上海市浦東新區(qū)2015-2016學年高二(上)期末物理試卷(解析版)

1、2015-2016學年上海市浦東新區(qū)高二（上）期末物理試卷一、判斷題（請判斷下列各小題說法的對錯，對的在答題卷中對應括號內大“”，錯的打“×”，每小題1分，共10分）1當溫度升高時，物體內部所有分子的動能都增加 （判斷對錯）2每一種形式的能對應于一種運動形式（判斷對錯）3新能源是指新開采的能源（判斷對錯）4普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質的電荷（判斷對錯）5太陽發(fā)出的能量來自內部發(fā)生的化學反應釋放的化學能（判斷對錯）6電場力大的地方電場強度一定大（判斷對錯）7用電器的額定功率與所加的電壓無關（判斷對錯）8保持空氣干燥可以防范靜電的危害（判斷對錯）9磁感應強度B的單位是“T

2、”，也可以用“Wb/m2”作單位（判斷對錯）10奧斯特的重要貢獻之一就是測定了元電荷的電荷量（判斷對錯）二、單項選擇題（每小題只有一個答案正確，每小題3分，共36分）11關于磁場和磁感線的描述，下列說法中正確的是（）A磁感線和磁場都是客觀存在的B磁鐵的磁感線總是從N極出發(fā)，到S極終止C磁感線越密的地方磁場越強D磁感線的切線方向就是小磁針S極在此位置的受力方向12根據自然過程的方向性判斷以下說法，其中正確的是（）A凡是能量守恒的過程都是可以自然而然發(fā)生的B摩擦生熱是典型的單向性過程之一C空調制冷違背了自然過程的方向性原理D不可逆的過程一定是能量不守恒的13以下關于電荷的說法中正確的是（）A元電荷

3、就是指電子本身B任何物體的帶電量都是元電荷的整數倍C物體帶電的過程就是電荷產生的過程D通過摩擦使物體帶正電，是因為該物體得到了正電荷14質量相同，溫度均為100的水和水蒸氣，它們的分子平均動能分別為EK水和EK汽，內能分別為E水和E汽，則（）AEK水EK汽，E水E汽BEK水EK汽，E水E汽CEK水=EK汽，E水=E汽DEK水=EK汽，E水E汽15如圖所示，在同一平面內有四根彼此絕緣的直導線，分別通有大小相同、方向如圖中所示的電流，要使由這四根通電直導線所圍成的區(qū)域內的磁通量增加，則應切斷哪一根導線中的電流（）A切斷i1B切斷i2C切斷i3D切斷i416能源劃分的方法很多，有一次能源和二次能源，

4、有常規(guī)能源和新能源，有可再生能源和不可在生能源等等下列關于能源分類的說法中正確的是（）A核能是常規(guī)能源B電能是一次能源C潮汐能是可再生能源D煤炭是清潔能源17己知在環(huán)境的溫度、濕度、氣壓相同的情況下，可得出以下序列：玻璃、尼龍、羊毛、絲綢、棉花、紙張、硬橡膠、腈綸序列中兩種物質摩擦時，排在前面的物質帶正電，排在后面的物質帶負電，而且兩種物質在序列中距離越遠，摩擦起電現象越顯著用事先準備的尼龍、羊毛、腈綸等三種材料，進行摩擦起電的實驗，下面關于實驗結果的敘述中正確的是（）A尼龍棒與羊毛摩擦，尼龍棒帶負電B腈綸與羊毛摩擦，羊毛帶正電C尼龍與腈綸摩擦，不會發(fā)生起電現象D尼龍與羊毛摩擦較羊毛與腈綸摩擦

5、，尼龍與羊毛摩擦有更顯著的起電現象18木塊沿斜面勻速下滑的過程中（）A木塊減小的機械能轉化為內能B木塊減小的重力勢能全部轉化為增加的動能C木塊的機械能守恒D木塊的總能保持不變19甲、乙兩電阻的UI關系如圖所示，它們并聯后總電阻的UI關系圖線一定在圖中（）Aa區(qū)域Bb區(qū)域Cc區(qū)域D無法確定20如圖所示是利用DIS測定電動機效率的電路圖中方框A、B為傳感器，實驗中，通過通過A、B測得的物理量的數值分別是X、Y，由于電動機的轉動使質量為m的物體在t時間內勻速上升了h高度，則以下說法正確的是（）AA為電流傳感器BB為電壓傳感器C電動機的輸出功率為xyD電動機的效率為×100%21正電荷q僅在

