2020年湖南省長(zhǎng)沙市明達(dá)中學(xué)高考物理模擬試卷

1、2020 年湖南省長(zhǎng)沙市明達(dá)中學(xué)高考物理模擬試卷一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1.研究光電效應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，A、K 為光電管的兩個(gè)電極，電壓表 V、電流計(jì) G 均為理想電表。已知該光電管陰極 K 的極限頻率為 ?，元電荷電量為 e，普朗克常0量為 h，開(kāi)始時(shí)滑片 P、 ?上下對(duì)齊。現(xiàn)用頻率為 ?的光照射陰極 ?(? ?0) ，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是 ( )A. 該光電管陰極材料的逸出功為?0B. 若加在光電管兩端的正向電壓為U ，則到達(dá)陽(yáng)極A 的光電子的最大動(dòng)能為 ?-?0 + ?C. 若將滑片 P 向右滑動(dòng)，則電流計(jì)G 的示數(shù)一定會(huì)不斷增大D. 若將滑片?P?-?0 時(shí)

2、，電流計(jì) G 的示數(shù)恰?向右滑動(dòng)，則當(dāng)滑片、間的電壓為好為 02. 如圖甲所示的“襄陽(yáng)砲”是古代軍隊(duì)攻打城池的裝置，其實(shí)質(zhì)就是一種大型拋石機(jī)，圖乙是其工作原理的簡(jiǎn)化圖。將質(zhì)量? = 10?的石塊，裝在與轉(zhuǎn)軸 O 相距 ?= 5?的長(zhǎng)臂末端口袋中，最初靜止時(shí)長(zhǎng)臂與水平面的夾角?= 30，發(fā)射時(shí)對(duì)短臂施力使長(zhǎng)臂轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)立即停止運(yùn)動(dòng)，石塊靠慣性被水平拋出，落在水平地面上。若石塊落地位置與拋出位置間的水平距離?= 20?，不計(jì)空氣阻力， g 取 10?/?2.以下判斷正確的是 ( )A. 石塊拋出后運(yùn)動(dòng)時(shí)間為32 ?B. 石塊被拋出瞬間的速度大小為202?/?3 C. 石塊即將落地時(shí)重力的瞬時(shí)功

3、率為500 6?D. 石塊落地的瞬時(shí)速度大小為15?/?3.如圖所示為范德格拉夫起電機(jī)示意圖， 直流高壓電源的正電荷通過(guò)電刷 E、傳動(dòng)帶和電刷 F，不斷地傳到球殼的外表面， 并可視為均勻地分布在外表面上， 從而在金屬球殼與大地之間形成高電壓 關(guān)于金屬球殼上的 A、 B 兩點(diǎn)，以下判斷正確的是()A. A、 B 兩點(diǎn)電勢(shì)相同B. A、 B 兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C. 將帶正電的試探電荷從A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，電勢(shì)能增加D. 將帶正電的試探電荷從A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，電勢(shì)能減第1頁(yè)，共 16頁(yè)小4.如圖為模擬遠(yuǎn)距離輸電的部分測(cè)試電路。a、 b 端接電壓穩(wěn)定的正弦交變電源，定值電阻阻值分別為?、?，且? ?，

4、理想變壓器的原、 副線圈匝數(shù)比為k 且 ? ?1代入數(shù)據(jù)解得： ?2?(?+ ?)?，故 B 正確。2?C、若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于，砝碼勻加速運(yùn)動(dòng)的位移小于=，2?2?2?2?勻減速運(yùn)動(dòng)的位移小于?=d，不會(huì)從桌面掉下，故C 正確。2?=2，則總位移小于2?D、當(dāng) ?= ?(2?+ 3?)?時(shí)，砝碼未脫離時(shí)的加速度?1= ?，紙板的加速度 ? =2?-?(?+?)?-?12122?，則此時(shí)砝碼的速度?= 2?2?-2? = ?，根據(jù)21，解得 ?= ?= 2?，砝碼脫離紙板后做勻減速運(yùn)動(dòng)，勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小?=?，則勻122?1減速運(yùn)動(dòng)的位移 ?=?2= ?，而勻加速運(yùn)動(dòng)的位移?=

