2019-2020學(xué)年安徽省黃山市八校聯(lián)盟高二(上)期中物理試卷

1、2019-2020 學(xué)年安徽省黃山市八校聯(lián)盟高二（上）期中物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共32.0 分）1.關(guān)于點(diǎn)電荷和元電荷的下列說法中正確的是()A. 點(diǎn)電荷和元電荷都是指電量小體積小的帶電體B. 點(diǎn)電荷帶電量通常取 ?= 1.60 10 -19 ?C. 體積很大的帶電體也能看成是點(diǎn)電荷，帶電量可以是4.0 10-17 ?D. 電荷量 e 的數(shù)值最早是由科學(xué)家?guī)靵鲇脤?shí)驗(yàn)測得的2.AB兩個(gè)點(diǎn)電荷間的距離恒定，當(dāng)其它電荷移到A、B附近時(shí)，A、B間的庫侖力、將 ()A. 可能變大B. 可能變小C. 一定不變D. 不能確定3.如圖所示為在一個(gè)電場中的a、b、c、d 四點(diǎn)分別引入試探電荷，測

2、得試探電荷的電量跟它所受電場力的函數(shù)關(guān)系圖象如圖所示，則下列說法中正確的是( )A.B.這個(gè)電場是勻強(qiáng)電場四點(diǎn)場強(qiáng)強(qiáng)弱關(guān)系為? ? ? ?C. a， b， c， d 四點(diǎn)場強(qiáng)方向相同D. 以上說法都不正確4. 如圖，在兩等量異種電荷的電場中，+?，-? 在 A 點(diǎn)的電場場強(qiáng)大小分別用 ?+ ，?- 表示， +?，-? 單獨(dú)存在時(shí)在 A 點(diǎn)的電勢用 ?+ ，?- 表示，則下列說法中正確的是 ( )A.-+?，-? 同時(shí)存在時(shí)， A點(diǎn)電場的電勢值 ?= ? +?B.-+?， -? 同時(shí)存在時(shí)， A 點(diǎn)的電場場強(qiáng)大小 ?= ? + ?C. +?， -? 同時(shí)存在時(shí)， A 點(diǎn)電場的電勢值僅由電場決定D

3、. +?， -? 同時(shí)存在時(shí)， A 點(diǎn)電場的電場場強(qiáng)大小和A 點(diǎn)電勢 值相關(guān)5.如圖所示， 放在絕緣臺(tái)上的金屬網(wǎng)罩B 內(nèi)放有一個(gè)不帶電的驗(yàn)電器C，如把一帶有正電荷的絕緣體A 移近金屬網(wǎng)罩 B， B、 C 兩點(diǎn)的電勢為 ? 、 ? 則下列說法中正確?的是()A. B 的內(nèi)表面帶正電荷B.C.B、C兩點(diǎn)的電勢 ? ?D.?驗(yàn)電器的金屬箔片不張開無法比較為 ? 、 ? 的大小關(guān)系?6.用控制變量法可以研究影響平行板電容器的因素。如圖所示， 平行板電容器的極板A 與一靜電計(jì)相接，極板B 接地，若極板B 稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，由觀察到的靜電計(jì)的指針變化，得出平行板電容器的電容變小的結(jié)論，其依據(jù)是()第1頁，共

4、 12頁A. 兩極板間的電壓不變，靜電計(jì)指針張角變大B. 兩極板間的電壓不變，靜電計(jì)指針張角變小C. 極板上的電量幾乎不變，靜電計(jì)指針張角變小D. 極板上的電量幾乎不變，靜電計(jì)指針張角變大7.有甲、乙兩同種材料制成的導(dǎo)體，乙的橫截面積是甲的2 倍，而單位時(shí)間內(nèi)通過甲導(dǎo)體橫截面的電荷量是乙的2 倍，則下列說法中正確的是()A. 甲、乙兩導(dǎo)體中的電流相同B. 乙導(dǎo)體的電流是甲導(dǎo)體的2 倍C. 乙導(dǎo)體中自由電荷定向移動(dòng)的速率是甲導(dǎo)體的4 倍D. 甲導(dǎo)體中自由電荷定向移動(dòng)速率是乙導(dǎo)體的4 倍8. 某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示途徑運(yùn)動(dòng)，先后通過M 點(diǎn)和 N 點(diǎn)。以下說法正確的是()A.

