高三物理-連云港市、徐州市、淮安市、宿遷市2015屆高三上學期一模物理試卷

1、2015年江蘇省連云港市、徐州市、淮安市、宿遷市高考物理一模試卷一、單選題：本題共5小題，每小題3分，滿分15分每小題只有一個選項符合題意1下列提法符號物理學史實的是（）A楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象B伽利略認為力不是維持物體運動的原因C安培發(fā)現(xiàn)了通電導線的周圍存在磁場D牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測出了萬有引力常量2圖示為真空中半徑為r的圓，O為圓心，直徑ac、bd相互垂直在a、c處分別固定有電荷量為+q、q的兩個點電荷下列說法正確的是（）A位置b處電場強度大小為Bac線上各點電場強度方向與bd線上各點電場強度方向垂直CO點電勢一定等于b點電勢D將一負試探電荷從b點移到c點，電勢能減小3如圖所示為洛

2、倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直電子速度的大小和磁場強弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)下列說法正確的是（）A僅增大勵磁線圈中電流，電子束徑跡的半徑變大B僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變大4如圖所示，A、B是兩個完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其電阻忽略不計下列說法正確的是（）AS閉合瞬間，A先亮BS閉合瞬間，A、B同時亮CS斷開瞬間，B逐漸熄滅DS斷開瞬間，A閃亮一下，然后逐漸熄

3、滅5如圖所示，質(zhì)量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，兩輕桿等長，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，在兩桿鉸合處懸掛一質(zhì)量為m的重物C，整個裝置處于靜止狀態(tài)，設桿與水平面間的夾角為下列說法正確的是（）A當m一定時，越大，輕桿受力越小B當m一定時，越小，滑塊對地面的壓力越大C當一定時，M越大，滑塊與地面間的摩擦力越大D當一定時，M越小，可懸掛重物C的質(zhì)量m越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，滿分16分每題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6如圖所示，面積為0.02m2、內(nèi)阻不計的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場的軸OO勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動的

4、角速度為100rad/s，勻強磁場的磁感應強度為T矩形線圈通過滑環(huán)與理想變壓器相連，觸頭P可移動，副線圈所接電阻R=50，電表均為理想交流電表當線圈平面與磁場方向平行時開始計時下列說法正確的是（）A線圈中感應電動勢的表達式為e=100cos（100t）VBP上移時，電流表示數(shù)減小Ct=0時，電壓表示數(shù)為100VD當原、副線圈匝數(shù)比為2：1時，電阻上消耗的功率為50W72014年5月10日天文愛好者迎來了“土星沖日”的美麗天象“土星沖日”是指土星和太陽正好分處地球的兩側(cè)，三者幾乎成一條直線該天象每378天發(fā)生一次，土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)的方向相同，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓，地球繞太陽公轉(zhuǎn)周期和半徑以及引

5、力常量均已知，根據(jù)以上信息可求出（）A土星質(zhì)量B地球質(zhì)量C土星公轉(zhuǎn)周期D土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)速度之比8如圖所示，I為電流表示數(shù)，U為電壓表示數(shù)，P為定值電阻R2消耗的功率，Q為電容器C所帶的電荷量，W為電源通過電荷量q時電源做的功當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，下列圖象能正確反映各物理量關系的是（）ABCD9如圖所示，粗糙斜面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位于O點現(xiàn)將物塊拉到A點后由靜止釋放，物塊運動到最低點B，圖中B點未畫出下列說法正確的是（）AB點一定在O點左下方B速度最大時，物塊的位置可能在O點左下方C從A到B的過程中，物塊和彈簧的總機械能一定減小D

6、從A到B的過程中，物塊減小的機械能可能大于它克服摩擦力做的功三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，滿分18分請將解答填在答題卡相應的位置10如圖甲所示，一位同學利用光電計時器等器材做“驗證機械能守恒定律”的實驗有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球由A處由靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于B處的光電門，測得A、B間的距離為H（Hd），光電計時器記錄下小球通過光電門的時間為t，當?shù)氐闹亓铀俣葹間則：（1）如圖乙所示，用游標卡尺測得小球的直徑d=mm（2）小球經(jīng)過光電門B時的速度表達式為（3）多次改變高度H，重復上述實驗，作出隨H的變化圖象如圖丙所示，當圖中已

7、知量t0、H0和重力加速度g及小球的直徑d滿足以下表達式：時，可判斷小球下落過程中機械能守恒（4）實驗中發(fā)現(xiàn)動能增加量EK總是稍小于重力勢能減少量EP，增加下落高度后，則EpEk將 （選填“增加”、“減小”或“不變”）11某同學用多用電表的歐姆檔來測量電壓表的內(nèi)阻，如圖甲所示先將選擇開關旋至倍率“×100”檔，紅、黑表筆短接調(diào)零后進行測量，紅表筆應接電壓表的接線柱（選填“+”或“”），測量結(jié)果如圖乙所示，電壓表的電阻為該同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，有以下器材可供選擇：A電流表（00.6A3A）B電壓表（03V）C滑動變阻器R（015，5A）D滑動變阻器R（050，1A）E定值

