，受到液體分子的撞擊就越少，就越不容易平衡，選項(xiàng)B錯(cuò)；當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子間距離增大，分子力做負(fù)功，分子

26、勢(shì)能增大，選項(xiàng)C錯(cuò)；PM2.5是懸浮在空氣中的固體小顆粒，受到氣體分子無(wú)規(guī)則撞擊和氣流影響而運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D對(duì)；熱傳遞具有方向性，能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，選項(xiàng)E對(duì)(2)由題意可知，在活塞移動(dòng)到汽缸口的過(guò)程中，氣體發(fā)生的是等壓變化設(shè)活塞的橫截面積為S，活塞未移動(dòng)時(shí)封閉氣體的溫度為T(mén)1，當(dāng)活塞恰好移動(dòng)到汽缸口時(shí)，封閉氣體的溫度為T(mén)2，則由蓋呂薩克定律可知：，又T1300 K(3分)解得：T2600 K，即327 ，因?yàn)?27 927 ，所以氣體接著發(fā)生等容變化，設(shè)當(dāng)氣體溫度達(dá)到927 時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)為p，由查理定律可以得到：，代入數(shù)據(jù)整理可以得到：p2105 Pa.(3分)由題意可知，氣體膨脹過(guò)程中活塞移動(dòng)的距離x1 m0.5 m0.5 m，故大氣壓力對(duì)封閉氣體所做的功為Wp0Sx，代入數(shù)據(jù)解得：W1 000 J，由熱力學(xué)第一定律UWQ(2分)得到：U1 000 J8