5、 M、 N 點(diǎn)的電勢 ? ?B. 粒子在 M 、N 點(diǎn)的加速度 ? ?二、多選題（本大題共4 小題，共16.0 分）9.如圖所示，圖線1 表示的導(dǎo)體的電阻為?1，圖線2 表示的導(dǎo)體的電阻為 ? ，則下列說法正確的是()2A.?1： ?= 3：12B.把 ?2均勻拉長到原來的3 倍長后電阻等于 ?1C.將 ?1與 ?并聯(lián)后接于電源上，則電流比?： ?= 1：3212D.將 ?與 ?串聯(lián)后接于電源上，則功率之比?：? = 3： 1121210.如圖所示的電路中， ?1、?是兩個(gè)不同的小燈泡，a、 b 間有恒2定的電壓，它們都均發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)時(shí)，發(fā)生的現(xiàn)象是 ()A. ?12B.

6、12變亮， ?變暗?變暗， ?變亮C. 電路消耗的總功率變小D. 流過滑動(dòng)變阻器的電流變大11. 如圖所示，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷的連線中點(diǎn)是a， c 是連線上另外一點(diǎn)， b 是其中垂線上的點(diǎn)，則下列說法正確的是()A. a 點(diǎn)電勢比 b 點(diǎn)電勢高B. b 點(diǎn)電勢比 c 點(diǎn)電勢低，場強(qiáng)方向相同C. a、b 兩點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同，b 點(diǎn)場強(qiáng)比a 點(diǎn)場強(qiáng)大D. 一個(gè)電子僅在電場力作用下不可能沿如圖所示的曲線軌跡從b 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c 點(diǎn)12. 如圖所示，電阻 ?1 = 20?，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻 ?2 = 5?當(dāng).開關(guān)斷開時(shí)，電流表的示數(shù)是 0.5?，當(dāng)開關(guān)閉合后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)起來，第2頁，共 12頁電路兩端的電壓不

7、變，關(guān)于電流表的示數(shù)I 、電路消耗的電功率P 和電動(dòng)機(jī)的熱功率 ? 的式子正確的是()熱A. ?= 2.5?B. ? 2.5?C.? 20?D. ? ? ?.可知該?電場不是勻強(qiáng)電場，故AB 錯(cuò)誤。C、由圖象知，結(jié)合正電荷受力方向與負(fù)電荷受力方向相反，故電場方向相同，故C 正確。D 、由上分析，可知，故D 錯(cuò)誤。故選： C。?勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小和方向處處相同，?-?圖線的斜率的絕對值?= ?= ?，等于電場強(qiáng)度的大小，根據(jù)斜率比較電場中a、 b、 c、 d 四點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小。解決本題的關(guān)鍵掌握電場強(qiáng)度的定義式，?- ?圖線的斜率的絕對值?= ?等于電場強(qiáng)度?的大小，知道電場強(qiáng)度的大小與檢驗(yàn)電

8、荷的電量無關(guān)。第6頁，共 12頁4.【答案】 A【解析】 解： A、若 +?、-? 同時(shí)存在， A 點(diǎn)電場的電勢值可以用代數(shù)加減的方法得到，-+因?yàn)殡妱菔菢?biāo)量，所以 ?= ?+ ?，故 A正確。B、因?yàn)殡妶鰪?qiáng)度是矢量，所以-+來計(jì)算，故 B 錯(cuò)誤。A 點(diǎn)的場強(qiáng)大小不能用 ? + ?C、因?yàn)殡妱菔且粋€(gè)相對量，與零電勢位置的選擇有關(guān)，并不僅僅由電場決定，故C 錯(cuò)誤。D 、電場強(qiáng)度是由電場本身性質(zhì)決定的，與電勢沒有任何關(guān)系，故D 錯(cuò)誤。故選： A。電場強(qiáng)度是矢量，其合場強(qiáng)的大小用矢量合成法則來計(jì)算，即用平行四邊形定則，不能簡單的代數(shù)加減；電勢是標(biāo)量，其最終的電勢值，可以用代數(shù)加減的方法計(jì)算得到。電場