8、電阻R0為1F開關S及導線若干本次實驗的原理圖如圖丙，則滑動變阻器應選（填器材前的字母序號）按照原理圖連接好線路后進行測量，測得數(shù)據(jù)如下表所示待測量12345I/A0.110.200.300.400.50U/V1.371.351.331.321.29由上表數(shù)據(jù)可看出，電壓表示數(shù)變化不明顯，試分析引起情況的原因是現(xiàn)將上述器材的連線略加改動就可使電壓表的示數(shù)變化更明顯，請在圖丁中按改動后的原理圖完成連線選修3312下列說法正確的是（）A液晶既具有液體的流動性，又具有光學的各向異性B微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，布朗運動越明顯C太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果D單位時間內(nèi)氣體分子對

9、容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強一定減小13如圖，用帶孔橡皮塞把塑料瓶口塞住，向瓶內(nèi)迅速打氣，在瓶塞彈出前，外界對氣體做功15J，橡皮塞的質(zhì)量為20g，橡皮塞被彈出的速度為10m/s，若橡皮塞增加的動能占氣體對外做功的10%，瓶內(nèi)的氣體作為理想氣體，則瓶內(nèi)氣體的內(nèi)能變化量為J，瓶內(nèi)氣體的溫度（選填“升高”或“降低”）14某理想氣體在溫度為0時，壓強為2P0（P0為一個標準大氣壓），體積為0.5L，已知1mol理想氣體標準狀況下的體積為22.4L，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol1求：（1）標準狀況下該氣體的體積；（2）該氣體的分子數(shù)（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）選修3

10、415下列說法正確的是（）A全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B只有發(fā)生共振時，受迫震動的頻率才能等于驅(qū)動力頻率C高速飛離地球的飛船中的宇航員認為地球上的時鐘變慢D鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的相比增大16一列向右傳播的簡諾波在t=1s時刻的波形如圖所示，再經(jīng)過時0.7s，x=7m處的質(zhì)點P第一次從平衡位置向上振動，此時O處質(zhì)點（選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”）處，該列波的周期T=s17如圖，一束激光垂直于AC面照射到等邊玻璃三棱鏡的AB面上，已知AB面的反射光線與折線光線的夾角為90°光在空中的傳播速度為c求：玻璃的折射率；激光在玻璃種傳播的速度選修35

11、18下列說法正確的是（）A比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定B黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關C放射性元素的半衰期與原子所處的化學狀態(tài)和外部條件有關D大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進時，最多可產(chǎn)生4個不同頻率的光子19用頻率為v但強度不同的甲乙兩種光做光電效應實驗，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關系如圖所示，由圖可知，（選填甲或乙）光的強度大，已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0則光電子的最大初動能為201926年美國波士頓的內(nèi)科醫(yī)生盧姆加特等首次應用放射性氡研究人體動、靜脈血管床之間的循環(huán)時間，被譽為“臨床核醫(yī)學之父”氡的放射性同位素有27種，其中最常用

12、的是經(jīng)過m次衰變和n次衰變后變成穩(wěn)定的求m、n的值；一個靜止的氡核（）放出一個粒子后變成釙核（）已知釙核的速率v=1×106m/s，求粒子的速率四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值計算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位21如圖，半徑R=0.5m的光滑圓弧軌道ABC與足夠長的粗糙軌道CD在C處平滑連接，O為圓弧軌道ABC的圓心，B點為圓弧軌道的最低點半徑OA、OC與OB的夾角分別為53°和37°將一個質(zhì)量m=0.5kg的物體（視為質(zhì)點）從A點左側(cè)高為h=0.8m處的P點水平拋出，恰從A點沿切線

13、方向進入圓弧軌道已知物體與軌道CD間的動摩擦因數(shù)=0.8，重力加速度g=l0m/s2，sin37°=0，6，cos37°=0.8，求：（1）物體水平拋出時的初速度大小v0；（2）物體經(jīng)過B點時，對圓弧軌道壓力大小FN；（3）物體在軌道CD上運動的距離x22如圖，電阻不計且足夠長的U型金屬框架放置在傾角=37°的絕緣斜面上，該裝置處于垂直斜面向下的勻強磁場中，磁感應強度大小B=0.5T質(zhì)量m=0.1kg、電阻R=0.4的導體棒ab垂直放在框架上，從靜止開始沿框架無摩擦下滑，與框架接觸良好框架的質(zhì)量M=0.2kg、寬度l=0.4m，框架與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.6，與

14、斜面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8（1）若框架固定，求導體棒的最大速度vm；（2）若框架固定，棒從靜止開始下滑5.75m時速度v=5m/s，求此過程回路中產(chǎn)生的熱量Q及流過ab棒的電量q；（3）若框架不固定，求當框架剛開始運動時棒的速度v123如圖甲，真空中豎直放置兩塊相距為d的平行金屬板P、Q，兩板間加上如圖乙最大值為U0的周期性變化的電壓，在Q板右側(cè)某個區(qū)域內(nèi)存在磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向里的有界勻強磁場在緊靠P板處有一粒子源A，自t=0開始連續(xù)釋放初速不計的粒子，經(jīng)一段時間從Q板小孔O射入磁場，然后