5、?，可知砝碼離2?2?12? 開(kāi)桌面，故D 錯(cuò)誤。故選： BC。應(yīng)用摩擦力公式求出紙板與砝碼受到的摩擦力， 然后求出摩擦力大小。 根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，要使紙板相對(duì)于砝碼運(yùn)動(dòng)，紙板的加速度應(yīng)大于砝碼的加速度，然后求出拉力的最小值。當(dāng) ?= ?(2?+ 3?)?時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律分析求出砝碼和紙板加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出分離時(shí)砝碼的速度， 結(jié)合速度位移公式求出砝碼速度減為零的位置， 從而判斷出砝碼的位置。本題考查了求拉力大小， 應(yīng)用摩擦力公式求出摩擦力大小， 知道拉動(dòng)物體需要滿足的條件，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可正確解題。7.【答案】 BD【解析】解： A、若 ?=2?，粒子在磁

6、場(chǎng)中時(shí)間最長(zhǎng)時(shí)，磁場(chǎng)區(qū)域的直徑是軌跡的一條弦，作出軌跡如圖1，因?yàn)??= 2?，圓心角 ?= 60，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間?601 2?360 ?=6 ? =，故 A 錯(cuò)誤。?=3?B、若?= 2?，粒子沿著與半徑方向成45角斜向下射入磁場(chǎng)， 根據(jù)幾何關(guān)系， 有tan?=22222+12?2 ?2=2=7 ，故 B正確。?-2?2?- 2?C、若 ?= ?，粒子沿著磁場(chǎng)的半徑方向射入，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖3 所示，圓心角 90，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 ?=901 2?360?=，故 C 錯(cuò)誤。4 ?2?第9頁(yè)，共 16頁(yè)D 、若 ?= ?，粒子沿著與半徑方向成60角斜向下射入磁場(chǎng)，軌跡如圖4

7、所示，圖中軌跡圓心與磁場(chǎng)圓心以及入射點(diǎn)和出射點(diǎn)構(gòu)成菱形，圓心角150，故 D 正確。故選： BD。若 ?= 2?，粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)時(shí)，根據(jù)?= ? ?，圓心角越大，時(shí)間越長(zhǎng)，在圓形磁場(chǎng)2?中圓心角最大時(shí)，弦最大，因此圓形區(qū)域的直徑是粒子軌跡的一條弦時(shí)，時(shí)間最長(zhǎng)，做出軌跡圖，求出時(shí)間；粒子沿著與半徑成45斜向下射入磁場(chǎng)時(shí)，畫(huà)出軌跡，運(yùn)用幾何?關(guān)系求 tan；若半徑 ?= ?時(shí)，粒子沿著半徑射入，求出圓弧所對(duì)的圓心角，求出時(shí)間；2粒子沿著與半徑成60斜向下射入磁場(chǎng)，根據(jù)幾何關(guān)系求圓心角本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)， 重點(diǎn)是考查學(xué)生的作圖能力， 畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決問(wèn)題的能

8、力8.【答案】 ABD【解析】 解： A、設(shè)彈性繩的勁度系數(shù)為 k，?= ?.設(shè)當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到 F 點(diǎn)時(shí)， ?= ?，BF 與 CE 的夾角為 ?，此時(shí)彈性繩的彈力為-，彈力沿水平方向的分力為：?，知?水平 = ?=? ?水平-彈力沿豎直方向的分力為：?= ?= ?豎直小球在 C 點(diǎn)時(shí)，有?=33?F?=定值，則小球所受的滑動(dòng)摩擦力大小 ?=2，故豎直2?(? -?)= 0.5 (3?)=1?=-定值豎直24小球從 C 運(yùn)動(dòng)到 E 的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：?-?- ? = 0 - 0 ，其中， W 是彈性繩對(duì)小球做功大小。?+?0+?13而水平 ?水平 ?2，聯(lián)立解得 ?=? =2?=2 ?=2