9、強(qiáng)度是矢量，其合成符合平行四邊形定則，電勢是標(biāo)量，和合電勢符合代數(shù)加減。電勢是個(gè)相對量，與零電勢位置的選擇有關(guān)，電場強(qiáng)度是由電場本身的性質(zhì)決定的，與電勢沒有任何關(guān)系。5.【答案】 B【解析】 解： A、由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B 的內(nèi)表面不帶電，故A 錯(cuò)誤；B、由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B 的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，故驗(yàn)電器的金箔不張開，故 B 正確；C、 D、金屬網(wǎng)罩處于靜電平衡狀態(tài)，是等勢體，故其左右兩側(cè)電勢相等，故C 錯(cuò)誤，D 錯(cuò)誤故選： B。導(dǎo)體的外殼對它的內(nèi)部起到“保護(hù)”作用， 使它的內(nèi)部不受外部電場的影響， 這種現(xiàn)象稱為靜電屏蔽。金屬內(nèi)部由于電子可以自由移動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生一個(gè)與外加電

10、場相反的電場，來抵消在金屬內(nèi)部的電場，以保證平衡，從而使金屬表面上電荷重新分布。靜電屏蔽的意義： 屏蔽使金屬導(dǎo)體殼內(nèi)的儀器或工作環(huán)境不受外部電場影響， 也不對外部電場產(chǎn)生影響。6.【答案】 D【解析】 解： A 極板與靜電計(jì)相連，所帶電荷電量幾乎不變，B 板與 A 板帶等量異種電荷，電量也幾乎不變，故電容器的電量Q 幾乎不變。將極板 B 稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，極板正對面積減小，由電容決定式，?=? ，可知，電容4?變大，故ABC錯(cuò)，知板間電壓變大，則靜電計(jì)指針的偏角、 、C 減小，由公式 ?= ?誤， D 正確。故選： D。若極板 B 稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式，分析電容的變

11、化。電容器的電量不變， 由電容的定義式分析板間電壓的變化， 再判斷靜電計(jì)指針偏角的變化。靜電計(jì)測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大。根據(jù)電容的決定式分析極板間距離、正對面積變化時(shí)電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，再由電容的定義式 ?= ?分析板間電勢差的變化，即可再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況。?7.【答案】 D【解析】 解： AB、單位時(shí)間內(nèi)通過橫截面的電荷量，甲是乙的2 倍，所以甲的電流是乙電流的兩倍，故AB 錯(cuò)誤；第7頁，共 12頁CD?= ?=? ?、根據(jù)電流的微觀表達(dá)式，則導(dǎo)體甲中自由電荷定向移動(dòng)可知，? ?的速率是乙導(dǎo)體的4 倍，故 D 正確， C 錯(cuò)誤。故選

12、： D。電流就表示單位時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量的多少，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式?=?，分析定向移動(dòng)速率的關(guān)系。知道單位時(shí)間內(nèi)通過橫截面的電荷量表示電流，電流的微觀表達(dá)式?= ?，反映出電流 I 是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁。8.【答案】 C【解析】 解： A、沿著電場線方向，電勢是降低的，因此?，故 A 錯(cuò)誤。? ?.?處場強(qiáng)大，粒子受到的電場力大， 由牛頓第二定律知加速度也大， 即有 ? ?.故 B錯(cuò)誤。?CD 、根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向左下，所以粒子為正電荷，若粒子從M 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)，電場力方向與速度方向成銳角，電場力做正功，粒子的速度增大，則有?

13、?.故 C正確， D 錯(cuò)誤。?故選： C。電場線密的地方電場的強(qiáng)度大， 電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小。 由電場線的疏密分析場強(qiáng)的大小，由牛頓第二定律判斷加速度的大小。由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲的方向，判斷粒子受到的電場力方向，從而判斷電場力做功情況和粒子的電性，即可分析速度的大小。本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次根據(jù)電場線的疏密可以判斷電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱， 進(jìn)而判斷電場力的大小， 加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點(diǎn)，即可解決這類問題。9.【答案】 ACD【解析】 解：A、根據(jù) ?-?圖象知， 圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以 ?：?= 3：1.故12A 正確。B

14、、把 ?2均勻拉長到原來的3 倍長后，根據(jù)電阻定律知電阻將變?yōu)樵瓉淼?倍，不等于 ?，1故 B錯(cuò)誤。C、將 ?1與?并聯(lián)后接于電源上，則 ?與 ?兩端加上相同電壓，則電流之比等于電阻的212反比，電流比 ?： ?： 3.故 C 正確。12=1與 ?通過相同電流， 則兩端電壓之比等于電阻之比?：?1DB、將?121正確。2=3：，故故選： ACD。通過 ?- ?圖象得出兩電阻的關(guān)系。根據(jù)歐姆定律可知，判斷電流相等，電壓之比等于電阻之比；電壓相等，電流之比等于電阻之反比。解決本題的關(guān)鍵知道 ?- ?圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)以及知道串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，也可以根據(jù)圖中給出的坐標(biāo)利用歐姆定律求解電阻大小，