15、射出磁場，射出時所有粒子的速度方向均豎直向上已知電場變化周期T=，粒子質(zhì)量為m，電荷量為+q，不計粒子重力及相互間的作用力求：（1）t=0時刻釋放的粒子在P、Q間運動的時間；（2）粒子射入磁場時的最大速率和最小速率；（3）有界磁場區(qū)域的最小面積2015年江蘇省連云港市、徐州市、淮安市、宿遷市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單選題：本題共5小題，每小題3分，滿分15分每小題只有一個選項符合題意1下列提法符號物理學史實的是（）A楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象B伽利略認為力不是維持物體運動的原因C安培發(fā)現(xiàn)了通電導線的周圍存在磁場D牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測出了萬有引力常量考點： 物理學史分析： 本題

16、應抓?。号ｎD、卡文迪許、安培、奧斯特、楞次、伽利略的貢獻進行選擇解答： 解：A、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，楞次研究得出了判斷感應電流方向的方法一楞次定律故A錯誤B、伽利略通過對理想斜面的研究得出：力不是維持物體運動的原因故B正確C、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電導線的周圍存在磁場故C錯誤D、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律后，是卡文迪許測出了萬有引力常量故D錯誤故選：B點評： 本題關鍵要記住力學和電學的一些常見的物理學史，難度不大，屬于基礎題2圖示為真空中半徑為r的圓，O為圓心，直徑ac、bd相互垂直在a、c處分別固定有電荷量為+q、q的兩個點電荷下列說法正確的是（）A位置b處電場強度大小為Bac線上各點電場強度

17、方向與bd線上各點電場強度方向垂直CO點電勢一定等于b點電勢D將一負試探電荷從b點移到c點，電勢能減小考點： 勻強電場中電勢差和電場強度的關系專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題分析： 兩個等電量正點電荷Q產(chǎn)生 的電場等勢線與電場線具有對稱性，作出ac間的電場線，根據(jù)順著電場線電勢降低和對稱性，分析B與D電勢的高低，判斷電場力做功情況，可知o點和b電勢的大小，根據(jù)點電荷的電場E=k和電場疊加原理可求解b點的場強大小解答： 解：A、正負電荷在b點分別產(chǎn)生的場強為，根據(jù)矢量可知，故A錯誤；B、ac線上各點電場強度方向由a指向c，bd線上各點電場強度方向由a指向c，故B錯誤；C、bOd是一條等勢面，故電勢

18、相同，故C正確；D、將一負試探電荷從b點移到c點，電場力做負功，電勢能增加，故D錯誤；故選：C點評： 本題關鍵抓住電場線與等勢線的對稱性，注意空間每一點的電場是由兩個點電荷產(chǎn)生的電場疊加，是考查基礎的好題3如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直電子速度的大小和磁場強弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)下列說法正確的是（）A僅增大勵磁線圈中電流，電子束徑跡的半徑變大B僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將

19、變大考點： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動分析： 根據(jù)動能定理表示出加速后獲得的速度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導出半徑的表達式解答： 解：根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結(jié)合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=mv02電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有：eBv0=m解得：r=T=可見增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強，由式可得，電子束的軌道半徑變小由式知周期變小，故AC錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確D錯誤；故選：B點評： 本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的

20、應用，正確分析出儀器的原理是關鍵4如圖所示，A、B是兩個完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其電阻忽略不計下列說法正確的是（）AS閉合瞬間，A先亮BS閉合瞬間，A、B同時亮CS斷開瞬間，B逐漸熄滅DS斷開瞬間，A閃亮一下，然后逐漸熄滅考點： 自感現(xiàn)象和自感系數(shù)分析： 依據(jù)自感線圈的特征：剛通電時線圈相當于斷路，斷開電鍵時線圈相當于電源；二極管的特征是只正向?qū)ń獯穑?解：AB、閉合瞬間線圈相當于斷路，二極管為反向電流，故電流不走A燈泡，B也不亮，故A錯誤，B錯誤CD、開關S斷開瞬間B立刻熄滅，由于二極管正向?qū)?，故自感線圈與A形成回路，A閃亮一下，然后逐漸熄滅，故C錯誤，D正確故

21、選：D點評： 該題兩個關鍵點，1、要知道理想線圈的特征：剛通電時線圈相當于斷路，斷開電鍵時線圈相當于電源；2、要知道二極管的特征是只正向?qū)?如圖所示，質(zhì)量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，兩輕桿等長，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，在兩桿鉸合處懸掛一質(zhì)量為m的重物C，整個裝置處于靜止狀態(tài)，設桿與水平面間的夾角為下列說法正確的是（）A當m一定時，越大，輕桿受力越小B當m一定時，越小，滑塊對地面的壓力越大C當一定時，M越大，滑塊與地面間的摩擦力越大D當一定時，M越小，可懸掛重物C的質(zhì)量m越大考點： 共點力平衡的條件及其應用；力的合成專題： 共點力作用下物體平衡專題分析： 先將C的重力按照

