福建省漳州2016屆高三第二次八校聯(lián)考物理試卷

1、福建省漳州2016屆高三第二次八校聯(lián)考物理試卷一、選擇題：（本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第16題只有一項(xiàng)符合題目要求，第711題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1在人類對(duì)物質(zhì)運(yùn)動(dòng)規(guī)律的認(rèn)識(shí)過程中，許多物理學(xué)家大膽猜想、勇于質(zhì)疑，取得了輝煌的成就，下列有關(guān)科學(xué)家及他們的貢獻(xiàn)描述中正確的是（ ）A卡文迪許在牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后，進(jìn)行了“月地檢驗(yàn)”，將天體間的力和地球上物體的重力統(tǒng)一起來B伽利略在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)研究中，對(duì)斜面滾球研究，測(cè)出小球滾下的位移正比于時(shí)間的平方，并把結(jié)論外推到斜面傾角為90°的情況，推

2、翻了亞里士多德的落體觀點(diǎn)C開普勒潛心研究第谷的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)，提出行星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)D奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場(chǎng)的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)【答案】B【解析】試題分析：牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后，并進(jìn)行了“月地檢驗(yàn)”，將天體間的力和地球上物體的重力統(tǒng)一起來，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；伽利略在對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)研究中，對(duì)斜面滾球研究，測(cè)出小球滾下的位移正比于時(shí)間的平方，并把結(jié)論外推到斜面傾角為90°的情況，推翻了亞里士多德的落體觀點(diǎn)，選項(xiàng)B正確；開普勒潛心研究第谷的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)，提出行星運(yùn)動(dòng)三定律，認(rèn)為行星繞太陽做橢圓周運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場(chǎng)的相似性，提出

3、分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.考點(diǎn)：物理學(xué)史2如右圖甲所示，一個(gè)質(zhì)量為3kg的物體放在粗糙水平地面上，從零時(shí)刻起，物體在水平力F作用下由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)在03s時(shí)間內(nèi)物體的加速度a隨時(shí)間t的變化規(guī)律如右圖乙所示則（ ）AF的最大值為12 NB01s和23s內(nèi)物體加速度的方向相反C3s末物體的速度最大，最大速度為8msD在01s內(nèi)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，23s內(nèi)物體做勻減速運(yùn)動(dòng)【答案】C3如圖，一理想變壓器原線圈接正弦交變電源，副線圈接有三盞相同的燈（不計(jì)燈絲電阻的變化），燈上均標(biāo)有（36V，6W）字樣，此時(shí)L1恰正常發(fā)光，圖中兩個(gè)電表均為理想電表，其中電流表顯示讀數(shù)為0.

4、5A，下列說法正確的是（ ）A 原、副線圈匝數(shù)之比為3：1B 變壓器的輸入功率為12WC 電壓表的讀數(shù)為9VD 若L3突然斷路，則L1變暗，L2變亮，輸入功率減小【答案】D【解析】試題分析：L1恰正常發(fā)光，其電流為，燈泡的電阻，電壓表示數(shù)為0.5IR=18V，根據(jù)輸入功率等于輸出功率知U1×0.5(36+18)×=9W，解得：U1=18V，原、副線圈匝數(shù)之比為18：54=1：3，ABC錯(cuò)誤；若L3突然斷路，電阻增大，電流減小，則L1變暗，分壓減小，L2分壓增大變亮，輸入功率P=UI減小，D正確，故選D。考點(diǎn)：變壓器；電功率.4趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)上運(yùn)動(dòng)員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速跑

5、，設(shè)球拍和球的質(zhì)量分別為M、m，球拍平面和水平面之間的夾角為，球拍與球保持相對(duì)靜止，它們間摩擦力及空氣阻力不計(jì)，則（ ）A運(yùn)動(dòng)員的加速度為gtanB球拍對(duì)球的作用力為C運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力為(Mm)gcosD若加速度大于gsin，球一定沿球拍向上運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】試題分析：對(duì)網(wǎng)球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力圖如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：Nsin=ma Ncos=mg；解得，a=gtan，故A正確、B錯(cuò)誤；以球拍和球整體為研究對(duì)象，如圖2，根據(jù)牛頓第二定律得：運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力為，故C錯(cuò)誤當(dāng)agtan時(shí)，網(wǎng)球?qū)⑾蛏线\(yùn)動(dòng)，由于gsin與gtan的大小關(guān)系未知，故球不一定沿球拍向上運(yùn)動(dòng)