6、電場力作用下由M點向N點做加速運動的過程中，加速度越來越小，那么可以斷定，它所在的電場是如圖中的（）ABCD22燈泡L1標有“6V 5W”、燈泡L2標有“6V 4W”，現將L1、L2兩燈接在電源電壓為12V的電源上，要使兩燈均正常發(fā)光，并且電路的總功率最小，應選用的電路是（）ABCD三、填空題（每小題4分，共24分）23模塊機器人是由傳感器、和執(zhí)行器三部分組成某同學在使用模塊電路進行樓道實驗（白天燈不亮，夜晚有聲響時燈亮）時，需要使用光傳感器和傳感器24如圖所示，用絕緣絲線將一帶正電的小球N掛在水平橫桿上的P點，在N的左側放置一帶正電的小球M，由于靜電相互作用，N平衡時絲線與豎直方向有一定的偏

7、角如果保持兩球的電荷量不變，把M向右移動一定距離，N再靜止時絲線偏角（選填“變大”、“變小”或“不變”）通過分析表明兩球之間的靜電力隨它們之間的距離變小而（選填“變大”、“變小”或“不變”）25在電場中的某點放一電荷量為9.6×107C的負點電荷，該電荷受到的電場力大小為2.4×104N，方向水平向南，則該點的電場強度大小為N/C；若在該點放一個正點電荷，則該點電場強度方向26在如圖所示電路中，電源的電壓U一定，當滑動變阻器R2的滑片向右移動時，燈泡L1的亮度將（選填“變亮”、“不變”或“變暗”，下同），燈泡L2的亮度將27已知三個電阻阻值之比R1：R2：R3=1：4：5，

8、連接成如圖所示電路后接通電源，則通過電阻R1、R2和R3的電流強度之比為I1：I2：I3=，電阻R1、R2和R3消耗的電功率之比為P1：P2：P3=28長為1.6m的導線折成長、寬之比為3：1的矩形線框，線框平面垂直于勻強磁場方向放置，勻強磁場的磁感應強度B=0.2T，則穿過該線框的磁通量=Wb；若以其任意一邊為軸轉過60°，則穿過此線框的磁通量為=Wb四、綜合應用題：（一）作圖題29在圖中，根據其中電場線的分布，在中標出電荷的正、負（用符號“+”、“”表示），標出放置在圖中P點的電場強度方向30在圖中將通電螺線管內小磁針N極一方涂黑，并用字母標出；畫出螺線管上方通電直導線A受到的磁

9、場力方向31如圖所示為門電路的輸入端A、B的輸入波形圖，請畫出該門電路的輸出端Z的輸出信號的波形圖32如圖所示為垂直紙面放置的兩根通電長直導線的橫截面，導線中的電流的大小相等，導線A中電流方向未知，其右側放置的小磁針N極向下請在圖中畫出通電長直導線A的電流方向；畫出通電導線B受到A的磁場力方向（二）實驗題33在用初始狀態(tài)正常的多用表進行測量時，實驗操作步驟均正確當選擇開關置于圖（a）所示位置，是進行的測量，測量之前必須進行操作當表盤刻度和指針位置如圖（b）所示，則被測量的數值為；若使用直流電壓50V量程，圖（b）指針位置所對應的測量值為V，測量結束后，選擇開關置于34如圖1所示，在“用DIS研

10、究通電螺線管的磁感應強度”的實驗中，傳感器需要通過數據采集器與計算機相連調節(jié)傳感器的高度，使它的探管正好在螺線管的軸線上，用該傳感器測量M、N之間個點的磁感應強度B的大小，并將傳感器頂端與M點的距離計作x，最后做出Bx圖象可能是圖2中的35如圖所示，在間距L=0.5m、傾角=30°的光滑傾斜導軌上，水平地放著一質量為m=0.02kg的通電導體棒ab，電流大小為I=2.0A在下列兩種情況下導體棒ab在斜面上靜止（1）若磁感應強度方向與導體棒垂直且水平向左，請在圖中標出導體棒ab中電流的方向，并作出此狀態(tài)時的磁感應強度的大小B1；（2）若磁場方向改為垂直斜面向上，求出此狀態(tài)時的磁感應強度