22、作用效果分解，根據(jù)平行四邊形定則求解輕桿受力；再隔離物體A受力分析，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列式求解滑塊與地面間的摩擦力和彈力解答： 解：A、將C的重力按照作用效果分解，如圖所示：根據(jù)平行四邊形定則，有：故m一定時，越大，輕桿受力越小，故A正確；B、對ABC整體分析可知，對地壓力為：FN=（2M+m）g；與無關；故B錯誤；C、對A分析，受重力、桿的推力、支持力和向右的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：f=F1cos=，與M無關，故C錯誤；D、只要動摩擦因素足夠大，即可滿足F1cosF1sin，不管M多大，M都不會滑動；故D錯誤；故選：A點評： 本題關鍵是明確物體的受力情況，然后根據(jù)平衡條件列式分

23、析，選項D涉及摩擦自鎖現(xiàn)象，不難二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，滿分16分每題有多個選項符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分6如圖所示，面積為0.02m2、內(nèi)阻不計的100匝矩形線圈ABCD，繞垂直于磁場的軸OO勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動的角速度為100rad/s，勻強磁場的磁感應強度為T矩形線圈通過滑環(huán)與理想變壓器相連，觸頭P可移動，副線圈所接電阻R=50，電表均為理想交流電表當線圈平面與磁場方向平行時開始計時下列說法正確的是（）A線圈中感應電動勢的表達式為e=100cos（100t）VBP上移時，電流表示數(shù)減小Ct=0時，電壓表示數(shù)為100VD當原、副線圈匝數(shù)比

24、為2：1時，電阻上消耗的功率為50W考點： 交流的峰值、有效值以及它們的關系專題： 交流電專題分析： 根據(jù)線圈中感應電動勢Em=BS，結(jié)合開始計時位置，即可確定瞬時表達式，再由電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，并知道電表是交流電的有效值，逐項分析即可得出結(jié)論解答： 解：A、矩形閉合導線框ABCD在磁場中轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交流電的最大值為：Em=nBs=100××0.02×100=100V，線圈中感應電動勢的表達式為e=100cos（100t）V，故A正確；B、P上移時，原線圈的匝數(shù)減小，則導致副線圈電壓增大，那么副線圈電流也增大，則原線

25、圈的電流會增大，故B錯誤；C、由于最大值為有效值的倍，所以交流電的有效值為U=100V，當t=0時，電壓表示數(shù)為100V，故C錯誤；D、當原、副線圈匝數(shù)比為2：1時，電阻上消耗的功率為P=W=50W，故D正確；故選：AD點評： 掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關系，掌握感應電動勢最大值的求法，理解有效值與最大值的關系72014年5月10日天文愛好者迎來了“土星沖日”的美麗天象“土星沖日”是指土星和太陽正好分處地球的兩側(cè)，三者幾乎成一條直線該天象每378天發(fā)生一次，土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)的方向相同，公轉(zhuǎn)軌跡都近似為圓，地球繞太陽公轉(zhuǎn)周期和半徑以及引力常量均已知，根據(jù)以上信息可求出（）A土星

26、質(zhì)量B地球質(zhì)量C土星公轉(zhuǎn)周期D土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)速度之比考點： 萬有引力定律及其應用；開普勒定律專題： 萬有引力定律的應用專題分析： 地球和土星均繞太陽做圓周運動，靠萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和圓周運動的運動公式列式分析可以求解的物理量解答： 解：A、B、行星受到的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列方程后，行星的質(zhì)量會約去，故無法求解行星的質(zhì)量，故AB均錯誤；C、“土星沖日”天象每378天發(fā)生一次，即每經(jīng)過378天地球多轉(zhuǎn)動一圈，根據(jù)（）t=2可以求解土星公轉(zhuǎn)周期，故C正確；D、知道土星和地球繞太陽的公轉(zhuǎn)周期之比，根據(jù)開普勒第三定律，可以求解轉(zhuǎn)動半徑之比，根據(jù)v=可以進一步求解

27、土星和地球繞太陽公轉(zhuǎn)速度之比，故D正確；故選：CD點評： 解決本題的關鍵知道地球和土星均繞太陽做圓周運動，靠萬有引力提供向心力，知道線速度、加速度和周期與軌道半徑的關系8如圖所示，I為電流表示數(shù)，U為電壓表示數(shù)，P為定值電阻R2消耗的功率，Q為電容器C所帶的電荷量，W為電源通過電荷量q時電源做的功當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，下列圖象能正確反映各物理量關系的是（）ABCD考點： 閉合電路的歐姆定律專題： 恒定電流專題分析： 當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，分別得到各個量的表達式，再進行分析解答： 解：A、當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，接入電路

