2019-2020學年山西省太原市高三(上)期中物理試卷

1、2019-2020 學年山西省太原市高三（上）期中物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共40.0 分）1. 如圖，直線和曲線分別是在平直公路上行駛的汽車a 和 b的速度 - 時間圖象。由圖可知 ()A.1時刻， a 車與 b 車處于同一位置?B. ?2時刻， a 車和 b 車的運動方向相反C.?到 ?時間內， a 和 b 兩車發(fā)生的位移大小相等12D.到 ?時間內，b車某時刻的加速度與a車的加速度相?12同2.超級大擺錘氣勢磅礴、驚險刺激，是游樂場中特別受歡迎的一個項目。大擺ab 可繞水平軸左右擺動，同時b 端固定的圓盤可繞中心軸轉動，座椅固定在圓盤上。則當 ab 擺到如圖位置時，只考慮座椅

2、繞中心軸的勻角速轉動，則對于固定在座椅上的某位游客 ( )A. 動量不變B. 動能不變C. 所受合力不變D. 機械能不變3. 太陽現在正處在恒星演化的中期，叫主序星階段。太陽均勻地向四周輻射能量，質量在緩慢減小。不考慮其他影響，則經過足夠長的時間后，圍繞太陽做圓周運動的小行星( )A. 半徑變大B. 速率變大C. 角速度的值變大D. 加速度的值變大4.某小組在探究遙控汽車的剎車性能時，測得從 ?= 0 時起汽車的位移與速度的平方之間的關系如圖所示，下列說法正確的是()A. ?= 0時汽車的速度為 8?/?B. 剎車過程持續(xù)的時間為 5sC. 0 - 4?內汽車發(fā)生的位移為 8mD. 汽車加速度

3、的大小為20.5?/?5. 小亮在沿水平直線向左運動的高鐵中做了一個實驗，他用細線將小球 A 懸掛于行李架上。 質量為 m 的箱子B 放在車廂地板上且始終相對于車廂靜止，箱子與車廂地板間的動摩擦因數為 ?且.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。某時刻觀察到細線偏離豎直方向?角，如圖所示，則此刻車廂對箱子B 作用力的大小為 ()A. ?2C. ? D. ? 1+tan2?B. ? 1+?6. 如圖所示，兩個小球 a、 b 質量均為 m，用細線相連并懸掛于 O 點，現用一輕質彈簧給小球 a 施加一個拉力 F ，使整個裝置處于靜止狀態(tài)，且 Oa 與豎直方向夾角為第1頁，共 17頁?= 45 ，已知彈簧勁度系

4、數為k，則彈簧形變量不可能是()A. 2?B. 2?2?C. 42?3?2?D.?7. 如圖，豎直面內的半圓弧BCD 的半徑為 2.0?，直徑 BD 水平，小孔 P 和圓心 O 的連線與水平方向的夾角為 37現.從 B點正上方的 A 點沿水平拋出一小球， 小球恰好射入小孔 P 且速度沿 OP 方向。不計空氣阻力，則AB 的高度差及小球拋2， ?37=0.6)出的速度分別是 ( )( 取 ?= 10?/?A. 0.15?， 4 3?/?B.43?/?D.C.， 26?/?0.15?1.50?，1.50?， 2 6?/?8.7 月 31 日，二青會冰壺比賽在天津落下帷幕，山西隊獲得2 金、 1 銀

5、、 1 銅。在比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞(如圖甲所示 ) ，從 ?= 0開始，碰撞前后兩壺運動的v-?圖線如圖乙中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行。已知兩冰壺質量均為20kg，?= 1?時兩壺相撞，不計兩壺碰撞的時間，則()A. 兩壺發(fā)生了彈性碰撞B. 碰后藍壺移動的距離為 2.4?C. 碰撞過程中損失的動能為 3.2?D. 碰后兩壺靜止時，它們之間的距離為1.8?二、多選題（本大題共4 小題，共20.0 分）9. 如圖，氫氣球浮在空中被站在地面上的小朋友用細線牽引，氣球在水平向右的風力作用下處于靜止狀態(tài)，風力的大小正比于風速。則當風速增大氣球及人