11、的大小B236在如圖所示的電路中，兩只相同的小燈泡規(guī)格都是“6V 6W”，電源電壓恒為9V，電阻R的阻值為3假設小燈泡電阻不變，S閉合后，求：（1）S1斷開時，電路中的電流強度；（2）S1閉合時，小燈泡兩端的電壓；（3）S1閉合時，小燈泡L1的電功率2015-2016學年上海市浦東新區(qū)高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、判斷題（請判斷下列各小題說法的對錯，對的在答題卷中對應括號內大“”，錯的打“×”，每小題1分，共10分）1當溫度升高時，物體內部所有分子的動能都增加× （判斷對錯）【考點】溫度是分子平均動能的標志；物體的內能【分析】溫度是分子的平均動能的標志

12、，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內的分子的平均動能增加，不是物體內部所有分子的動能都增加所以該說法是錯誤的故答案為：×2每一種形式的能對應于一種運動形式（判斷對錯）【考點】能源的利用與環(huán)境保護【分析】自然界物質運動的形式是多樣的，每種運動形式都對應一種形式的能量各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉化【解答】解：根據能量守恒定律可知：自然界物質運動的形式是多樣的，每種運動形式都對應一種形式的能量各種運動形式的能量在一定條件下可以相互轉化例如機械能對應機械運動，內能對

13、應分子的無規(guī)則運動故每一種形式的能對應于一種運動形式是對的故答案為：3新能源是指新開采的能源×（判斷對錯）【考點】能源的利用與環(huán)境保護【分析】根據新能源的定義進行判斷，新能源又稱非常規(guī)能源，是指傳統(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開始開發(fā)利用或正在積極研究、有待推廣的能源【解答】解：新能源又稱非常規(guī)能源，是指傳統(tǒng)能源之外的各種能源形式，指剛開始開發(fā)利用或正在積極研究、有待推廣的能源，如太陽能、地熱能、風能、海洋能、生物質能和核聚變能等，因此新能源是指新開采的能源這種說法是錯誤的故答案為：×4普通驗電器能直接檢測物體帶有何種性質的電荷×（判斷對錯）【考點】靜電現象的解釋

14、【分析】驗電器使用時是讓金屬桿上的金屬箔帶上同種電荷，然后同種電荷會相互排斥從而驗證物體是否帶電的【解答】解：驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的，故驗電器張開的角度越大，說明帶電體所帶的電荷越多，不能直接判斷電荷的正負，只可以定性表物體帶電量的多少故答案為：×5太陽發(fā)出的能量來自內部發(fā)生的化學反應釋放的化學能×（判斷對錯）【考點】裂變反應和聚變反應【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應，由此分析即可【解答】解：根據目前的認識，太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應所以以上的說法是錯誤的故答案為：×6電場力大的地方電場強度一定大×（判斷對

15、錯）【考點】電場強度【分析】根據電場強度的定義式E=變形得到F與E的關系式，再分析即可【解答】解：根據電場強度的定義式E=得：F=qE可知電場力與電場強度和電荷量都有關，則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的故答案為：×7用電器的額定功率與所加的電壓無關（判斷對錯）【考點】電功、電功率【分析】根據額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率【解答】解：因用電器正常工作時，電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關，實際功率與工作時的電壓有關；故答案為：8保持空氣干燥可以防范靜電的危害錯（判斷

16、對錯）【考點】* 靜電的利用和防止【分析】靜電也就是生活中摩擦起電現象產生的，例如用塑料梳子梳頭發(fā)，塑料梳子和頭發(fā)之間就會發(fā)生摩擦起電現象靜電有的有利，有的有害，根據生活中的經驗即可解題【解答】解：若空氣潮濕，這樣才能及時將靜電導走，而空氣干燥，不可以及時將靜電導走，不能防范靜電的危害；故答案為：錯9磁感應強度B的單位是“T”，也可以用“Wb/m2”作單位對（判斷對錯）【考點】磁感應強度【分析】根據磁感應強度與磁能量的關系和磁感應強度的定義式推導出T與其他單位的關系【解答】解：磁感應強度B的單位是“T”，根據磁感應強度的公式，B=，則單位可以為Wb/m2；故答案為：對10奧斯特的重要貢獻之一就

17、是測定了元電荷的電荷量錯（判斷對錯）【考點】物理學史【分析】密立根通過油滴實驗，測出了元電荷電量的精確數值【解答】解：密立根通過油滴實驗，測出了元電荷電量的精確數值，奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，故此說法錯誤故答案為：錯二、單項選擇題（每小題只有一個答案正確，每小題3分，共36分）11關于磁場和磁感線的描述，下列說法中正確的是（）A磁感線和磁場都是客觀存在的B磁鐵的磁感線總是從N極出發(fā)，到S極終止C磁感線越密的地方磁場越強D磁感線的切線方向就是小磁針S極在此位置的受力方向【考點】磁感線及用磁感線描述磁場；磁感應強度【分析】為了方便描述磁場，人們假想出一些磁感線，用磁感線來形象的描述磁場；同時，對于