28、的電阻減小，電路中電流增大，R2消耗的功率為 P=I2R，PI2，故A正確B、電容器C的電壓UC=EI（R2+r），電荷量Q=CUC=CEI（R2+r），則=C（R2+r），保持不變，則QI圖象是向下傾斜的直線，故B正確C、電壓表示數(shù) U=EIr，UI圖象應是向下傾斜的直線，故C錯誤D、電源通過電荷量q時電源做的功 W=qE，E是電源的電動勢，則WI是過原點的直線，故D錯誤故選：AB點評： 根據(jù)物理規(guī)律得到解析式，再分析圖象的形狀和物理意義是常用的方法9如圖所示，粗糙斜面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長度時物塊位于O點現(xiàn)將物塊拉到A點后由靜止釋放，物塊運動到最低點B，圖

29、中B點未畫出下列說法正確的是（）AB點一定在O點左下方B速度最大時，物塊的位置可能在O點左下方C從A到B的過程中，物塊和彈簧的總機械能一定減小D從A到B的過程中，物塊減小的機械能可能大于它克服摩擦力做的功考點： 動能定理的應用專題： 動能定理的應用專題分析： 物體從A向B運動過程，受重力、支持力、彈簧的拉力和滑動摩擦力，當平衡時速度最大；重力勢能、彈性勢能、動能和內(nèi)能之和守恒解答： 解：A、彈簧處于自然長度時物塊處于O點，所以在O點，彈簧彈力為零，物體從A向B運動過程，受重力、支持力、彈簧的拉力和滑動摩擦力，當平衡時速度最大，由于摩擦力平行斜面向上，所以當彈力和重力沿斜面的分量等于摩擦力時，速

30、度最大，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點上方，而B點速度為零，由于不知道滑動摩擦力的具體大小，所以無法判斷B點在O點的上方還是下方，故A錯誤；B、重力的下滑分力可以大于摩擦力若mgsinf，所以當彈力和重力沿斜面的分量等于摩擦力時，速度最大，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點上方，若mgsinf，所以當重力沿斜面的分量等于摩擦力和彈簧彈力時，速度最大，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，所以速度最大時，物塊的位置在O點下方，故B正確C、從A到B的過程中，滑動摩擦力一直做負功，故物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能減小，故C正確；D、從A到B的過程中，根據(jù)能量守恒定律，物塊減小

31、的機械能等于彈性勢能的減小量和克服摩擦力做的功之和，若彈簧的彈性勢能增加時，則物塊減小的機械能大于它克服摩擦力做的功，故D正確故選：BCD點評： 本題關鍵是明確物體的受力情況、運動情況和系統(tǒng)的能量轉(zhuǎn)化情況，知道在平衡點動能最大，難度適中三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，滿分18分請將解答填在答題卡相應的位置10如圖甲所示，一位同學利用光電計時器等器材做“驗證機械能守恒定律”的實驗有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球由A處由靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于B處的光電門，測得A、B間的距離為H（Hd），光電計時器記錄下小球通過光電門的時間為t，當?shù)氐闹亓?/p>

32、加速度為g則：（1）如圖乙所示，用游標卡尺測得小球的直徑d=7.25mm（2）小球經(jīng)過光電門B時的速度表達式為（3）多次改變高度H，重復上述實驗，作出隨H的變化圖象如圖丙所示，當圖中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直徑d滿足以下表達式：時，可判斷小球下落過程中機械能守恒（4）實驗中發(fā)現(xiàn)動能增加量EK總是稍小于重力勢能減少量EP，增加下落高度后，則EpEk將增加 （選填“增加”、“減小”或“不變”）考點： 驗證機械能守恒定律專題：實驗題；機械能守恒定律應用專題分析： 由題意可知，本實驗采用光電門利用平均速度法求解落地時的速度；則根據(jù)機械能守恒定律可知，當減小的機械能應等于增大的動能；由原理

33、即可明確注意事項及數(shù)據(jù)的處理等內(nèi)容解答： 解：（1）由圖可知，主尺刻度為7mm；游標對齊的刻度為5；故讀數(shù)為：7+5×0.05=7.25mm；（2）已知經(jīng)過光電門時的時間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時的速度；故v=；（3）若減小的重力勢能等于增加的動能時，可以認為機械能守恒；則有：mgH=mv2；即：2gH0=（）2解得：；（4）由于該過程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后，則EpEk將增大；故答案為：（1）7.25；（2）；（3）；（4）增大點評： 本題為創(chuàng)新型實驗，要注意通過分析題意明確實驗的基本原理才能正確求解11某同學用多用電表的歐姆檔來測

34、量電壓表的內(nèi)阻，如圖甲所示先將選擇開關旋至倍率“×100”檔，紅、黑表筆短接調(diào)零后進行測量，紅表筆應接電壓表的接線柱（選填“+”或“”），測量結(jié)果如圖乙所示，電壓表的電阻為4000該同學要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，有以下器材可供選擇：A電流表（00.6A3A）B電壓表（03V）C滑動變阻器R（015，5A）D滑動變阻器R（050，1A）E定值電阻R0為1F開關S及導線若干本次實驗的原理圖如圖丙，則滑動變阻器應選C（填器材前的字母序號）按照原理圖連接好線路后進行測量，測得數(shù)據(jù)如下表所示待測量12345I/A0.110.200.300.400.50U/V1.371.351.331.3