6、再次靜止后，不考慮其他影響，下列說法正確的是 ( )A. 細線對人的拉力大小保持不變B. 細線與豎直方向的夾角變小C. 地面對人的支持力保持不變D. 人受到地面的摩擦力變大10.2019 年女排世界杯比賽中，我國女排以11 連勝的戰(zhàn)績?yōu)?0 周年國慶獻上一份厚禮 ！ 女排主攻手朱婷，原地站立摸高為 2.60?。原地豎直起跳 ( 不助跑 ) 摸高為 3.27?，若原地起跳時該運動員重心從最低開始上升 0.50?時離開地面 ( 起跳過程 )，將這一過程視為勻加速運動， 忽略空氣第2頁，共 17頁阻力，則該運動員()A. 起跳過程中先超重后失重B. 起跳過程的平均速度等于離地上升到最高點過程的平均速

7、度C. 起跳過程中地面對她的彈力不做功D. 從最高點落回地面時的速度為 9.8?/?11.圖甲中， 物體在平行于斜面的推力作用下，由靜止開始沿足夠長的光滑斜面向下運動。取斜面底端為零勢能面，物體的機械能E 與位移 x 的關系圖象如圖乙所示，其中 0 ?過程圖線為曲線，?點對應 E 的最大值。 ?過程為直線。根據圖象可2123知 ()A.B.C.0 - ?1過程中，推力的方向始終沿斜面向下0 - ?2過程中，推力的值先變小后變大? - ?過程中，物體做勻減速直線運動12D.0 - ?過程中，物體克服推力做功為?3012. 如圖所示，處于豎直平面內的光滑細金屬圓環(huán)半徑為R，A、B、C、D 為圓環(huán)上

8、的四個點。 AC 水平、 BD 整直。 A、 D 間固定有光滑細直桿。質量為 m 的帶孔小球 P 穿于桿，與 P相同的小球 Q 穿在環(huán)上，并通過長為 R 的結實細繩固定在 D 點，在圓環(huán)以 BD 為軸轉動時， 若小球 P 位于 AD 桿的中點，圓環(huán)轉動的角速度為 ? ，則 ( )02?A. 圓環(huán)的角速度 ?0 = ?B. 角速度為 ?0時，細繩的彈力不為零C. 當圓環(huán)的角速度由 ?0 增大少許時， P 球將上升到 DA 中點偏上一點與桿相對靜止PD2，細繩的彈力為 mgD. 若與的距離為4?三、實驗題（本大題共2 小題，共20.0 分）13. 某同學用如圖 1 所示的裝置完成“探究加速度與力、

9、 質量的關系”的實驗。 用總質量為 m 的重物 ( 托盤和砝碼 ) 通過滑輪牽引小車， 使它在長木板上運動， 打點計時器在紙帶上記錄小車的運動情況。第3頁，共 17頁(1) 實驗中，需要平衡摩擦力和其他阻力。正確操作方法是把長木板右端整高，在_( 選填“不懸掛”或“懸掛“) 重物且計時器打點的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做_( 選填“勻速”或“勻加速”)運動，表明已經消除了摩擦力和其他阻力的影響。(2) 實驗中，為了保證懸掛重物的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，懸掛重物的總質量m應_) 小車的質量M。( 選填”遠小于“或“遠大于“(3) 該同學在實驗中，得到了如圖2 的?- ?圖

10、象，根據該同學的結果，在m 大于_時，小車的加速度與重物的質量成明顯的非線性關系。發(fā)生這種現象的原因是 _。A.長木板傾角太小，沒有完全平衡摩擦力B.長木板傾角太大，平衡摩擦力過度C.不滿足 ?D.不滿足 ? ?14.某實驗小組用斜槽直導軌， 研究外力做功與物體動能變化的關系。 他們將槽傾斜放置，有槽的一面朝上，在斜槽的側面固定一刻度尺，將一小球從位于斜槽上端刻度為 0 的位置 O 由靜止釋放， 利用頻閃照相的方法記錄小球在不同時刻的位置，如圖所示。拍攝時頻閃頻率是10Hz，通過斜槽上固定的刻度尺讀取的5 個連續(xù)影像的刻度依次為 ?、?、?、?、?和斜槽的長度 s。數據如表?.已知斜槽頂端的高