18、磁體的周圍，不管有沒有畫出磁感線，其磁場是一定存在的；磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線的切線的方向表示磁場的方向【解答】解：A、磁感線可以形象地描述磁場的強弱和方向，但不是真實存在的，故A錯誤；B、磁感線在磁鐵的外部是從磁鐵的N極到S極，在磁鐵的內部是S極指向N極，磁鐵內部的磁感線與外部的磁感線形成閉合曲線故B錯誤；C、磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密的地方磁場越強，故C正確；D、磁感線的切線方向就是磁場的方向，是小磁針N極在此位置的受力方向，故D錯誤；故選：C12根據自然過程的方向性判斷以下說法，其中正確的是（）A凡是能量守恒的過程都是可以自然而然發(fā)生的B摩擦生熱是典型的單向性過程之

19、一C空調制冷違背了自然過程的方向性原理D不可逆的過程一定是能量不守恒的【考點】熱力學第二定律【分析】熱力學第二定律的實質：一切與熱現象有關的實際宏觀過程都是不可逆的【解答】解：A、根據熱力學第二定律可知，一切與熱現象有關的實際宏觀過程都是不可逆的故A錯誤；B、摩擦生熱是典型的單向性過程之一故B正確；C、空調制冷的過程中消耗一定的電能，不違背了自然過程的方向性原理故C錯誤；D、不可逆的過程能量也是守恒的如摩擦產生熱量的過程故D錯誤故選：B13以下關于電荷的說法中正確的是（）A元電荷就是指電子本身B任何物體的帶電量都是元電荷的整數倍C物體帶電的過程就是電荷產生的過程D通過摩擦使物體帶正電，是因為該

20、物體得到了正電荷【考點】元電荷、點電荷【分析】元電荷是自然界最小的電荷量，任何帶電體的電荷量都元電荷的整數倍，電量是不連續(xù)的元電荷的數值為1.6×1019C不論是摩擦起電還是感應起電，本質都是電荷的轉移，物體帶正電，說明失去了電子【解答】解：A、元電荷是自然界最小的電荷量，物體所帶的電荷量不能為任意實數，只能為元電荷的整數倍元電荷的電荷量等于質子所帶的電量，但是它既不是質子，也不是電子故A錯誤，B正確；C、物體帶電的過程是電荷的轉移過程，不能產生電荷故C錯誤；D、通過摩擦使物體帶正電，是因為該物體失去了電子，故D錯誤故選：B14質量相同，溫度均為100的水和水蒸氣，它們的分子平均動能

21、分別為EK水和EK汽，內能分別為E水和E汽，則（）AEK水EK汽，E水E汽BEK水EK汽，E水E汽CEK水=EK汽，E水=E汽DEK水=EK汽，E水E汽【考點】物體的內能【分析】溫度是分子平均動能的標志，只要溫度相同，分子的平均動能就相同，內能除了與溫度有關外，還與物體所處的形態(tài)有關【解答】解：溫度是分子平均動能的標志，所以100的水的分子平均動能等于100的水蒸氣的分子平均動能相同質量的水和水蒸氣的體積不同，故分子勢能不相同同樣溫度的水變?yōu)橥瑯訙囟鹊乃魵庖諢崃浚?00的水的內能小于100相同質量的水蒸氣的內能故ABC錯誤、D正確故選：D15如圖所示，在同一平面內有四根彼此絕緣的直導

22、線，分別通有大小相同、方向如圖中所示的電流，要使由這四根通電直導線所圍成的區(qū)域內的磁通量增加，則應切斷哪一根導線中的電流（）A切斷i1B切斷i2C切斷i3D切斷i4【考點】磁通量；磁感應強度【分析】根據安培定則判斷4根通電導線在1、2、3、4四個區(qū)域產生的磁場方向，根據磁場的疊加，判斷哪個區(qū)域的磁場最強【解答】解：根據右手螺旋定則來確定通電導線周圍磁場的分布，導線1在O點產生的磁場的方向向里，導線2在O點產生的磁場的方向向外，導線3在O點產生的磁場的方向向外，導線4在O點產生的磁場的方向向外；由于i1=i2=i3=i4，所以合磁場的方向向外，根據磁場的疊加可知，要使O的磁場增強，應切斷I1，則