6、故D錯(cuò)誤故選A.考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用5水平地面上有兩個(gè)固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙，底邊長(zhǎng)分別為L(zhǎng)1、L2，且L1L2，如圖所示兩個(gè)完全相同的小滑塊A、B（可視為質(zhì)點(diǎn)）與兩個(gè)斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，將小滑塊A、B分別從甲、乙兩個(gè)斜面的頂端同時(shí)由靜止開始釋放，取地面所在的水平面為參考平面，則（ ）A從頂端到底端的運(yùn)動(dòng)過程中，由于克服摩擦而產(chǎn) 生的熱量一定相同B滑塊A到達(dá)底端時(shí)的動(dòng)能一定比滑塊B到達(dá)底端時(shí)的動(dòng)能大C兩個(gè)滑塊從頂端運(yùn)動(dòng)到底端的過程中，重力對(duì)滑塊A做功的平均功率比滑塊B小D兩個(gè)滑塊加速下滑的過程中，到達(dá)同一高度時(shí)，機(jī)械能可能相同 6如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界為直角三角形

7、，EGF=30°，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里。F處有一粒子源，沿FG方向發(fā)射出大量帶正電荷q的同種粒子，粒子質(zhì)量為m，粒子的初速度v0大小可調(diào)，則下列說法正確的是（ ）BFEGv0A若粒子能到達(dá)EG邊界，則粒子速度越大，從F運(yùn)動(dòng)到EG邊的時(shí)間越長(zhǎng) Bv0取合適值，粒子可以到達(dá)E點(diǎn)C能到達(dá)EF邊界的所有粒子所用的時(shí)間均相等D粒子從F運(yùn)動(dòng)到EG邊所用的最長(zhǎng)時(shí)間為 【答案】C【解析】試題分析：當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡與EG邊相切時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系得，解得粒子的軌道半徑，當(dāng)半徑超過該值時(shí)，粒子會(huì)從EG邊射出，速度越大，半徑越大，回旋角越小（因?yàn)橄遗cEF夾角越大），時(shí)間越短（周期與速度無關(guān)），

8、故A錯(cuò)誤當(dāng)粒子速度時(shí)，粒子軌跡與EG相切，若粒子速度大于v0，粒子會(huì)從EG邊出界，若粒子速度小于v0，粒子會(huì)從EF邊出界，無法到達(dá)E點(diǎn)，故B錯(cuò)誤能從EF邊出射的粒子都做半圓周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榱Ｗ拥闹芷谂c速度無關(guān)，所以能到達(dá)EF邊界的所有粒子所用的時(shí)間均相等故C正確當(dāng)時(shí)，粒子軌跡與EG相切，此時(shí)回旋角最大為150°，時(shí)間最長(zhǎng)為故D錯(cuò)誤故選C考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。7如圖(a)所示，AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，若有一電子以某一初速度且僅在電場(chǎng)力的作用下，沿AB由點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)B，所經(jīng)位置的電勢(shì)隨距A點(diǎn)的距離變化的規(guī)律如圖(b)所示以下說法正確的是：（ ） A該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)B電子在A、

9、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能EpAEpBC電子在A、B兩點(diǎn)的加速度關(guān)系是aAaBD電子在A、B兩點(diǎn)的速度vAvB【答案】BC【解析】試題分析：-x圖象的斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，由幾何知識(shí)得知，圖象切線的斜率不斷減小，則從A到點(diǎn)B場(chǎng)強(qiáng)減小，則有EAEB所以該電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，從A到B電場(chǎng)力減小，故電子在A、B兩點(diǎn)的加速度關(guān)系是aAaB， 故A錯(cuò)誤，C正確；根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，知電場(chǎng)線的方向從A到B，電子所受的電場(chǎng)力從B到A，則電子在A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電子的動(dòng)能減小，速度減小，而電子的電勢(shì)能增大即有vAvB，EPAEPB故B正確，D正確故選BC.考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)及電勢(shì)能.8我國(guó)研制