11、度h所示： ( 單位： ?)?hs?5.5515.4330.2750.0274.7048.0080.00已知小球的質量 ? = 20.0?，取?= 10.0?/?2，完成下列填空 ( 結果保留2 位有效數字 )：(1) 小球運動的加速度為2?= _?/?；(2) 小球運動到 D 點時的速度 ?= _?/?，動能為 ?= _J；(3) 小球從 O 點運動到 D 點重力做功為 ? = _J；(4) 從 O 到 D 的過程，除重力外其他外力對小球做的功_J。第4頁，共 17頁四、計算題（本大題共5 小題，共70.0 分）15. 借道超車是指借用反方向行駛的車道進行超車，是道路交通安全的極大隱患之一。

12、如圖是借道超車過程的示意圖，小汽車( 甲車 )和貨車分別以 ? = 15?/?和? =1212?/?的速度在平直路面上勻速行駛，其中甲車長?1 = 5?、貨車長 ?2= 8?。當甲車到距貨車 ?= 5?時，司機開始加速從貨車左側超車，加速度大小為22?/? ，假定貨車速度保持不變，不計車輛變道的時間及車輛的寬度。問：(1) 小汽車完成超車 ( 全部超越 ) 至少需要多長時間？(2) 如果開始超車時， 司機看到對向車道 150m 遠處乙車迎面駛來， 若乙車的速度恒為 14?/?，甲車能否安全超車？16. 近日，極限運動員盧克 ?艾金斯創(chuàng)造了一項新的吉尼斯世界紀錄 -他不帶降落傘從 7620m 的

13、高空跳下，其運動可看成剛開始下落的階段做勻加速直線運動，速度達最大后開始勻速下落，最后成功落到固定在離地面 7.5?、大小為 30? 30?的水平安全網上，整個過程用時130s。測得勻速運動的過程中，運動員每下降 2000?(609.6?)需時 10.16?，設運動員的總質量為60kg，取 ?=210?/? .求：(1) 勻加速階段運動員所受阻力的大??；(2) 運動員前 50s 內下落的距離；(3) 已知運動員與安全網作用 2.0?時速度減為 0，求運動員受網的平均作用力。17. 如圖所示，水平地面上固定一光滑斜面體，其截面為直角三角形，左、右底角分別為 37和 53斜.面頂點有一光滑定滑輪，

14、 跨過定滑輪且與斜面平行的輕繩兩端分別連接物塊 A 和 ?(可視為質點 ) ，平衡后兩物塊在距地高均為 H 處靜止。 (?37= 0.6, ?37= 0.8)(1)A，B的質量比。求物塊(2)若將兩物塊的位置互換并同時由靜止釋放，已知A 落地后不反彈，求B 沿斜面上升的最大距離 (?物塊不會和滑輪相碰 ) 。第5頁，共 17頁18. “月船 2 號”是印度第二個月球探測器，包括軌道器、著陸器等模塊。 9 月 2 日下午，“維克拉姆”著陸器與“月船2 號”軌道器成功分離，分離后的軌道器在距月面為H 的圓軌道上面常運行。7 日凌晨，著陸器在距離月球表面 ? = 2.0?時失去了信號。失去信號時報告

15、顯示著陸器的水平速度為50?/?，垂直速度為 60?/?，已知著陸器的總質量為 1.5 103?，月球表面的重力加速度為g、月球的半徑為R，不考慮月球的自轉。(1) 求在距月面為 H 的軌道上正常運行的軌道器的速率；(2) 后來，通過探測得知著陸器失去信號后，只在月球引力作用下落到月球表面(硬著陸 ) 而損壞，求其落到月面時動能的大小2，結果保留2 位有效數字 )(?= 1.6?/?19. 如圖所示，豎直平面內固定一半徑為1圓弧軌道，其兩端點為AB，圓心 OR的光滑 44與 B 的連線豎直。 B 與水平地面 CD 的高度差為 9 ?質.量為 2m 的小物塊 Q 靜止在網弧軌道的 B 點。將一質

