精品解析：2020屆江蘇省南通市高三(下)5月第二次模擬考試物理試題(解析版)

1、22v V0 2ax可知2020屆高三模擬考試試卷物理（滿分：120分 考試時間：100分鐘）第I卷（選擇題共31分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分。每小題只有一個選項(xiàng)符合題意。1 .霧天開車在高速上行駛，設(shè)能見度 （駕駛員與能看見的最遠(yuǎn)目標(biāo)間的距離）為30m,駕駛員的反應(yīng)時間為0.5s,汽車剎車時能產(chǎn)生的最大加速度的大小為5m/s2,為安全行駛，汽車行駛的最大速度不能超過（）A. 10m/sB. 15m/sC. 10.3 m/sD. 20m/s【答案】B【解析】【詳解】駕駛員反應(yīng)過程中，汽車做勻速直線運(yùn)動，行駛距離為X0vt0汽車剎車減速至0,逆過程可視為初速度為 0的勻

2、加速直線運(yùn)動，根據(jù)速度位移關(guān)系2v 2a(x X0)解得最大速度為v 15m/sACD錯誤，B正確。故選Bo2.如圖所示，一木箱放在水平面上，木箱質(zhì)量為M,人的質(zhì)量為 m,人站在木箱里用力F向上推木箱，則A.木箱底對人支持力大小為mgB.人對木箱作用力的合力大小為mg+FC.地面對木箱的支持力大小為Mg + mgD.木箱對地面的壓力大小為Mg + mg+F【解析】【詳解】A.對人受力分析可知，人受到豎直向下的重力、箱頂對人豎直向下的作用力，箱底對人豎直向上的作用力，三力平衡，結(jié)合牛頓第三定律可知，木箱對人的支持力大小為mg F , A錯誤；B .根據(jù)牛頓第三定律可知人對木箱的作用力與木箱對人的

3、作用力等大反向，木箱對人的作用力與人的重力等大反向，所以人對木箱作用力的合力大小為mg, B錯誤；C.對人和木箱整體受力分析可知，地面對木箱的支持力與木箱和人的重力等大反向，所以地面對木箱的支持力大小為 Mg + mg, C正確；D.根據(jù)牛頓第三定律可知木箱對地面的壓力與地面對木箱的支持力等大反向，所以木箱對地面的壓力大小為Mg + mg, D錯誤。故選Co3.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2： 1,電阻55 Q電流表、電壓表均為理想電表。原線圈A、B端接入如圖乙所示的正弦交流電壓，下列說法正確的是甲乙2A.電流表的示數(shù)為4.0AB.電壓表的示數(shù)為155.6VC.副線圈中交流電的頻

4、率為50HzD.穿過原、副線圈磁通量的變化率之比為2 ： 1【解析】【詳解】AB .理想變壓器的原線圈接入正弦交流電，由u-t圖像讀其最大值為 U1max 220&V,可知有效值為Ui220V根據(jù)理想變壓器的電壓比等于匝數(shù)比，可得副線圈兩端的電壓:U2 及 Ui 220V 110Vn1由歐姆定律可知流過電阻的電流：U22A所以，電流表的示數(shù)為2A, B電壓表的示數(shù)為110V,故AB均錯誤;C.因交流電的周期為 0.02s,頻率為50Hz,變壓器不改變交流電的頻率，則副線圈的交流電的頻率也為50Hz,故C正確；D.根據(jù)理想變壓器可知，原副線圈每一匝的磁通量相同，變化也相同，則穿過原、副線

5、圈磁通量的變化率相同，比值為1:1,故D錯誤；故選CoB處切線水平，現(xiàn)將一小物4.如圖所示，半徑可變的四分之一光滑圓弧軌道置于豎直平面內(nèi)，軌道的末端體從軌道頂端 A處由靜止釋放；若保持圓心的位置不變， 改變圓弧軌道的半徑 （不超過圓心離地的高度）.半徑越大，小物體（）A.落地時的速度越大C.到圓弧軌道最低點(diǎn)時加速度越大【答案】D【解析】【詳解】A .根據(jù)動能定理知知總高度不變，末速度大小不變，故B.根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律知A錯誤;B.D.平拋的水平位移越大落地時的速度與豎直方向的夾角越大mgH1mv21.23 gtX=V0tmgR ；mv；X/2gR 227r_H_R平拋運(yùn)動的水平位移隨 R增大后減