10、的“嫦娥三號(hào)”月球探測(cè)器于2013年12月1日發(fā)射成功，并成功在月球表面實(shí)現(xiàn)軟著陸。探測(cè)器首先被送到距離月球表面高度為H的近月軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，之后在軌道上的A點(diǎn)實(shí)施變軌，使探測(cè)器繞月球做橢圓運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)繼續(xù)變軌，使探測(cè)器靠近月球表面，當(dāng)其距離月球表面附近高度為h（h5m）時(shí)開始做自由落體運(yùn)動(dòng)，探測(cè)器攜帶的傳感器測(cè)得自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，已知月球半徑為R，萬有引力常量為G。則下列說法正確的是 （ ）A“嫦娥三號(hào)”的發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度B探測(cè)器在近月圓軌道和橢圓軌道上的周期相等 C“嫦娥三號(hào)”在A點(diǎn)變軌時(shí)，需減速才能從近月圓 軌道進(jìn)入橢圓軌道

11、60;D月球的平均密度為 【答案】ACD【解析】試題分析：“嫦娥三號(hào)”在地表的發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A正確；橢圓軌道的軌道半長(zhǎng)軸和近月圓軌道的軌道半徑不相等，因此周期不相同，故B錯(cuò)誤；從近月圓軌道需要點(diǎn)火減速才能進(jìn)入橢圓軌道，故C正確；月球質(zhì)量，除以體積得到月球密度，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)下落高度為h，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，有得到代入上述密度表達(dá)式中，故D正確故選ACD.考點(diǎn)：萬有引力定律的應(yīng)用9如圖所示，質(zhì)量為3m的豎直光滑圓環(huán)A的半徑為R，固定在質(zhì)量為2m的木板B上，木板B的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上，B不能左右運(yùn)動(dòng)在環(huán)的最低點(diǎn)靜止放有一質(zhì)量為m的小球C現(xiàn)給小球一水平向右的

12、瞬時(shí)速度v0，小球會(huì)在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，為保證小球能通過環(huán)的最高點(diǎn)，且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度v0必須滿足（ ）A.最小值為 B. 最大值為3 C. 最小值為 D. 最大值為【答案】CD【解析】試題分析：在最高點(diǎn)，速度最小時(shí)有： ；解得：從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，機(jī)械能守恒，設(shè)最低點(diǎn)的速度為v1，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：解得：要使不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，環(huán)對(duì)球的壓力最大為：F=2mg+3mg=5mg；從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，機(jī)械能守恒，設(shè)此時(shí)最低點(diǎn)的速度為v2，在最高點(diǎn)，速度最大時(shí)有： ；解得：根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：解得：所以保證小球能通過環(huán)的最高點(diǎn)，且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，

13、在最低點(diǎn)的速度范圍為：故CD正確，AB錯(cuò)誤故選CD.考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律; 牛頓第二定律的應(yīng)用10在一水平向右勻速傳輸?shù)膫魉蛶У淖蠖薃點(diǎn)，每隔T的時(shí)間，輕放上一個(gè)相同的工件，已知工件與傳送帶間動(dòng)摩擦因素為，工件質(zhì)量均為m，經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)后面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離為x，下列判斷正確的有（ ）A 傳送帶的速度為B 傳送帶的速度為C 在一段較長(zhǎng)的時(shí)間t內(nèi)，傳送帶因?yàn)閭魉凸ぜ鴮⒍嘞牡哪芰繛镈 每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為【答案】AC【解析】試題分析：工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，可知x=vT，解得傳送帶的速度

14、故A正確設(shè)每個(gè)工件勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為s，根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為g，則傳送帶的速度，根據(jù)題目條件無法得出s與x的關(guān)系故B錯(cuò)誤根據(jù)能量守恒得，傳送帶因傳送一個(gè)工件多消耗的能量，在時(shí)間t內(nèi)，傳送工件的個(gè)數(shù)，則多消耗的能量故C正確工件與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)的路程為：，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：故D錯(cuò)誤故選AC.考點(diǎn)：能量守恒定律11如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，MN和MN是勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的水平邊界，邊界的寬度為S，并與線框的bc邊平行，磁場(chǎng)方向與線框平面垂直現(xiàn)讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落

15、到完全穿過勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的v-t圖象(其中OA、BC、DE相互平行)。已知金屬線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)（LS）、質(zhì)量為m，電阻為R，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，圖象中坐標(biāo)軸上所標(biāo)出的字母v1、v2、t1、t2、t3、t4均為已知量(下落過程中bc邊始終水平)根據(jù)題中所給條件，以下說法正確的是：（ ）At2是線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，t4是線框全部離開磁場(chǎng)瞬間BV1的大小可能為C從bc邊進(jìn)入磁場(chǎng)起一直到ad邊離開磁場(chǎng)為止，感應(yīng)電流所做的功為mgSD線框穿出磁場(chǎng)過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量比線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中流經(jīng)框橫截面的電荷量多【答案】AB【解析】試題分析：0-t1時(shí)間內(nèi)做自由落體運(yùn)動(dòng)，可知從t1時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng)，開始做

