上傳人：s***

認(rèn)證信息

認(rèn)證類型：個人認(rèn)證

認(rèn)證主體：馬**（實名認(rèn)證）

IP屬地：天津

IP屬地：天津 上傳時間：2022-01-19 格式：DOC 頁數(shù)：10 大?。?33KB 積分：28 舉報 版權(quán)申訴

1、實用文案第 5 課時( 小專題 ) 動力學(xué)中常考的物理模型基本技能練1物塊 m在靜止的傳送帶上勻速下滑時，傳送帶突然轉(zhuǎn)動，傳送帶轉(zhuǎn)動的方向如圖 1 中箭頭所示。則傳送帶轉(zhuǎn)動后()圖 1A物塊將減速下滑B物塊仍勻速下滑C物塊受到的摩擦力變小D物塊受到的摩擦力變大解析當(dāng)傳送帶靜止時，物塊勻速下滑，物塊受力平衡可得：mgsin mgcos ；當(dāng)傳送帶轉(zhuǎn)動起來時，由于物塊與傳送帶之間運動方向相反，可判斷物塊所受的滑動摩擦力方向并沒有發(fā)生變化，仍然沿斜面向上，大小仍為mgcos ，物塊受力仍然是平衡的，所以物塊仍勻速下滑。答案B2如圖 2 所示，在光滑平面上有一靜止小車，小車上靜止地放置著一小物塊，物塊

2、和小車間的動摩擦因數(shù)為 0.3 ，用水平恒力 F 拉動小車，設(shè)物塊的加速度為 a1 和小車的加速度為 a2 。當(dāng)水平恒力 F 取不同值時， a1 與 a2 的值可能為 ( 當(dāng)?shù)刂亓铀俣?g 取 10 m/s 2)()圖 2標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案A a1 2 m/s 2，a23 m/s 2B a1 3 m/s 2，a22 m/s 2C a1 5 m/s 2，a23 m/s 2D a1 3 m/s 2，a25 m/s 2解析 由受力分析可知物塊的加速度取決于 M對物塊的摩擦力， 即 Ff ma1，且 Ff 的最大值為 Ff m mg，即 a1 的最大值為 a1mg3 m/s 2。當(dāng)二者相對靜止一起加速

3、時， a1 a23 m/s 2。當(dāng) F 較大時， m與 M發(fā)生相對滑動， a13 m/s 2， a2 3 m/s 2，綜上述只有選項 D符合題意。答案D如圖甲是某景點的山坡滑道圖片，為了探究滑行者在滑道直線部分AE滑行的時間，技術(shù)人員通過測量繪制出如圖乙所示的示意圖。AC 是滑道的豎直高度， D點是 AC豎直線上的一點，且有ADDE10 m，滑道 AE可視為光滑，滑行者從坡頂 A 點由靜止開始沿滑道AE向下做直線滑動， g 取 10 m/s 2，則滑行者在滑道 AE上滑行的時間為()A.2 s B 2 s C.3 s D 22 s解析A、 E 兩點在以 D 為圓心半徑為 R10 m 的圓上，在

4、 AE上的滑行時間與AD所在的直徑自由下落的時間相同，t R4AD，選 。沿42 sggB答案B3( 多選 ) 如圖 3 所示，水平傳送帶 A、B 兩端相距 x4 m，以 v04 m/s 的速度 ( 始終保持不變 ) 順時針運轉(zhuǎn)，今將一小煤塊 ( 可視為質(zhì)點 ) 無初速度地輕放至 A 端，由于煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕。已知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù) 0.4 ，取重力加速度大小g10 m/s 2，則煤塊從A 運動到 B 的過程中()標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案圖 3A煤塊從 A 運動到 B 的時間是 2.25 sB煤塊從 A 運動到 B 的時間是 1.5 sC劃痕長度是0.5 mD劃

5、痕長度是2 m解析根據(jù)牛頓第二定律，煤塊的加速度mg2a m 4 m/s，煤塊運動到速度與傳送帶相等時的時間t 1v01 s ，a12x，位移大小 x1 at122 m此后煤塊與傳送帶以相同的速度勻速運動直至B 端，所以劃痕長度即為煤塊相對于傳送帶的位移大小，即sv0t 1x1 2 m，選項 D 正確、 C錯誤；x2x2 xx12 m，勻速運動的時間t 2v0 0.5 s ，運動的總時間 t t 1t 21.5 s ，選項 B 正確、 A 錯誤。答案BD如圖所示，物體從傾角為的斜面頂端由靜止釋放，它滑到底端時速度大小為v1 ；若它由斜面頂端沿豎直方向自由落下，末速度大小為v，已知 v1 是 v

6、 的 k倍，且 k1。求：物體與斜面間的動摩擦因數(shù) 。解析設(shè)斜面長為x，高為 h，物體下滑過程受到的摩擦力為Ff ，由于物體沿斜面勻加速下滑，設(shè)加速度為 a，則由牛頓第二定律可得 mgsin Ff ma，F(xiàn)f mgcos 標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案所以 a g(sin cos )由運動規(guī)律可知v21 2ax 2xg(sin cos ) ，v22gh由題意： v1kv解得： (1 k2)tan。答案 (1 k2)tan 4 ( 多選 ) (2014·哈爾濱九中四模 ) 三角形傳送帶以 1 m/s 的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2 m，且與水平方向的夾角均為 37°。現(xiàn)有兩小塊