6、小，故 B錯誤;C.到圓弧軌道最低點(diǎn)時加速度2VoR2g故加速度大小與 R無關(guān)，故C錯誤;D .小滑塊落地時豎直分速度Vy=gt設(shè)與水平方向的夾角為仇有g(shù)ttan 一V0R越大，落地時的速度與豎直方向的夾角越大，故D正確。故選Do5.在如圖所示白電路中，R是滑動變阻器，電是定值電阻，合上開關(guān)，當(dāng)變阻器的滑片向右移動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化。設(shè)電流表的讀數(shù)為I,電壓表Vi的讀數(shù)為Ui、V2的讀數(shù)為U2,電流表示數(shù)的變化量為I ,電壓表Vi的示數(shù)變化量為I-®Iri1，rR是人<JA. I增大，Ui減少，U2增大C.電源的總功率變大Ui、V 2的示數(shù)變化量為U2。下列說法

7、不正確的是（B. Ui與I的比值減小D.Ui大于 U2【解析】【詳解】A.變阻器的滑片向右移，R阻值減小，電路中總電阻減小，干路電流增大，即 I增大，根據(jù)歐姆定律I U可知R2分壓增大，即U2增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律 E U 卜可知路端電壓減小，則 Ui減 R小，A正確;B.根據(jù)閉合電路歐姆定律可知E UiU2 Ir結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知UiU2Ui U2 I I 所以一匕為定值，B錯誤； IC.根據(jù)P IE可知電源的總功率增大， C正確；D.結(jié)合B選項(xiàng)中一匕 一U2r R2 r可知 Ui I I本題選擇不正確選項(xiàng)，故選 B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，r R2 rU2 , D正確。

8、共16分。每小題有多個選項(xiàng)符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。6 .如圖所示，蹦床運(yùn)動員從空中落到床面上，運(yùn)動員從接觸床面下降到最低點(diǎn)為第一過程，從最低點(diǎn)上升 到離開床面為第二過程，運(yùn)動員A.在第一過程中始終處于失重狀態(tài)B.在第二過程中始終處于超重狀態(tài)C.在第一過程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)D.在第二過程中先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)【答案】CD【解析】試題分析：運(yùn)動員剛接觸床面時重力大于彈力，運(yùn)動員向下做加速運(yùn)動，運(yùn)動員處于失重狀態(tài)；隨床面的形變的增大，彈力逐漸增大，彈力大于重力時，運(yùn)動員做減速運(yùn)動，運(yùn)動員處于超重狀態(tài).故A錯誤，C正確；蹦床運(yùn)動員在上

9、升過程中和下落過程中是對稱的，加速度方向先向上后向下，先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故 B錯誤，D正確.考點(diǎn)：超重和失重【名師點(diǎn)睛】本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了.7 .我國發(fā)射了宇宙探測衛(wèi)星“慧眼”，衛(wèi)星攜帶了X射線調(diào)制望遠(yuǎn)鏡，在離地 550km的軌道上觀察遙遠(yuǎn)天體發(fā)出的X射線，為宇宙起源研究提供新的證據(jù)，則衛(wèi)星的（）A.角速度大于地球自轉(zhuǎn)角速度8 .線速度小于第一宇宙速度C.周期大于同步衛(wèi)星的周期D.向心加速度小于地面的重力加速度【答案】ABD【解析】【詳解】AC.萬有引力提供向心力解得Mm4 2m 亍rT2該衛(wèi)星的軌道

10、半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,同步衛(wèi)星相對地球靜止，則T T同步 T地球2根據(jù) 可知A正確，C錯誤；B.萬有引力提供向心力解得同步 地球Mm G r2 v m rGM v r第一宇宙速度為衛(wèi)星貼近地球表面運(yùn)行的速度大小，該衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑，所以該衛(wèi)星線速度小于第一宇宙速度， B正確;D.萬有引力提供加速度Mm2ma解得GM2r貼近地表運(yùn)行的衛(wèi)星的向心加速度近似等于地表的重力加速度，該衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑，所以該衛(wèi)星向心加速度小于地面的重力加速度，D正確。故選ABD 。8.如圖所示，虛線a、b、c是電場中的三個等勢面,實(shí)線為一個帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下的運(yùn)動軌跡,P、Q是軌跡上