23、A正確故選：A16能源劃分的方法很多，有一次能源和二次能源，有常規(guī)能源和新能源，有可再生能源和不可在生能源等等下列關于能源分類的說法中正確的是（）A核能是常規(guī)能源B電能是一次能源C潮汐能是可再生能源D煤炭是清潔能源【考點】能源的開發(fā)和利用【分析】（1）常規(guī)能源：人類利用多年且廣泛使用的能源，如煤、石油、電能等；（2）新能源：新近才開始使用的可以重復使用的能源，如核能、太陽能、地熱能、潮汐能；（3）一次能源：直接來自自然界而未經加工轉換的能源，例如化石燃料、太陽能、水能、生物燃料；（4）二次能源：由一次性能源直接或間接轉換而來的能源：煤氣、氫能、電能、汽油、沼氣【解答】解：A、常規(guī)能源是人類利用

24、多年且廣泛使用的能源，如煤、石油、電能等，所以核能不是常規(guī)能源故A錯誤；B、根據能源的分類的特點可知，電能是二次能源故B錯誤；C、根據能源的分類的特點可知，潮汐能是可再生能源故C正確；D、煤炭中含有硫、氮等多種有害雜質，而且煤炭在燃燒的過程中產生大量的二氧化碳等，不屬于清潔能源故D錯誤故選：C17己知在環(huán)境的溫度、濕度、氣壓相同的情況下，可得出以下序列：玻璃、尼龍、羊毛、絲綢、棉花、紙張、硬橡膠、腈綸序列中兩種物質摩擦時，排在前面的物質帶正電，排在后面的物質帶負電，而且兩種物質在序列中距離越遠，摩擦起電現象越顯著用事先準備的尼龍、羊毛、腈綸等三種材料，進行摩擦起電的實驗，下面關于實驗結果的敘述

25、中正確的是（）A尼龍棒與羊毛摩擦，尼龍棒帶負電B腈綸與羊毛摩擦，羊毛帶正電C尼龍與腈綸摩擦，不會發(fā)生起電現象D尼龍與羊毛摩擦較羊毛與腈綸摩擦，尼龍與羊毛摩擦有更顯著的起電現象【考點】靜電現象的解釋【分析】摩擦起電的本質是電荷的轉移，不同的物體相互摩擦的過程中得到電子的物體帶負電，失去電子的物體帶正電而題目提供的排列順序，摩擦的過程中越容易帶正電的，說明越容易失去電子由此分析即可【解答】解：由題可知，尼龍、羊毛、腈綸等三種材料中，尼龍排在最前面，腈綸排在最后面A、尼龍排在羊毛的前面，所以尼龍棒與羊毛摩擦，尼龍棒帶正電故A錯誤；B、羊毛排在腈綸的前面，所以腈綸與羊毛摩擦，羊毛帶正電故B正確；C、尼

26、龍與腈綸摩擦，會發(fā)生摩擦起電現象故C錯誤；D、由題可知，排序的位置差別越大，則越容易發(fā)生摩擦起電現象，所以尼龍與羊毛摩擦較羊毛與腈綸摩擦，羊毛與腈綸摩擦有更顯著的起電現象故D錯誤故選：B18木塊沿斜面勻速下滑的過程中（）A木塊減小的機械能轉化為內能B木塊減小的重力勢能全部轉化為增加的動能C木塊的機械能守恒D木塊的總能保持不變【考點】功能關系【分析】木塊沿著粗糙的斜面勻速下滑，受到重力、支持力和摩擦力，力做功的過程就是能量的轉化過程，物體克服摩擦做功，摩擦生熱將機械能轉化成內能由此分析即可【解答】解：木塊在勻速下滑的過程中，要克服摩擦力做功，機械能減少，使物體的溫度升高，內能增加，由功能原理知，

27、木塊減小的機械能轉化為內能，故A正確B、木塊勻速運動，動能不變，木塊減小的重力勢能全部轉化為內能故B錯誤C、由于摩擦力做功，所以木塊的機械能減少，故C錯誤D、根據能量守恒定律知，木塊的總能量減少，故D錯誤故選：A19甲、乙兩電阻的UI關系如圖所示，它們并聯后總電阻的UI關系圖線一定在圖中（）Aa區(qū)域Bb區(qū)域Cc區(qū)域D無法確定【考點】歐姆定律【分析】根據電阻的并聯確定R甲、R乙、R并之間的大小關系，根據歐姆定律判斷電壓相同時的電流大小，分析坐標圖不同區(qū)域的意義即可解決【解答】解：并聯電路中總電阻小于任何一個分電阻，R甲、R乙并聯后的總電阻R并小于兩電阻中的任何一個分電阻，根據歐姆定律可知：當它們