9、2 ?3?= ?+ ?在D點(diǎn)，?= ?=?，小球的合外力為零，速度最大，故水平水平24，故有A 正確。3B、由上可得 ? = 2 ?若在 E 點(diǎn)給小球一個(gè)向左的速度v，小球恰好能回到C 點(diǎn)，從 E 到 C 的過(guò)程， 根據(jù)動(dòng)能定理得：12? - ?-?= 0 -?2解得 ?= ?，故 B 正確。C、從 C 運(yùn)動(dòng)到 E 的過(guò)程，根據(jù) ?，知彈性繩的水平分力均勻增大，則彈性繩在水平小球從 C 到 D 階段做的功小于在小球從D 到 E 階段做的功，故C 錯(cuò)誤。D 、若保持電場(chǎng)強(qiáng)度不變，僅把小球電荷量變?yōu)?q，從 C 運(yùn)動(dòng)到 E 的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：1 2，解得 ?= 2?，故 D 正確。2?-?

10、- ?= 0 - 2 ?故選： ABD。第10 頁(yè)，共 16頁(yè)小球從 C 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E 點(diǎn)的過(guò)程先加速后減速，在合外力為零的位置速度最大，根據(jù)胡克定律和動(dòng)能定理分析速度最大的位置。抓住摩擦力是恒力，利用動(dòng)能定理求小球恰好能回到 C 點(diǎn)的初速度。根據(jù)動(dòng)能定理分析小球從C 到 D 階段和從D 到 E 階段彈性繩做功關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵要利用胡克定律和正交分解法分析知道彈性繩彈力的豎直分力是恒力，摩擦力也是恒力。 彈性繩彈力的豎直分力與位移成正比， 要利用彈力的平均值來(lái)彈力做功。9.【答案】 ACD【解析】 解： A、根據(jù)分子動(dòng)理論可知，分子間同時(shí)存在著引力和斥力，當(dāng)分子間距增加時(shí)，分子間的引力減小，

11、斥力減小，故A 正確；B、液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)，與體積無(wú)關(guān)，故B 錯(cuò)誤；C、液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征，故C 正確；D 、根據(jù)內(nèi)能的有關(guān)因素可知，在不考慮分子勢(shì)能的情況下，1mol 溫度相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相同，故D 正確；E、由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子間表現(xiàn)為引力，液體表面存在張力，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直。故E 錯(cuò)誤。故選： ACD。分子間同時(shí)存在著引力和斥力，都隨距離的增大而減小，隨距離的減小而增大；液體的飽和汽壓體積無(wú)關(guān)；液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征；液體表面存在張力是分子力的表現(xiàn)，表面張力產(chǎn)生在液體

12、表面層，它的方向平行于液體表面，而非與液面垂直。本題考查相對(duì)濕度、分子力、液晶的各向異性、布朗運(yùn)動(dòng)液晶表面張力等知識(shí)，比較全面，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過(guò)程中要多加積累。10.【答案】 ACE【解析】 解： A、機(jī)械波傳播過(guò)程中，前一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)帶動(dòng)相鄰的后一質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，后振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)總是重復(fù)先振動(dòng)的相鄰的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)，是受迫振動(dòng)，故A 正確。B、彈簧振子在四分之一個(gè)周期里運(yùn)動(dòng)的路程不一定等于一個(gè)振幅，比如彈簧振子從平衡位置上方向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，在四分之一個(gè)周期里運(yùn)動(dòng)的路程大于一個(gè)振幅，故 B 錯(cuò)誤。C、有經(jīng)驗(yàn)的戰(zhàn)士從炮彈飛行的尖叫聲判斷飛行炮彈是接近還是遠(yuǎn)去，頻率變高表示靠近，頻率降低表示遠(yuǎn)離，利用了多普勒效應(yīng)