35、21.29由上表數(shù)據(jù)可看出，電壓表示數(shù)變化不明顯，試分析引起情況的原因是電源內(nèi)阻過小現(xiàn)將上述器材的連線略加改動就可使電壓表的示數(shù)變化更明顯，請在圖丁中按改動后的原理圖完成連線考點： 測定電源的電動勢和內(nèi)阻；伏安法測電阻專題： 實驗題；恒定電流專題分析： （1）歐姆表是測量電阻的儀表，把被測電阻串聯(lián)在紅黑表筆之間，歐姆表電流是從黑表筆流出紅表筆流入歐姆表的測量值等于表盤示數(shù)乘以倍率（2）為方便實驗操作應選最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)閉合電路歐姆定律分析表中實驗數(shù)據(jù)，然后答題；如果電源內(nèi)阻太小，則電壓表示數(shù)變化不明顯，可以給電源串聯(lián)一個定值電阻組成等效電源，增大電源內(nèi)阻，使電壓表示數(shù)變化明顯解答

36、： 解：（1）用多用電表的歐姆檔時內(nèi)部電源被接通，且黑表筆接內(nèi)部電源的正極，即電流從歐姆表的黑表筆流出，從電壓表的正極流入，則紅表筆接電壓表的負極歐姆表表盤示數(shù)為40，選擇開關旋到“×100”檔，即倍率為100，則最后讀數(shù)為：100×40=4000（2）待測電阻的電阻值比較大，為了能有效控制電路，并且能方便實驗操作，滑動變阻器應選小電阻C；路端電壓隨電路電流的增大而減小，由表中實驗數(shù)據(jù)可知，實驗時電壓表示數(shù)變化太小，這是由于電源內(nèi)阻太小造成的；為使電壓表示數(shù)變化明顯，可以把定值電阻與電源串聯(lián)組成等效電源，這樣可以增大電源內(nèi)阻，使電壓表示數(shù)變化明顯，電路圖如圖所示：故答案為：

37、（1）；4000；（2）C；電源的內(nèi)阻太小；電路圖如圖所示點評： 對于實驗的考查應要注意實驗的原理，通過原理體會實驗中的數(shù)據(jù)處理方法及儀器的選擇；有條件的最好親手做一下實驗，注意本題圖象的斜率與動摩擦因數(shù)的關系是解題的關鍵選修3312下列說法正確的是（）A液晶既具有液體的流動性，又具有光學的各向異性B微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，布朗運動越明顯C太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果D單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強一定減小考點： * 晶體和非晶體；布朗運動；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象分析： 液晶既具有液體的流動性，又具有光學的各向異性；液體表面分

38、子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力；微粒越大，溫度越低，布朗運動越不明顯；壓強是大量氣體分子持續(xù)撞擊器壁產(chǎn)生的解答： 解：A、液晶是一種特殊的物態(tài)，它既具有液體的流動性，又具有光學各向異性，故A正確；B、微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，微粒的受力越趨向平衡，布朗運動越不明顯，故B錯誤C、液體表面具有收縮的趨勢，即液體表面表現(xiàn)為張力，是液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果故C正確；D、氣體的壓強與單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)以及分子對器壁的平均撞擊力有關，若溫度升高，分子對器壁的平均

39、撞擊力增大，單位時間內(nèi)氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強不一定減小故D錯誤故選：AC點評： 本題考查選修33中的多個知識點，如液晶的特點、布朗運動、表面張力和壓強的微觀意義，都是記憶性的知識點難度不大，在平時的學習過程中加強知識的積累即可13如圖，用帶孔橡皮塞把塑料瓶口塞住，向瓶內(nèi)迅速打氣，在瓶塞彈出前，外界對氣體做功15J，橡皮塞的質(zhì)量為20g，橡皮塞被彈出的速度為10m/s，若橡皮塞增加的動能占氣體對外做功的10%，瓶內(nèi)的氣體作為理想氣體，則瓶內(nèi)氣體的內(nèi)能變化量為5J，瓶內(nèi)氣體的溫度升高（選填“升高”或“降低”）考點： 熱力學第一定律專題： 熱力學定理專題分析： 由動能的計

40、算公式求出橡皮塞的動能，然后求出氣體對外做的功，再應用熱力學第一定律求出氣體內(nèi)能的變化量，最后判斷氣體溫度如何變化解答： 解：由題意可知，氣體對外做功：W對外=10J，由題意可知，向瓶內(nèi)迅速打氣，在整個過程中，氣體與外界沒有熱交換，即Q=0，則氣體內(nèi)能的變化量：U=W+Q=15J10J+0=5J，氣體內(nèi)能增加，溫度升高；故答案為：5；升高點評： 本題考查了求氣體內(nèi)能的變化量、判斷溫度的變化，應用熱力學第一定律即可正確解題14某理想氣體在溫度為0時，壓強為2P0（P0為一個標準大氣壓），體積為0.5L，已知1mol理想氣體標準狀況下的體積為22.4L，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×102