7、物A、 B 從傳送帶頂端都以1 m/s 的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為 0.5 ，下列說法正確的是()圖 4A物塊 A 先到達(dá)傳送帶底端B物塊 A、 B 同時到達(dá)傳送帶底端C物塊 A、 B 運動的加速度大小不同D物塊 A、 B 在傳送帶上的劃痕長度不相同解析A、 B 受力情況相同，均受重力、支持力、沿斜面向上的摩擦力，故A、B 的加速度相同，運動時間相同，將同時到達(dá)底端，故選項A、 C 錯， B 正確；由于小物塊 A 與傳送帶的運動方向相同，小物塊B 與傳送帶的運動方向相反，故物塊 A、B 在傳送帶上的劃痕長度不相同，選項D正確。答案BD ( 多選 )(2014 

8、3;湖北黃岡中學(xué)檢測 )某大型游樂場內(nèi)的新型滑梯可以等效為如圖所示的物理模型。 一個小朋友在 AB段的動摩擦因數(shù)1 <tan ，在 BC段的動摩擦因數(shù)為 2 >tan ，他從 A 點開始下滑，滑到 C 點恰好靜止，整個過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)。該小朋友從斜面頂端 A 點滑到底端 C點的過程中()標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案A地面對滑梯始終無摩擦力作用B地面對滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右C地面對滑梯的支持力的大小始終等于小朋友和滑梯的總重力的大小D地面對滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的總重力的大小解析由題給條件 1<tan，2>tan 知，在 AB段：1mgco

9、s <mgsin ，小朋友加速下滑，即整體有斜向左下方的加速度，所以整體有水平向左和豎直向下的分加速度，地面對滑梯的摩擦力向左，支持力小于總重力；同理，在BC段：2 mgcos>mgsin，小朋友減速下滑，即整體有斜向右上方的加速度，所以地面對滑梯的摩擦力向右，支持力大于總重力。綜上所述，B、D 正確。答案BD能力提高練5如圖 5所示，質(zhì)量 M 1 kg 的木板 A 靜止在水平地面上，在木板的左端放置一個質(zhì)量m1 kg的鐵塊B大小可忽略)，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)10.3，(木板長L，用 F5 N的水平恒力作用在鐵塊上。設(shè)鐵塊B與木板 A間的1 m最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力

10、加速度g10 m/s 2。圖 5(1) 若水平地面光滑，計算說明鐵塊 B 與木板 A 間是否會發(fā)生相對滑動；(2) 若木板與水平地面間的動摩擦因數(shù) 2 0.1 ，求鐵塊運動到木板右端的時間。解析 (1) A、 B 之間的最大靜摩擦力為Ff m 1mg 0.3 ×1×10 N 3 N假設(shè) A、 B 之間不發(fā)生相對滑動，則對 A、B 整體： F( Mm) a對 B：FfABma標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案解得 FfAB 2.5 N因 FfABFf m，故 A、 B 之間不發(fā)生相對滑動(2) 對 B：F 1mg maB對 A： 1mg 2( Mm) gMaA據(jù)題意1212，解得 t 2 sx

11、BxA L， xA aAt ， xB aBt22答案(1) 不會發(fā)生相對滑動(2)2 s6如圖 6所示，水平傳送帶AB長 L，向右勻速運動的速度v04 m/s，一10 m質(zhì)量為1 kg 的小物塊 ( 可視為質(zhì)點 ) 以 v1 6 m/s 的初速度從傳送帶右端B 點沖上傳送帶，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù) 0.4 ， g 取 10 m/s 2。求：圖 6(1) 小物塊相對地面向左運動的最大距離；(2) 小物塊從 B 點沖上傳送帶到再次回到 B 點所用的時間。解析 (1) 設(shè)小物塊與傳送帶間摩擦力大小為 Ff1 2則 Ff mg， Ff x 物 mv1， x 物 4.5 m2(2) 設(shè)小物塊經(jīng)時間

12、t 1 速度減為 0，然后反向加速，設(shè)加速度大小為a，經(jīng)時間t 2 與傳送帶速度相等Ffv1 at 10，a m，t 11.5 s ，v0at 2，t 2 1 s設(shè)反向加速時，小物塊的位移為x1，則有12x1 at 2 2 m小物塊與傳送帶同速后，將做勻速直線運動，設(shè)經(jīng)時間t 3 再次回到 B 點x 物 x1v0t 3t 3 0.625 s所以 t 總 t 1 t 2t 3 3.125 s答案(1)4.5 m(2)3.125 s7如圖 7 所示，傾角 30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長標(biāo)準(zhǔn)文檔實用文案L 1.8 m 、質(zhì)量 M3 kg 的薄木板，木板的最右端疊放一質(zhì)量m1 kg 的小物3塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù) 2 。對木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動。設(shè)物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度 g 10 m/s 2。圖 7(1) 為使物塊不滑離木板，求力 F 應(yīng)滿足的條件；(2) 若 F37.5 N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。解析 (1) 對 M、m，由牛頓第二定律F ( Mm) gsin ( Mm) a對 m，有 Ff mgsin maFf Ff m mgcos 代入數(shù)據(jù)得 F 30 N(2