16、量為 m 的光滑小球 P 從網弧軌道的 A 點由靜止釋放。 P 運動到 O 點正下方 B 點時與 Q 發(fā)生彈性碰撞。已知重力加速度的大小為g。求：(1)?與 Q 發(fā)生碰撞前的瞬間對軌道壓力的大??；(2)?與 Q 發(fā)生碰撞后， Q 落地時速度的大小及方向。第6頁，共 17頁第7頁，共 17頁答案和解析1.【答案】 D【解析】 解： A、初始位置不確定，所以無法判定?時刻兩車位置，故 A 錯誤；1B、速度的正負表示運動的方向，?2時刻速度方向均為正，運動方向相同，故B 錯誤；到 ?時間內， a 車發(fā)生的位移大于 b 車的位移，故 C 錯誤；C、圖象的面積表示位移， ?1 2D 、圖象斜率表示加速度

17、，可以看出b 車的加速度先減小，然后反向增大，b 車某時刻的加速度與 a 車的加速度相同，故D 正確。故選： D。速度 - 時間關系圖線反映速度隨時間的變化規(guī)律，圖象與時間軸圍成的面積表示通過的位移，平均速度等于位移與時間之比；速度圖象的斜率表示加速度。由此分析即可。本題是速度 - 時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度 - 時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義。2.【答案】 B【解析】 解： AB、勻速圓周運動的物體速度大小不變，方向時刻變化，故動量時刻變化，動能不變，故A 錯誤， B 正確；CD 、做勻速圓周運動的物體，其合力始終指向圓心提供向心力，故合力方向時刻改變，由于存在其它

18、力做功，其機械能不守恒，故CD 錯誤；故選： B。勻速圓周運動的特征是：速度大小不變，方向時刻變化；其合力提供向心力，其大小不變，但始終指向圓心；掌握勻速圓周運動的特征，知道它是一種特殊的變速運動，只有周期和角速度是不變的。3.【答案】 A【解析】 解：A、恒星均勻地向四周輻射能量，質量緩慢減小， 二者之間萬有引力減小，小行星做離心運動，即半徑增大，故A 正確；B、小行星繞恒星運動做圓周運動，萬有引力提供向心力，設小行星的質量為m，恒星?2?的質量為?M，則? 2 = ?，即 ?= ， M 減小， r 增大，故 v 減小，故 B 錯誤；?D 、由 ?=2 可知， M 減小， r 增大，所以a

19、減小，故D 錯誤；?C、 ?= ?， v 減小， r 增大，故 ?減小，故 C 錯誤。故選： A。恒星均勻地向四周輻射能量，質量緩慢減小，二者之間萬有引力減小，小行星做離心運動，即半徑增大，又小行星繞恒星運動做圓周運動，萬有引力提供向心力，可分析線速度、角速度、加速度等。關于萬有引力與航天，記住作圓周運動萬有引力等于向心力；離心運動，萬有引力小于向心力；向心運動，萬有引力大于向心力。4.【答案】 C【解析】 解： A、由圖象可知，當汽車位移為0 時，速度的平方為16，即汽車的初速度為 4?/?，故 A 錯誤；B、由圖象知，當汽車位移為8m 時，速度為0，汽車初速度為4?/?，則汽車剎車時間?

20、8?= - = 0+4 ?= 4?，故 B 錯誤；?2C、由 B 分析知，汽車剎車時間為4s，位移為 8m，故 C 正確；第8頁，共 17頁?-?0-42202D 、汽車剎車加速度?= ?/? = -1?/?，即加速度的大小為，故?41?/?D 錯誤。故選： C。2加速度大根據位移 x 與速度的平方 ?之間的關系圖線， 結合速度位移公式得出初速度、小，根據速度時間公式求出剎車過程持續(xù)的時間，根據位移公式求出剎車過程中的位移。本題考查了運動學公式和圖象的綜合，關鍵理清圖象斜率表示的物理意義，注意汽車速度減為零后不再運動。5.【答案】 D【解析】 解：設車廂的加速度為a，則小球和車廂加速度一樣，都