41、3mol1求：（1）標準狀況下該氣體的體積；（2）該氣體的分子數(shù)（計算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）考點： 理想氣體的狀態(tài)方程；阿伏加德羅常數(shù)專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題分析： （1）由理想氣體狀態(tài)方程可以求出氣體在標準狀況下的體積（2）求出氣體物質(zhì)的量，然后求出氣體分子數(shù)解答： 解：（1）由題意可知，氣體的狀態(tài)參量：p1=2P0，V1=0.5L，T1=273K，p2=P0，V2=？，T2=273K，氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，即：2P0×0.5L=P0×V2，解得：V2=1L；（2）氣體分子數(shù)：n=NA=×6.0×10233×

42、;1022個；答：（1）標準狀況下該氣體的體積是1L；（2）該氣體的分子數(shù)是3×1022個點評： 本題考查了求氣體體積、氣體分子數(shù)，應用玻意耳定律、阿伏伽德羅常數(shù)即可正確解題選修3415下列說法正確的是（）A全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B只有發(fā)生共振時，受迫震動的頻率才能等于驅(qū)動力頻率C高速飛離地球的飛船中的宇航員認為地球上的時鐘變慢D鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的相比增大考點： * 時間間隔的相對性；多普勒效應；光的衍射分析： 全息照相利用了光的干涉現(xiàn)象；受迫震動的頻率總是等于驅(qū)動力頻率；在相對論中，高速飛行的物體時間變慢，長度縮短當聲源與觀察者間距變小

43、時，接收頻率變高解答： 解：A、全息照相利用了激光的頻率單一，具有相干性好的特點，利用了光的干涉現(xiàn)象，與光的衍射無關故A錯誤；B、受迫振動的頻率等于驅(qū)動率的頻率，當驅(qū)動力的頻率接近物體的固有頻率時，振動顯著增強，當驅(qū)動力的頻率等于物體的固有頻率時即共振故B錯誤；C、根據(jù)愛因斯坦相對論可知，時間間隔的相對性：t=，可知在宇宙中高速飛行的飛船中的宇航員認為地球上的時鐘變慢，故C正確；D、根據(jù)多普勒效應可知，當兩物體以很大的速度互相靠近時，感覺頻率會增大，遠離時感覺頻率會減小，所以鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的相比增大故D正確故選：CD點評： 該題考查全息照相的原理、受迫振動

44、的頻率，愛因斯坦的相對論以及多普勒效應，注意相對論中空間與時間的變化這一類的知識點在平時的學習過程中要多加積累16一列向右傳播的簡諾波在t=1s時刻的波形如圖所示，再經(jīng)過時0.7s，x=7m處的質(zhì)點P第一次從平衡位置向上振動，此時O處質(zhì)點平衡位置（選填“波峰”、“波谷”、“平衡位置”）處，該列波的周期T=0.2s考點： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系專題： 振動圖像與波動圖像專題分析： 波向右傳播，當O點的波傳到P點時，P點第一次從平衡位置向上振動，根據(jù)波從O傳到P的距離x=7m，時間t=0.7s，由v=求出波速，由圖讀出波長，求出周期解答： 解：由圖象知，=2m，波向右傳播，當O點的波傳

45、到P點時，P點第一次從平衡位置向上振動，此時O點在平衡位置處，由題意，波從O傳到P的距離x=7m，時間t=0.7s，則波速v=，由v=得：T=0.2s故答案為：平衡位置；0.2點評： 本題關鍵要知道波是勻速傳播的，可用v=和v=研究波速，根據(jù)時間與周期的關系，分析質(zhì)點通過的路程是常用的方法17如圖，一束激光垂直于AC面照射到等邊玻璃三棱鏡的AB面上，已知AB面的反射光線與折線光線的夾角為90°光在空中的傳播速度為c求：玻璃的折射率；激光在玻璃種傳播的速度考點： 光的折射定律專題： 光的折射專題分析： 由幾何關系確定出AB面折射時的入射角和出射角，根據(jù)折射定律計算折射率大小，然后由v=

46、計算光在介質(zhì)中的傳播速度解答： 解：（1）光在AB面發(fā)生折射時的光路圖如圖，由幾何知識知：i=60°，r=90°i=30°根據(jù)折射定律n=（2）由v=可知，激光在玻璃種傳播的速度答：玻璃的折射率是；激光在玻璃種傳播的速度是點評： 對于幾何光學問題作出光路圖，正確的確定入射角和折射角，并靈活運用折射定律是解題的關鍵選修3518下列說法正確的是（）A比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定B黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關C放射性元素的半衰期與原子所處的化學狀態(tài)和外部條件有關D大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進時，最多可產(chǎn)生4個不同頻