28、兩端加相同的電壓時，通過R并的電流最大，故它的IU圖線在區(qū)域c，故C正確故選：C20如圖所示是利用DIS測定電動機效率的電路圖中方框A、B為傳感器，實驗中，通過通過A、B測得的物理量的數值分別是X、Y，由于電動機的轉動使質量為m的物體在t時間內勻速上升了h高度，則以下說法正確的是（）AA為電流傳感器BB為電壓傳感器C電動機的輸出功率為xyD電動機的效率為×100%【考點】伏安法測電阻【分析】（1）與計算機相連的是數據采集器，與電動機并聯的是電壓傳感器，與電動機串聯的是電流傳感器；（2）根據P=UI計算輸入功率即可；消耗的電能是xyt，產生的機械能等于重力勢能的增加量mgh，也等于消耗

29、的電能減去電動機內阻的熱能【解答】解：AB、A與計算機相連，是數據采集器；B與電動機并聯，是電壓傳感器；C與電動機串聯，是電流傳感器；故AB錯誤；CD、電壓表讀數是X，電流表讀數是Y，故電動機輸入功率為：P入=XY；消耗的電能是XYt，產生的機械能等于重力勢能的增加量mgh，故效率為：=； 故C錯誤，D正確；故選：D21正電荷q僅在電場力作用下由M點向N點做加速運動的過程中，加速度越來越小，那么可以斷定，它所在的電場是如圖中的（）ABCD【考點】電場線【分析】由粒子做加速運動可知，粒子受力方向，則可判斷電場線的方向，由加速度的變化可知電荷受力的變化，則由F=Eq可得出場強的變化，則可判斷電場線

30、的疏密【解答】解：因粒子由M到N是加速運動，而粒子帶正電，故說明電場線是由M到N的；因粒子在運動中加速度越大越小，說明受電場力越大越小，則電場強度越大越小，電場線越來越稀疏，故A正確故選：A22燈泡L1標有“6V 5W”、燈泡L2標有“6V 4W”，現將L1、L2兩燈接在電源電壓為12V的電源上，要使兩燈均正常發(fā)光，并且電路的總功率最小，應選用的電路是（）ABCD【考點】電功、電功率；串聯電路和并聯電路【分析】串聯電路中各處電流相等特點可知，電壓相等時，電阻也要相等已知電源電壓相等，根據公式P=可知，電路中電阻越大，消耗的功率就越小，先根據公式R=分別求出兩燈泡的電阻，再求出C圖和D圖總功率，

31、進行比較，即可得出結論【解答】解：根據公式R=可知，燈泡L1的電阻R1小于燈泡L2的電阻R2A、兩燈串聯時，根據串聯電路分壓特點可知，燈泡L2分擔的電壓較大，大于6V，超過額定電壓，將被燒壞，故A錯誤C、圖C是燈泡L1和可變電阻并聯后又和燈泡L2串聯，由于燈泡L1的電阻較小，與變阻器并聯后電阻更小，所以燈泡L2分擔的電壓大于6V，超過額定電壓，將被燒壞，故C錯誤BD、圖B中燈泡要想正常工作，必須滿足燈泡L2與可變電阻并聯后和燈泡L1的電阻相等，兩燈的電壓均為6V，所以此圖兩燈能正常工作，電路的總功率為：P=2P1=2×5W=10W圖D中是燈泡L1和燈泡L2并聯后又與可變電阻串聯，通過

32、調節(jié)可變電阻，使得兩燈的電壓均為6V，兩燈均能正常工作，此電路的總功率為 P=2（P1+P2）=2×（5+4）=19W，比較B圖和D圖可知，B圖消耗的功率最小，故B正確，D錯誤故選：B三、填空題（每小題4分，共24分）23模塊機器人是由傳感器、控制器和執(zhí)行器三部分組成某同學在使用模塊電路進行樓道實驗（白天燈不亮，夜晚有聲響時燈亮）時，需要使用光傳感器和聲音傳感器【考點】傳感器在生產、生活中的應用【分析】根據題意要求確定模塊機器人是由傳感器、控制器與執(zhí)行器組成根據延時開關的使用原理，使用模塊電路進行樓道實驗時，利用了光傳感器、聲音傳感器，天黑、聲音同時出現它就開啟，燈亮【解答】解：模塊