11、的兩點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)時 電勢能比P點(diǎn)時小B.質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)時加速度方向與等勢面a垂直C.三個等勢面中等勢面 a的電勢最低D.質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)時的加速度比P點(diǎn)時大【答案】AB電場線如圖實(shí)線沿電場線方向電勢降低，所以根據(jù)電勢能Epq可知【詳解】A.質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，曲2面處處垂直，大致畫出EpQEppA正確；電場線和等勢面處處垂直，根據(jù)牛頓第二定律可8 .質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)受力方向與電場線在該點(diǎn)的切線反向相反，知質(zhì)點(diǎn)在Q點(diǎn)時的加速度方向與等勢面 a垂直，B正確;C.沿電場線方向，電勢降低，所以等勢面a的電勢最大，C錯誤；D.電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的弱強(qiáng)，則Eq EpD錯誤。故選AB。9 .安裝

12、在排污管道上的流量計可以測量排污流量Q,流量為單位時間內(nèi)流過管道橫截面的流體的體積，如圖所示為流量計的示意圖。左右兩端開口的長方體絕緣管道的長、寬、高分別為a、b、c,所在空間有垂直于前后表面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B的勻強(qiáng)磁場，在上、下兩個面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板M、N,污水充滿管道從左向右勻速流動，測得 M、N間電勢差為U,污水流過管道時受到的阻力大小f=kLv2, k是比例系數(shù)，L為管道長度，v為污水的流速。則（）A.電壓U與污水中離子濃度無關(guān)B.污水的流量Q=BC.金屬板M的電勢低于金屬板 N一、, kaU2D.左、右兩側(cè)管口的壓強(qiáng)差p=2aU-2 3bB c【答案】AD【詳解】A.污水中的離

13、子受到洛倫茲力，正離子向上極板聚集，負(fù)離子向下極板聚集，所以金屬板M的 電勢大于金屬板 N,從而在管道內(nèi)形成勻強(qiáng)電場，最終離子在電場力和洛倫茲力的作用下平衡，即qvB qUc解得U cvB可知電壓U與污水中離子濃度無關(guān)，A正確，C錯誤;B.污水的流量為UbUQ vbc 一 bc 一cBBB錯誤;D.污水流過該裝置受到的阻力為污水勻速通過該裝置，則兩側(cè)的壓力差等于阻力fkLv2 kaU2B2D正確。故選AD 。p bc ffp bc,U2ka 2 2 c2B2bckaU2bB2c3第R卷（非選擇題 共89分）、簡答題：本題共4小題，共42分，請將解答填寫在相應(yīng)的位置。10.探究加速度與力的關(guān)系”

14、的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示.（1）實(shí)驗(yàn)的五個步驟如下: a.將紙帶穿過打點(diǎn)計時器并將一端固定在小車上;b.把細(xì)線的一端固定在小車上，另一端通過定滑輪與小桶相連;c.平衡摩擦力，讓小車做勻速直線運(yùn)動;F,d.接通電源后釋放小車，小車在細(xì)線拉動下運(yùn)動， 測出小桶（和沙）的重力mg,作為細(xì)線對小車的拉力利用紙帶測量出小車的加速度a;e.更換紙帶，改變小桶內(nèi)沙的質(zhì)量，重復(fù)步驟 d的操作.按照實(shí)驗(yàn)原理，這五個步驟的先后順序應(yīng)該為:（將序號排序）單任：cm0.1 s,由此可以算出小車運(yùn)動的加速(2)實(shí)驗(yàn)中打出的某一條紙帶如圖乙所示.相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔是 度是 m/s2.(3)利用測得的數(shù)據(jù)，可得到小車質(zhì)量

15、M 一定時，運(yùn)動的加速度a和所受拉力F (F=mg, m為沙和小桶質(zhì)量，g 為重力加速度)的關(guān)系圖象(如圖丙所示).拉力F較大時，a-F圖線明顯彎曲，產(chǎn)生誤差.若不斷增加沙 桶中沙的質(zhì)量，a-F圖象中各點(diǎn)連成的曲線將不斷延伸，那么加速度 a的趨向值為 (用題中出現(xiàn)物 理量表示).為避免上述誤差可采取的措施是 :A.每次增加桶內(nèi)沙子的質(zhì)量時，增幅小一點(diǎn)B.測小車的加速度時，利用速度傳感器代替紙帶和打點(diǎn)計時器C.將無線力傳感器捆綁在小車上，再將細(xì)線連在力傳感器上，用力傳感器讀數(shù)代替沙和小桶的重力D.在增加桶內(nèi)沙子質(zhì)量的同時，在小車上增加祛碼，確保沙和小桶的總質(zhì)量始終遠(yuǎn)小于小車和祛碼的總質(zhì) 量【答案