15、尤其要知道拉長導(dǎo)線體積不變，面積變小，把 ? 均勻拉長到原來的 3倍長后，根據(jù)電阻定律知電阻將變?yōu)樵瓉淼? 倍。210.【答案】 AD【解析】 解： AB、由電路圖可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，電路的總電阻變小，由部分電路歐姆定律可知，干路電流I 變大，燈電阻 ? 不變，由 ?2可知，燈 ?的實(shí)際功率變大，因此燈 ?變亮；干路電流I= ?1?1111?1變大，燈 ?電阻 ? 不變，則并聯(lián)電壓? = ?- ?電阻 ? 不變，燈 ?的并?11?1變小，燈 ?2?22實(shí)際功率變小，則燈?變暗；故 A 正確， B 錯(cuò)誤。2C、干路電流變大，根據(jù)?= ?，電路消耗的總

16、功率變大，故C 錯(cuò)誤。D 、干路電流 I 變大，燈 ?2電流變小，故流過變阻器的電流變大，故D 正確。第8頁，共 12頁故選： AD。圖中燈 ?與滑動(dòng)變阻器先并聯(lián)，再與燈 ?串聯(lián)；根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接21入電路的阻值如何變化， 由歐姆定律判斷電路電流如何變化， 可判斷燈 ?亮度如何變化；1根據(jù)電路中電流變化，判斷出并聯(lián)電壓如何變化，即分析燈?亮度如何變化。2本題是一道部分電路的動(dòng)態(tài)分析題，電路的動(dòng)態(tài)分析題是高中物理的?？紗栴}，要掌握其解題思路， 首先根據(jù)電路電阻變化情況由歐姆定律判斷電路電流如何變化，再應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與規(guī)律、部分電路的歐姆定律、電功與電功率公式分析答題。11.

17、【答案】 BD【解析】 解： A、根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷周圍電場線的分布情況可知，連線的中垂線是等勢面，電勢為零， ?，故 A 錯(cuò)誤。?= ?= 0，c 點(diǎn)離正電荷近， 電勢為正， ? ? = ?B、連線的中垂線上，場強(qiáng)方向平行于連線指向負(fù)電荷；連線上，場強(qiáng)平行于連線指向負(fù)電荷，故 b 點(diǎn)電勢比 c 點(diǎn)電勢低，場強(qiáng)方向相同，故B 正確。C、連線的中垂線上， a 點(diǎn)處場強(qiáng)最強(qiáng)，故 C 錯(cuò)誤。D 、分析電子的圖示軌跡上的受力情況，負(fù)電荷對電子有連線向外的排斥力，正電荷對電子有連線向里的吸引力，故合力指向右側(cè)，電子不能沿曲線軌跡運(yùn)動(dòng)，故D 正確。故選： BD。根據(jù)電場線的疏密判斷場強(qiáng)的大小，電場線越密，

18、場強(qiáng)越大，電場線越疏，場強(qiáng)越小。等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一條等勢線。順著電場線電勢降低， 由此分析電勢變化。分析電子的圖示軌跡上的受力情況，判斷能否沿曲線軌跡運(yùn)動(dòng)。對于等量異種點(diǎn)電荷和等量同種點(diǎn)電荷的電場線、等勢線的分布是考試的熱點(diǎn)，要抓住其特點(diǎn)和對稱性進(jìn)行記憶。12.【答案】 CDABS斷開時(shí)，由歐姆定律得，?=?= 10?.當(dāng)電鍵 S閉合后，【解析】 解： 、當(dāng)電鍵1 ?1?0.5?10?= 2?，故電流表的電流? 2.5?通過 1 的電流仍為，電動(dòng)機(jī)的電流?2 ?2= 5，故 AB 錯(cuò)誤。225? = 20? ，故 C 正確。C、電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率? = ?2 2熱2D 、電路的電功

19、率 ?=? 10 2.5 =25? ，故 D 正確。故選： CD。當(dāng)電鍵 S 斷開時(shí)， 由歐姆定律求出電阻?的電壓 ?當(dāng).電鍵S 閉合后， 通過 ?的電流仍為110.5?，電動(dòng)機(jī)的電路是非純電阻電路，由?2 ? 求出其電流的范圍，即得到電流表電流2的范圍。電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率?2= ?2，由 ?= ?求解電路中功率范圍。熱2本題要抓住非純電阻電路與純電阻電路的區(qū)別，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)， 其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立， 則電流一定小于視為純電阻時(shí)的電流，即 ?，電流表應(yīng)采用外接法；?100?由于待測電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值， 為測多組數(shù)據(jù)， 滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法。2、電流表采用