21、為a，由牛頓第二定律，得?= ?箱子相對車廂靜止，故箱子加速度為a，對箱子受力分析，利用牛頓第二定律，有? = ? = ?整理，得?=222?+?=? 1 +tan?故 ABC 錯誤 D 正確；故選： D。小球、箱子和車廂相對靜止，根據小球的加速度可以知道箱子的加速度；對箱子受力分析，可以求出車廂對箱子的作用力。本題考查牛頓第二定律， 關鍵要選取正確的研究對象， 并要能結合受力平衡條件來解決問題。6.【答案】 B【解析】 解：以小球ab 整體為研究對象，分析受力，作出 F 在幾個方向時整體的受力圖，根據平衡條件得知： F 與 T 的合力與整體重力 2mg 總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可

22、知，當F 與繩子 oa 垂直時，F 有最小值，即圖中2 位置， F 的最小值為：? = 2?=2?=。2?2根據胡克定律：?，?=所以： ?= 2?則 ACD 可能， B 不可能。本題選不可能的，故選： B。以小球 ab 整體為研究對象，分析受力，作出力圖，根據平衡條件，分析F 可能的值，然后再經過胡克定律分析彈簧形變量的可能情況。本題是隱含的臨界問題，運用圖解法確定出 F 的最大值和最小值，再進行選擇。 也可以用函數法，難度適中。7.【答案】 A第9頁，共 17頁【解析】 解：如圖所示，?= ?37=2 0.8? = 1.6?，?= ?37=2 0.6? = 1.2?，平拋運動的水平位移為：

23、?= ?+ ?= 3.6?，即： ?= 3.6?，0?= ?-1.2 = ?-1.2，? ?=-?=2-1.6，2?-1.2= ?37= ?而 ?2-1.6解得： ?=338 ?=83.6 = 1.35?，所以 ?=?- ?=1.35 - 1.2? = 0.15?，?3又?， ?= ?37，即=4?0 ?= 3.6?，?0代入數據解得：?0 = 43?/?。故 A 正確， BCD 錯誤。故選： A。作出速度的反向延長線交初速度方向為C，過 O 點作 MN 的垂線交于F ，結合幾何關系得出平拋運動的水平位移，抓住OF 和 CF 間的夾角等于速度與水平方向的夾角，通過幾何關系求出豎直位移， 從而得

24、出彈射器離 B 點的高度。 根據速度方向， 結合平行四邊形定則得出初速度的大小。本題考查了平拋運動， 抓住速度方向垂直 P 點圓弧的切線方向是關鍵， 知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，通過運動學公式和幾何關系進行求解。8.【答案】 C【解析】 解： AC、設碰后藍壺的速度為v，碰撞前紅壺的速度?0 = 1.0?/?，碰后紅壺的速度為 ?0 = 0.2?/?，取碰撞前紅壺的速度方向為正方向，根據動量守恒定律可得：?0 = ?0 + ?解得： ?= 0.8?/?碰撞過程兩壺損失的動能為：?=12- (12+122?02?02?)解得： ?A 錯誤， C 正確；?= 3.2?，所以，兩壺

25、發(fā)生了非彈性碰撞，故?B、根據速度圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，則碰后藍壺移動的距離為：?2 = 2 (?-1) =0.28 (6 - 1)? = 2.0?，故 B 錯誤； ? 1.2-1.02D 、根據碰前紅壺的速度圖象可知，紅壺的加速度大小為：=?/? =?= ?120.2?/?20 22?碰后紅所滑過的距離為0?1 =2? = 2 0.2= 0.1?所以碰后兩壺靜止時，它們之間的距離為：?= ?- ?=1.9?，故 D 錯誤；21故選： C。研究碰撞過程， 根據動量守恒定律求解碰后藍壺的速度； 根據圖象求解碰前紅壺的加速度，由此得到所以藍壺靜止的時刻， 再根據速度圖象與坐標軸圍成的面積

26、表示位移求解碰后藍壺移動的距離； 根據碰撞過程能量關系求解動能的損失； 根據速度位移公式求碰后紅、藍兩壺所滑過的距離，從而求得碰后兩壺靜止時它們之間的距離。第10 頁，共 17頁本題考查動量守恒定律和運動圖象，解答本題的關鍵要掌握碰撞的基本規(guī)律：動量守恒定律，知道速度圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，能夠根據圖象獲得信息。9.【答案】 CD【解析】 解： AB、對氣球受力分析，受重力、浮力、細線的拉力和水平風力，如圖所示，根據平衡條件，有：?= ? - ?-?= 0浮22解得： ?= ? + (?- ?) ，浮?=? -? ，浮由 式，拉力隨著風力的增加而增加，而細線對人的拉力等于細線對氣球