33、機器人是由傳感器、控制器和執(zhí)行器三部分組成在使用模塊電路進行樓道實驗時，由題意知，當有光照射且有聲音時，燈才會亮，因此控制器為光傳感器和聲音傳感器故答案為：控制器，聲音24如圖所示，用絕緣絲線將一帶正電的小球N掛在水平橫桿上的P點，在N的左側放置一帶正電的小球M，由于靜電相互作用，N平衡時絲線與豎直方向有一定的偏角如果保持兩球的電荷量不變，把M向右移動一定距離，N再靜止時絲線偏角變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）通過分析表明兩球之間的靜電力隨它們之間的距離變小而變大（選填“變大”、“變小”或“不變”）【考點】庫侖定律【分析】根據庫侖定律的公式F=k，判斷靜電力的變化【解答】解：如果兩球的

34、電荷量不變，把M向右移動一定距離，即r變小，根據庫侖定律的公式F=k，知，靜電力變大；通過分析表明兩球之間的靜電力隨它們之間的距離變小而變大故答案為：變大；變大25在電場中的某點放一電荷量為9.6×107C的負點電荷，該電荷受到的電場力大小為2.4×104N，方向水平向南，則該點的電場強度大小為250N/C；若在該點放一個正點電荷，則該點電場強度方向水平向北【考點】電場強度【分析】已知試探電荷所受的電場力和電荷量，由電場強度的定義式E=求電場強度大小電場強度的方向與放在該點的負電荷所受的電場力方向相反【解答】解：該點的電場強度大小為： E=N/C=250N/C該點的電場強度

35、方向與負電荷所受的電場力方向相反，即水平向北電場強度與試探電荷無關，所以若在該點放一個正點電荷，該點的電場強度不變，方向仍水平向北故答案為：250，水平向北26在如圖所示電路中，電源的電壓U一定，當滑動變阻器R2的滑片向右移動時，燈泡L1的亮度將變亮（選填“變亮”、“不變”或“變暗”，下同），燈泡L2的亮度將不變【考點】閉合電路的歐姆定律【分析】由圖可知電路結構，由滑片的移動可知電路中電阻的變化，再由歐姆定律分析燈泡兩端的電壓，從而判斷亮度變化情況【解答】解：由圖可知，當滑動變阻器R2的滑片向右移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則R2和L1并聯后與R1串聯的電阻增大，所以通過R1的電流減小，根據

36、歐姆定律可知，R1的電壓增大，則L1兩端的電壓減小，L1的亮度變暗，燈泡L2兩端的電壓始終等于U，所以亮度不變故答案為：變亮，不變27已知三個電阻阻值之比R1：R2：R3=1：4：5，連接成如圖所示電路后接通電源，則通過電阻R1、R2和R3的電流強度之比為I1：I2：I3=9：5：4，電阻R1、R2和R3消耗的電功率之比為P1：P2：P3=81：100：80【考點】串聯電路和并聯電路；電功、電功率【分析】根據串聯電路電流處處相等、并聯電路電流與電阻成反比，求解電流之比，再由功率公式求解功率之比【解答】解：根據并聯電路的特點有：I2：I3=R3：R2=5：4，即得 I2=I3且有 I1=I2+I

37、3=I3；因此I1：I2：I3=I3： I3：I3=9：5：4結合R1：R2：R3=1：4：5，根據功率公式P=I2R，由數學知識得 P1：P2：P3=81：100：80故答案為：9：5：4；81：100：8028長為1.6m的導線折成長、寬之比為3：1的矩形線框，線框平面垂直于勻強磁場方向放置，勻強磁場的磁感應強度B=0.2T，則穿過該線框的磁通量=2.4×102Wb；若以其任意一邊為軸轉過60°，則穿過此線框的磁通量為=1.2×102Wb【考點】磁通量【分析】在勻強磁場中，當線圈與磁場垂直時，穿過線圈的磁通量=BS；當轉過60°后，根據=BScos求