47、率的光子考點： 原子核的結(jié)合能；物質(zhì)波分析： 比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合的越牢固黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關放射性元素的半衰期是由核內(nèi)自身的因素決定的，與原子所處的化學狀態(tài)無關根據(jù)數(shù)學組合公式求出氫原子最多放出不同頻率光子的種數(shù)解答： 解：A、比結(jié)合能是衡量原子核結(jié)構(gòu)是否牢固的指標，它越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定故A正確；B、根據(jù)黑體輻射實驗的規(guī)律可知：黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關故B正確C、放射性元素的半衰期是由核內(nèi)自身的因素決定的，與原子所處的化學狀態(tài)和外部條件無關，故C錯誤；D、大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍進時，由=

48、6知：最多可產(chǎn)生6個不同頻率的光子，故D錯誤故選：AB點評： 對于光學和原子物理的基礎知識，大都需要記憶，因此注意平時多加積累；正確理解氫原子的躍遷問題19用頻率為v但強度不同的甲乙兩種光做光電效應實驗，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關系如圖所示，由圖可知，甲（選填甲或乙）光的強度大，已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0則光電子的最大初動能為hvW0考點： 光電效應專題： 光電效應專題分析： 根據(jù)光的強度越強，形成的光電流越大；并根據(jù)光電效應方程，即可求解解答： 解：根據(jù)光的強度越強，則光電子數(shù)目越多，對應的光電流越大，即可判定甲光的強度較大；由光電效應方程mv2=hvW0，可知，電子的最大初動能

49、EKm=hvW0；故答案為：甲，hvW0點評： 本題考查了產(chǎn)生光電效應的原理和電子的最大初動能公式，理解光電效應方程的應用，注意光電流影響因素201926年美國波士頓的內(nèi)科醫(yī)生盧姆加特等首次應用放射性氡研究人體動、靜脈血管床之間的循環(huán)時間，被譽為“臨床核醫(yī)學之父”氡的放射性同位素有27種，其中最常用的是經(jīng)過m次衰變和n次衰變后變成穩(wěn)定的求m、n的值；一個靜止的氡核（）放出一個粒子后變成釙核（）已知釙核的速率v=1×106m/s，求粒子的速率考點： 動量守恒定律；原子核衰變及半衰期、衰變速度分析： 核反應過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，根據(jù)質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒求出m、n的值核反應過程系統(tǒng)動量

50、守恒，應用動量守恒定律求出粒子速度解答： 解：核反應過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，由題意可得：4m=222206，解得：m=4，86=82+2mn，解得：n=4；核反應過程系統(tǒng)動量守恒，以粒子的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mvmPov=0，代入數(shù)據(jù)解得：v=5.45×107m/s；答：m是4，n是4；粒子的速率是：5.45×107m/s點評： 核反應過程質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，系統(tǒng)動量守恒，應用質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒、動量守恒定律即可正確解題四、計算題：本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值計算的題，必須明確

51、寫出數(shù)值和單位21如圖，半徑R=0.5m的光滑圓弧軌道ABC與足夠長的粗糙軌道CD在C處平滑連接，O為圓弧軌道ABC的圓心，B點為圓弧軌道的最低點半徑OA、OC與OB的夾角分別為53°和37°將一個質(zhì)量m=0.5kg的物體（視為質(zhì)點）從A點左側(cè)高為h=0.8m處的P點水平拋出，恰從A點沿切線方向進入圓弧軌道已知物體與軌道CD間的動摩擦因數(shù)=0.8，重力加速度g=l0m/s2，sin37°=0，6，cos37°=0.8，求：（1）物體水平拋出時的初速度大小v0；（2）物體經(jīng)過B點時，對圓弧軌道壓力大小FN；（3）物體在軌道CD上運動的距離x考點： 動能定理

52、的應用；平拋運動；向心力專題： 動能定理的應用專題分析： （1）物體做平拋運動，由自由落體運動的規(guī)律求出物體落在A時的豎直分速度，然后應用運動的合成與分解求出物體的初速度大小v0（2）通過計算分析清楚物體的運動過程，由能量守恒定律求出物體在B點的速度，然后又牛頓第二定律求出物體對圓弧軌道壓力大小FN；（3）先由機械能守恒求出物體在C點的速度，然后由動能定理即可求解解答： 解：（1）物體在拋出后豎直方向做自由落體運動，豎直方向：m/s物體恰從A點沿切線方向進入圓弧軌道，則：得：m/s（2）物體到達A點的速度：m/sA到B的過程中機械能守恒，得：代入數(shù)據(jù)得：m/s物體在B點受到的支持力與重力的合力提供向心力，則：得：FN=34N；（3）B到C的過程中機械能守恒，得：得：m/s物體在斜面CD上受到的摩擦力：f=mgcos37°=0.8×0.5×10×0.8N=3.2N設物體在軌道CD上運動的距離x，則：解得：x=1.09m；答：（1）物體水平拋出時的初速度大小是3m/s；（2）物體經(jīng)過B點時，對圓弧軌道壓力大小是34N；（3）物體在軌道CD上運動的距離是1.09m點評： 本題關鍵是分析清楚物體的運動情況，然后根據(jù)動能定理、平拋運動知識、能量守恒定理解題22如圖，電阻不計且足夠長的U型金屬框架放置在傾角=37°的絕緣斜面上，該裝置處于垂