16、加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，t2時(shí)刻又做勻加速運(yùn)動(dòng)，且與自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度相同，可知線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)，即t2是線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，t3時(shí)刻開始做變減速運(yùn)動(dòng)，t4時(shí)刻，又做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)，可知t4是線框全部離開磁場(chǎng)瞬間，故A正確線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)前的瞬間，可能重力和安培力平衡，有：，解得，故B正確從bc邊進(jìn)入磁場(chǎng)起一直到ad邊離開磁場(chǎng)為止，根據(jù)動(dòng)能定理得，解得感應(yīng)電流做功不等于mgS，出磁場(chǎng)時(shí)，設(shè)克服安培力做功為WA，根據(jù)動(dòng)能定理得，則WA=mgs+WA，可知故C錯(cuò)誤根據(jù)知，線框進(jìn)入磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)的過程中，磁通量的變化量相同，則通過的電荷量相同，故D錯(cuò)誤故選AB.考點(diǎn)：動(dòng)能定理；物體的平衡二、

17、實(shí)驗(yàn)題：（共2題，12題5分，13題10分。）12如圖為測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。物塊 重物 6.19 7.45 8.69 9.95 單位：cm 實(shí)驗(yàn)步驟如下：A用天平測(cè)出物塊質(zhì)量M500g、重物質(zhì)量m200g；B調(diào)整長(zhǎng)木板上的輕滑輪，使細(xì)線水平；C調(diào)整長(zhǎng)木板傾斜程度，平衡摩擦力；D打開電源，讓物塊由靜止釋放，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出點(diǎn)跡；E多次重復(fù)步驟（D），選取點(diǎn)跡清晰的紙帶，求出加速度a；F根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)?；氐较铝袉栴}：（1）以上實(shí)驗(yàn)步驟中，不需要的步驟是_；（2）某紙帶如圖所示，各點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，則物塊的加速度a_ms2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字

18、）；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，動(dòng)摩擦因數(shù)_（用M、m、a和重力加速度g表示）。【答案】（1）C；（2）1.25；（3）【解析】試題分析：（1）該實(shí)驗(yàn)的目的是為了測(cè)量物塊與長(zhǎng)木板之間的摩擦因數(shù)，所以在實(shí)驗(yàn)的過程中，不能調(diào)整長(zhǎng)木板傾斜程度，平衡摩擦力，否則不能測(cè)量摩擦因數(shù)所以不需要的步驟是C（2）各點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，所以時(shí)間間隔是5t0=5×0.02s=0.1s物塊的加速度：， 物塊的加速度： （3）對(duì)M、m組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：mg-Mg=（M+m）a，解得：=考點(diǎn)：測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)13LED綠色照明技術(shù)已經(jīng)走進(jìn)我們的生活某實(shí)驗(yàn)小組要精確測(cè)定額定電壓為3V的LED

19、燈正常工作時(shí)的電阻，已知該燈正常工作時(shí)電阻大約500，電學(xué)符號(hào)與小燈泡電學(xué)符號(hào)相同實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A電流表A1（量程為0至50mA，內(nèi)阻RA1約為3）B電流表A2（量程為0至3mA，內(nèi)阻RA2=15）C定值電阻R1=697D定值電阻R2=1985E滑動(dòng)變阻器R（0至20）一只F電壓表V（量程為0至12V，內(nèi)阻RV=1k）G蓄電池E（電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻很?。〧開關(guān)S一只（1）如圖所示，請(qǐng)選擇合適的器材，電表1為 ，電表2為 ，定值電阻為 （填寫器材前的字母編號(hào)）（2）將采用的電路圖補(bǔ)充完整（3分） （3）寫出測(cè)量LED燈正常工作時(shí)的電阻表達(dá)式Rx= （用字母表示），當(dāng)表達(dá)式中的 （填字母）