38、解磁通量，其中為轉過的角度【解答】解：長為1.6m的導線折成長、寬之比為3：1的矩形線框，故長為0.6m，寬為0.2m，故面積為：S=0.6m×0.2m=0.12m2穿過該線框的磁通量：=BS=0.2T×0.12m2=0.024Wb若以其任意一邊為軸轉過60°，則穿過此線框的磁通量為：=BScos60°=0.2T×0.12m2×=0.012Wb故答案為：2.4×102，1.2×102四、綜合應用題：（一）作圖題29在圖中，根據其中電場線的分布，在中標出電荷的正、負（用符號“+”、“”表示），標出放置在圖中P點的電場

39、強度方向【考點】電場線；電場強度【分析】電場線總是從正電荷出發(fā)，到負電荷終止，電場線的切線方向為該點的場強方向，據此分析即可【解答】解：根據等量異種點電荷的電場線的分布圖確定：電場線的出發(fā)點：右側為正電荷另一側為負電荷，如圖：電場線的切線方向為該點的場強方向，則P點的電場強度方向如圖所示：答：如圖所示30在圖中將通電螺線管內小磁針N極一方涂黑，并用字母標出；畫出螺線管上方通電直導線A受到的磁場力方向【考點】通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向【分析】根據電源的正負極可以確定線圈中的電流方向，再結合線圈的繞向，可以安培定則可以確定螺線管的NS極，進而利用磁極間的作用規(guī)律可以確定小磁針的轉動方向【解

40、答】解：根據電源的正負極，可以確定電流從螺線管的左端流入，右端流出，結合線圈的繞向，可以確定螺線管的右端為N極，左端為S極，如圖；通電螺線管內部的磁場的方向向右，小磁針的N極將受到向右的磁場力的作用，如圖通電螺線管上方的磁場的方向從右向左，根據左手定則判斷出安培力的方向向上，如圖答：如圖31如圖所示為門電路的輸入端A、B的輸入波形圖，請畫出該門電路的輸出端Z的輸出信號的波形圖【考點】簡單的邏輯電路【分析】與門的特點：當兩個輸入端都為高電勢時，輸出才為高電勢【解答】解：首先知道所接門電路為與門，當兩個輸入端都為高電勢時，輸出才為高電勢，其真值表為：0，0，1；0，1，0；1，0，0；1，1，1故

41、其輸出信號的波形圖為：故答案為：如圖32如圖所示為垂直紙面放置的兩根通電長直導線的橫截面，導線中的電流的大小相等，導線A中電流方向未知，其右側放置的小磁針N極向下請在圖中畫出通電長直導線A的電流方向；畫出通電導線B受到A的磁場力方向【考點】通電直導線和通電線圈周圍磁場的方向【分析】根據小磁針靜止時，N極的指向，即為磁場方向，再結合矢量合成的方法判斷出A的磁場的方向，最后利用右手螺旋定則，判斷出直導線電流在導線處的電流的方向，從而即可求解【解答】解：小磁針的N極向下，所以小磁針處的磁場的方向向下；A與B的合磁場的方向向下電流B垂直于紙面向里，所以B在小磁針處的磁場的方向向下；由于小磁針離A更近，

42、所以電流A在小磁針處的磁場大于電流B在小磁針處產生的磁場，所以A在其右側產生的磁場的方向必須向下，所以A的電流的方向垂直于紙面向里A與B的電流的方向都向里，方向相同，所以二者之間的相互作用力是引力，畫出通電導線B受到A的磁場力方向如圖答：如圖（二）實驗題33在用初始狀態(tài)正常的多用表進行測量時，實驗操作步驟均正確當選擇開關置于圖（a）所示位置，是進行電阻的測量，測量之前必須進行歐姆調零操作當表盤刻度和指針位置如圖（b）所示，則被測量的數值為2400；若使用直流電壓50V量程，圖（b）指針位置所對應的測量值為19.0V，測量結束后，選擇開關置于OFF【考點】用多用電表測電阻【分析】多用電表的使用中，能測量電流、直流電壓、交流電壓、電阻等有關表頭讀數：最上示數是電阻刻度；中間是直、交流電壓或電流刻度；最下示數是交流量程是2.5V電壓刻度因此當選擇開關位于電阻檔時，先讀出刻度盤上的讀數，然后再乘上倍率就是電阻的阻值注意的是電阻刻度是不均勻的，所以盡量讓指針指在中間附近當選擇開關位于電壓檔時，根據電壓量程從而選擇刻度讀數同樣電流檔也是一樣的只有當量程是2.5V交流電壓時，才讀最下刻度【解答】解：圖（a）中檔為為歐姆×100檔，則為測電阻，測量前要進行歐姆調零示數為：24×100=2400，直流50V檔，最小分