13、，故C 正確。D 、波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，電磁波中波長(zhǎng)由長(zhǎng)到短的順序是無(wú)線電波、紅外線、可見(jiàn)光、 ?射線，故衍射能力逐漸減弱，故D 錯(cuò)誤。E、電磁波在真空中傳播速度是 ?= 3108?/?，由?= ?可知，頻率越高，其波長(zhǎng)越短，但傳播速度不變，故E 正確。故選： ACE。機(jī)械波在傳播過(guò)程中，先振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)帶動(dòng)后振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，從而形成波并向前傳播。彈簧振子在四分之一個(gè)周期里運(yùn)動(dòng)的路程不一定等于一個(gè)振幅。有經(jīng)驗(yàn)的戰(zhàn)士從炮彈飛行的尖叫聲判斷飛行炮彈是接近還是遠(yuǎn)去，利用了多普勒效應(yīng)。波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。不同頻率的電磁波，在真空中的波速與光速相同。本題考查了電磁波的傳播、受迫振動(dòng)、

14、多普勒效應(yīng)等知識(shí)，解題的關(guān)鍵是理解多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的。11.【答案】 0.470.700.33大于不需要第11 頁(yè)，共 16頁(yè)【解析】 解： (1) 依據(jù)中時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，那么計(jì)數(shù)點(diǎn)“2”?4.30+5.00-2時(shí)小車(chē)的速度大小為：?=13=10?/?= 0.47?/?；22?2 0.12(7.72+7.10+6.45-5.70-5.00-4.30)-2 10根據(jù) ?= ?結(jié)合逐差法可得：?=2= 0.70?/?2。9 0.1(2) 根據(jù)牛頓第二定律可知?-?(?-?)?= ?解得 ?=?(1+?)- ?由圖可知， -?= -3.3解得 ?

15、= 0.33 ；?的測(cè)量值大于真實(shí)值，原因是滑輪與軸承、細(xì)線間有摩擦，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間有摩擦等；(3) 在此實(shí)驗(yàn)中，由于把小車(chē)和砝碼的質(zhì)量作為了整體，結(jié)合第二問(wèn)可知，不需要滿足懸掛鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中的鉤碼總質(zhì)量；故答案為： (1).0.47 ； 0.70 ； (2).0.33 ； 大于； (3) 不需要；(1) 物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 根據(jù)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度求解 2 的速度大小，相鄰相等時(shí)間位移之差等于常數(shù)；(2) 由牛頓第二定律列方程，求出a 與 m 的關(guān)系表達(dá)式，然后根據(jù)圖象分析答題。(3) 根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可判斷出是否需要滿足質(zhì)量間的關(guān)系此題在求解加速度時(shí)還可這樣做：紙帶

16、的長(zhǎng)度之比等于此段紙帶的平均速度之比，還等于各段紙帶中間時(shí)刻的速度之比，即紙帶的高度之比等于中間時(shí)刻速度之比，這種等效替代的方法減小了解題難度， 要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用。12.【答案】 2 0.5 小于大于【解析】 解： (1) 由閉合電路歐姆定律可知，閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)：?=?+?，則11? 1，=+? ?1?1由圖示圖象a 所示可知，截距 ?= 0.5( ?)，斜率 ?= 0.25( ?) ，所以電動(dòng)勢(shì) ?=?=2?，內(nèi)阻 ?= ?= 0.5? =1? = 0.13(?(2) 從圖象可知： 截距0.2( )，斜率)，電動(dòng)勢(shì) ? 5?，內(nèi)阻 ? 0.7?，? ?，? ?，電池的輸出功率 ?= (?2 ?，得 ?小于 ?；電池的效率 ?=?，得 ?大于 ?)=?+? ?+?故答案為： (1)2 ；0.5 ； (2) 小于；大于(1) 根據(jù)電路圖應(yīng)用歐姆定律求出函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)函數(shù)表達(dá)式與圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻(2) 由功率的表達(dá)式可得出兩電池的總功率大小關(guān)系，分析電池效率本題考查了求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻、 比較電源的輸出功率與電源效率問(wèn)題， 根據(jù)圖象應(yīng)用歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的前提與關(guān)鍵13.【答案】解：(1) 衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)