27、的拉力，故 B錯誤；由 式，細繩與豎直方向的夾角隨著風力的增加而增加，故A 錯誤；CD 、對氣球和人整體受力分析，受重力(? + ?)?、浮力?浮 、支持力 N、風力 F 和摩擦力 f，根據平衡條件，有：? = (? + ?)?- ?浮?= ?由 式，地面對重物的支持力不變，故C 正確；由 式，地面對重物的摩擦力隨著風力的變化而變化，故D 正確。故選： CD。對氣球和人整體受力分析，受重力(? + ?)?、浮力、支持力、風力和摩擦力，根據平衡條件判斷摩擦力和支持力的情況；對氣球受力分析，受重力、浮力、細線的拉力和水平風力，根據平衡條件判斷細線的拉力情況。解決該題的關鍵是掌握整體法和隔離法在平衡

28、狀態(tài)中的應用，正確進行受力分析，能根據正交分解找到繩子的拉力和繩子與豎直方向的夾角的表達式【答案】 BC10.【解析】 解： A、從開始起跳到腳離開地面重心上升?1 =0.5?，做勻加速運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A 錯誤；B、運動員起跳的初速度為零，離開地面時的速度為v，離地上升到最高點的速度為零，起跳過程做勻加速直線運動，離地上升過程中做勻減速直線運動，根據平均速度公式可- ?，故起跳過程的平均速度等于離地上升到最高點過程的平均速度，故 B正確；知， =2C、起跳過程中，地面對她的彈力的位移為零，不做功，故C 正確；D 、朱婷原地站立摸高為 2.60?。原地豎直起跳 ( 不助跑 )

29、摸高為 3.27?，則重心上升 ? =3.27? -2.60? = 0.67?，從最高點落回地面的過程中，做自由落體運動， 落地速度 ? =，故 D 錯誤。2?= 13.132?/?故選： BC。運動員起跳過程視為勻加速運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)；運動員離開地面后豎直上拋，根據平均速度公式求解；運動員與地面接觸，地面的彈力沒有位移；根據自由落體運動求解落地速度。本題主要考查了勻變速直線運動的規(guī)律，解題的關鍵是理解起跳過程做勻加速直線運動，第11 頁，共 17頁離地上升過程中做勻減速直線運動。11.【答案】 ABD【解析】 解： A、0 ?過程中，由于物體的機械能逐漸增大，知拉力做正功，物體

30、沿光1滑斜面向下運動，所以拉力一定沿斜面向上，故A 正確。B、根據功能原理知： ?= ?，可知 ?-?圖線的斜率表示拉力的大小，0 - ?2過程中，圖象的斜率先減小后增大，故推力的值先變小后變大，故B 正確；C、根據功能原理知： ?= ? ?，可知 ?-?圖線的斜率表示拉力的大小，?過程?1 2中，拉力增大，根據牛頓第二定律得：?-= ?可知，加速度減小，物體做變速運動，故 C 錯誤；D 、根據功能關系 ?= ?得： 0 -過程中，物體克服推力做功為?，故 D 正確；?30故選： ABD。物體的機械能的變化是通過除重力之外的力做功來量度的。 由于除重力之外的其他力做功等于物體的機械能的增量，

31、所以 ?- ?圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大小，據此結合牛頓第二定律、功能關系分析各項即可。解決本題的關鍵是知道： 除重力和彈簧的彈力之外的其它力做的功等于物體機械能變化量； ? - ?圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大小。12.【答案】 AD【解析】 解： A、對 P 進行受力分析， P 球做圓周運動的向心力由重力和支持力合力提供，如圖所示：當 P 球在 AD 的中點時， 根據牛頓第二定律：2?1，其中 ?1=1?，解得：?45=?022?0= ，故 A 正確；?2，知 ?=?45? 增大少許時， ?減小，C、由2，當圓環(huán)的角速度由?45=?0?1011?0P 球將下降到 DA