20、達(dá)到 ，記下另一電表的讀數(shù)代入表達(dá)式，其結(jié)果為L(zhǎng)ED燈正常工作時(shí)電阻【答案】（1）F；B；D；（2）電路圖如圖所示；（3）；I2；1.5mA【解析】試題分析：（1）（2）要精確測(cè)定額定電壓為3V的LED燈正常工作時(shí)的電阻，需測(cè)量LED燈兩端的電壓和通過LED燈的電流，由于電壓表的量程較大，測(cè)量誤差較大，不能用已知的電壓表測(cè)量LED兩端的電壓，可以將電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝為電壓表測(cè)量電壓；改裝電壓表的內(nèi)阻：，A2的內(nèi)阻約為15，則定值電阻應(yīng)選D；LED燈正常工作時(shí)的電流約為左右，電流表的量程較小，電流表不能精確測(cè)量電流，可以用電壓表測(cè)量電流；因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器阻值遠(yuǎn)小于LED的電阻，所以滑動(dòng)變

21、阻器采用分壓式接法電路圖如圖所示，由以上分析可知，電表1為F，電表2為B，定值電阻為D（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律知，燈泡兩端的電壓U=I2（R+RA2），通過燈泡的電流，所以LED燈正常工作時(shí)的電阻改裝后的電壓表內(nèi)阻為RV=1985+15=2000，則當(dāng)I2=1.5mA時(shí)，LED燈兩端的電壓為3V，達(dá)到額定電壓，測(cè)出來的電阻為正常工作時(shí)的電阻考點(diǎn)：測(cè)定的LED燈正常工作時(shí)的電阻.三、計(jì)算題：(本題共3道小題，第15小題9分，第16小題12分，第17小題16分，共37分，寫出必要的文字說明，否則不得分。)14如圖所示，圓心角為90°的光滑圓弧形軌道，半徑R為1.6 m，其底端切線沿水平

22、方向。長(zhǎng)為的斜面，傾角為，其頂端與弧形軌道末端相接，斜面正中間有一豎直放置的直桿，現(xiàn)讓質(zhì)量為1 kg的物塊從弧形軌道的頂端由靜止開始滑下，物塊離開弧形軌道后剛好能從直桿的頂端通過，重力加速度g取10 m/s2，求：（1）物塊滑到弧形軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（2）直桿的長(zhǎng)度為多大?！敬鸢浮浚?）30N.（2）2.1m【解析】試題分析：（1）光滑圓弧形軌道，只有重力做功，機(jī)械能守恒。設(shè)物體在軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度為， 在軌道最低點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律：F向 = 聯(lián)立式解得： 由牛頓第三定律可知物塊對(duì)軌道的壓力大小為30N.（2）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律知水平做勻速直線運(yùn)動(dòng)：cos=vt 豎直方向做自由落體

23、運(yùn)動(dòng)： 根據(jù)幾何關(guān)系知 聯(lián)立式知h=2.1m 考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)15如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面向里，大小隨時(shí)間的變化率，k 為負(fù)的常量用電阻率為、橫截面積為S的硬導(dǎo)線做成一邊長(zhǎng)為l的方框?qū)⒎娇蚬潭ㄓ诩埫鎯?nèi)，其右半部位于磁場(chǎng)區(qū)域中求（1）導(dǎo)線中感應(yīng)電流的大??；（2）磁場(chǎng)對(duì)方框作用力的大小隨時(shí)間的變化 【答案】（1）（2）【解析】試題分析：（1）導(dǎo)線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為導(dǎo)線框中的電流為 式中R是導(dǎo)線框的電阻，根據(jù)電阻率公式有聯(lián)立式，將代入得（2）導(dǎo)線框所受磁場(chǎng)的作用力的大小為F=BIl 它隨時(shí)間的變化率為 由式得 考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；電阻定律；歐姆定律16如圖（1）所示，一根直桿AB與水平面成某一角度自定，在桿上套一個(gè)小物塊，桿底端B處有一彈性擋板，桿與板面垂直，現(xiàn)將物塊拉到A點(diǎn)靜止釋放，物塊下滑與擋板第一次碰撞前后的vt圖像如圖（2）所示，物塊最終停止在B點(diǎn)重力加速度為g10ms2，求： （1）物塊與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）物塊滑過的總路程s【答案】（1）0.25（2）6m【解析】試題分析：(1) 由圖象可知，物塊下滑的加速度a1=4ms2,上滑時(shí)的加速度大小a2=8ms2，桿AB長(zhǎng)L=2m 設(shè)斜桿的傾角為，物塊的質(zhì)量為m，物塊與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為由牛頓第二定律得 F合=mg