20、外接法，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示；3、根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示；故答案為： 1、?；?；外接法；分壓； 2、電路圖如圖所示；3、實(shí)物電路圖如圖所示。121、根據(jù)電路最大電流選擇電流表， 根據(jù)待測電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系選擇電流表的接法，根據(jù)待測電阻與滑動(dòng)變阻器最大阻值間的關(guān)系確定滑動(dòng)變阻器的接法。2、根據(jù)電流表與滑動(dòng)變阻器的接法，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理作出實(shí)驗(yàn)電路圖。3、根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖。要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則；根據(jù)題意確定電流表與滑動(dòng)變阻器的接法是設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖與連接實(shí)物電路圖的前提與關(guān)鍵。15.【答案】 解：

21、(1) 由題圖知，正常發(fā)光時(shí)?= 8?，故電功率為：2122?=?=?= 18 W?8(2) 電阻的電壓為： ? =20- 12= 8?12電阻的電流為： ?= ?=8 ?= 1.5?串聯(lián)電路電阻為： ?=?8?= 5.33?；=1.5?答： (1)在正常發(fā)光條件下，燈泡的電功率為18W；(2) 串聯(lián)的電阻為 5.33?。第10 頁，共 12頁【解析】 (1) 由圖讀出電壓為12V 時(shí)電阻，求出在正常發(fā)光時(shí)，燈泡的電功率；(2) 根據(jù)串聯(lián)電路電流和電壓關(guān)系求出正常發(fā)光時(shí)流過燈泡的電流和兩端的電壓，由歐姆定律求出串聯(lián)的電阻。本題關(guān)鍵是從圖象得到不同溫度的電阻，然后結(jié)合歐姆定律和電功率公式列式求解

22、，串聯(lián)電路電流處處相等。16.【答案】 解： (1) 物塊在 A 點(diǎn)受重力、電場力、支持力，分解電場力，豎直方向受力平衡，水平方向，由庫侖力水平分力產(chǎn)生加速度，?根據(jù)牛頓第二定律，則有：= ?2?60= ?合；?又因 ? = ?60，得： ?=?603?解得， ?=24?(2) 從 A 運(yùn)動(dòng)到 P 點(diǎn)正下方B 點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得：1212? =? -2?20又有：? =?- ?22解得： ? = 2?(?0 - ?) + ?答： (1) 物塊在 A3?點(diǎn)時(shí)加速度為4? 2；?22(2) 點(diǎn)電荷 +?產(chǎn)生的電場在B 點(diǎn)的電勢為(? - ?) + ?。2?0【解析】 (1) 物體在 A 點(diǎn)時(shí)

23、，豎直方向上沒有運(yùn)動(dòng)，受力平衡，根據(jù)庫侖定律和豎直方向力平衡，求出物塊在A 點(diǎn)時(shí)加速度大小；(2) 物塊從 A 到 B 過程，電場力做功為，根據(jù)動(dòng)能定理求出電勢差? ，再求解 B?點(diǎn)的電勢。物體在某一方向做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，在其垂直方向上沒有位移，受力是平衡的，并掌握牛頓第二定律的內(nèi)容；同時(shí)注意求電勢，一般先求電勢差，再求電勢。17.【答案】 解： (1) 離子在加速電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理有：=122?1v 的大小為：2?所以離子求通過偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度?= 1?(2) 離子在偏轉(zhuǎn)電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平方向有：?= ?121 ? ?2豎直方向有： ?=2()?=22 ? ?2所以離子在偏轉(zhuǎn)電場中的軌跡方程為：?=24?1答： (1) 通過偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度2?v 的大小為 1。?2(2) 離子在偏轉(zhuǎn)電場中的軌跡方程為?=2? 。4?1【解析】 (1) 根據(jù)動(dòng)能定理求出離子經(jīng)過加速電場加速后的速度；(2) 離子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，做類平拋運(yùn)動(dòng)，在沿電場方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在垂直電場方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出離子在偏轉(zhuǎn)電場中的軌第11 頁，共 12頁跡方程。本題主要考察了帶電離子在電場中運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)， 主要是掌握其運(yùn)動(dòng)情況， 掌握類平