32、中點偏下一點與桿相對靜止，故C 錯誤；B、對小球 Q 進行受力分析，如圖所示，?為圓環(huán)對 Q 的指向圓心的支持力，T 為繩子的拉力，豎直方向合力為零，有?30= ?30+? 第12 頁，共 17頁合力沿水平方向， 根據牛頓第二定律：?2，其中 ?30+ ?30=?0= ?30， ?22即 ?2+ ?= ? ? ?012聯合 解得： ?=?- ? ?022?當 ?0 = ?時，代入 式得： ?= 0，故 B 錯誤；22?D、若 P 與 D 的距離為， P 球做圓周運動的半徑為：?1= 4?45=4，而4?2?45=?0?1，解得： ?0 = 2 ，代入 式解得： ?= ?，故 D 正確。?故選：

33、 AD。P 球做圓周運動的向心力由重力和支持力合力提供，根據牛頓第二定律可以求出P 在AD 中點時的角速度，也可以求出和角速度 ? 的關系；對 Q 求進行受力P 球運動半徑 ?10分析， 利用正交分解法， 根據平衡條件和牛頓第二定律可以列出方程求出繩子拉力T 的表達式，當?2?時，代入表達式可以求出T 的值；若 P 與 D 的距離為 2，可以求0= ?4?出 P 求運動半徑， 再結合牛頓第二定律可以求出對應的角速度，再代入 T 的表達式即可以求出 T 的值。本題考查了向心力、牛頓第二定律等知識點。P、 Q 兩球屬于同軸轉動模型，它們的角速度相同，根據牛頓第二定律可以求出相應的問題。13.遠小于

34、210g C【答案】 不懸掛 勻速【解析】 解： (1) 實驗中，需要平衡摩擦力和其他阻力。正確操作方法是把長木板右端整高，在不懸掛重物且計時器打點的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運動，表明已經消除了摩擦力和其他阻力的影響。(2) 實驗中，為了保證懸掛重物的重力近似等于使小車做勻加速運動的拉力，懸掛重物的總質量 m 應遠小于小車的質量 M。(3) 根據圖 2，在 m 大于 210g 時，小車的加速度與重物的質量成明顯的非線性關系。發(fā)生這種現象的原因是不滿足?，故 C 正確。故答案為： (1) 不懸掛，勻速；(2) 遠小于； (3)210?(200?240?之間均可 ) ，C。(1)

35、 平衡摩擦力：把長木板右端整高，在不懸掛重物且計時器打點的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運動，表明已經消除了摩擦力和其他阻力的影響。(2) 要使 ? ?，需要滿足 ? ?；(3) 當不滿足 ? ?， ?- ?圖象會發(fā)生明顯的非線性關系。本題考查了探究加速度與物體質量、物體受力的關系實驗。注意點：每條紙帶必須在滿足小車與車上所加砝碼的總質量遠大于小盤和砝碼的總質量的條件下打出。只有如此，小盤和砝碼的總重力才可視為小車受到的拉力。14.【答案】 4.9 2.2 4.8 10-26.0 10-2-1.210 -2【解析】 解：頻率 ?=10?，故周期為： ?=10.1?，?=102得：

36、?= ?-?(0.7470-0.3027)-(0.3027-0.5555)?/(1)2=? ?=2根據位移差公式 ?= ?2?(2?)(2 0.1)22? = 4.9?/? ；?0.7470-0.3027?/?= 2.2?/?(2) 小球運動到 D 點的速度為：? =?=2 0.1?1212-2小球的動能為： ?0.02 22?= 4.8 10?；?= 2? = 2第13 頁，共 17頁?48.03(3) 設斜面傾角為 ?，則有： ?= ?= 80.0= 53故從 O 到 D 過程，重力做功為： ? = ?=0.02 10 0.5002 ?=56.0 10 -2 ?；(4) 對小球從 O 到 D 過程運用動能定理有：?+ ?其他 = ?解得： ? = ?-?=-1.210 -2 ?；其他故答案為： (1)4.9 ；(2)2.2 ， 4.8 10 -2 ； (3)6.010 -2 ； (3)- 1.2 10-2；根據位移差公式求解