16、】(1). acbde；(2). 1.46 ;(3). g;(4). C【解析】【詳解】(1) 1.按照實(shí)驗(yàn)原理，這五個步驟的先后順序應(yīng)該為：acbde;(2) 2.根據(jù)？x=aT2可知 _2(8.62 4.24) 10. 22a 2m/s =1.46m/s3 0.1(3) 34.因?yàn)樯澈蜕惩暗闹亓υ谶@個實(shí)驗(yàn)中充當(dāng)小車所收到的合外力，當(dāng)沙和沙桶的重力非常大時，它 將帶動小車近似做加速度為g的運(yùn)動.隨著鉤碼的數(shù)量增大到一定程度時a-F圖線明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是所掛鉤碼的總質(zhì)量太大，而我們把用鉤碼所受重力作為小車所受的拉力，所以消除此誤差可采取的簡便且有效的措施應(yīng)該測量出小車所受的拉

17、力，即在鉤碼與細(xì)繩之間放置一力傳感器，得到力F的數(shù)值，在作出小車運(yùn)動的加速度a和力傳感器讀數(shù) F的關(guān)系圖象，故選 C.【點(diǎn)睛】對于實(shí)驗(yàn)我們要明確實(shí)驗(yàn)原理、具體實(shí)驗(yàn)操作以及數(shù)據(jù)處理等，同時要清楚每一項(xiàng)操作存在的理由，只有掌握好了基本知識和基本方法才能順利解決實(shí)驗(yàn)題目，所以要重視基本知識和基本方法的學(xué)習(xí)和 訓(xùn)練.11.某同學(xué)測量0.5mm自動鉛筆筆芯的電阻.(1)先用歐姆表估測筆芯的電阻，在測量前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié) (選填“T或者“S”.)用“X1皚和"X擋按正確步驟分別測量，指針指在圖乙所示位置.則筆芯電阻的測量值較為準(zhǔn)確的是 Q.(2)再用如圖丙所示的電路測定

18、筆芯電阻，相關(guān)器材的規(guī)格已在圖中標(biāo)出，請根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求在圖丙中用筆畫線代替導(dǎo)線完成實(shí)物電路連接. (3)正確連接電路后，調(diào)節(jié)滑動變阻器，多次測量，將數(shù)據(jù)描在aT二:77- ，工寮中 7 U-I坐標(biāo)紙上，請根據(jù)圖丁中描出的點(diǎn)畫出U-I圖線.并求筆芯接入電路的電阻為 Q.(1) T(2). 18(3). (2)(4).【解析】【分析】(1)根據(jù)指針偏轉(zhuǎn)的位置確定倍率擋，然后讀數(shù)；(2)因電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻，故采用電流表外接；滑動變阻器用分壓電路；(3)畫出U-I圖像，根據(jù)斜率求解電阻；【詳解】 在測量前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)調(diào)節(jié) T；用“X 10檔”和“X 1”檔按正確步驟分別測

19、量，根據(jù)指針?biāo)疚恢每芍谩癤10T偏角過大，倍率擋過大，則應(yīng)該選擇“X擋，筆芯電阻的測量值較為準(zhǔn)確的是18a ；(2)因電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻，故采用電流表外接；滑動變阻器用分壓電路；實(shí)物連線如圖；(3)畫出的U-I圖像如圖;根據(jù)圖像可知：R U 8.414 .I 0.6【點(diǎn)睛】對于多用電表歐姆擋測電阻換擋方法要熟記：“大換小，小換大”，即偏轉(zhuǎn)角度大時，換用倍率 小的擋位；偏轉(zhuǎn)角度小時，換用倍率大的擋位.【選修3-5】12.下列說法中正確的是（）A.陰極射線的發(fā)現(xiàn)，使人們認(rèn)識到原子核內(nèi)部存在復(fù)雜結(jié)構(gòu)B.某原子核經(jīng)過一次衰變和兩次衰變后，核內(nèi)中子數(shù)減少 4個C.比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)

20、合的越牢固，原子核越穩(wěn)定D.給運(yùn)動的微觀粒子加速，可以增大其德布羅意波波長【答案】BC【解析】【詳解】A.陰極射線的發(fā)現(xiàn)，使人們知道原子還可以再分，不能得出原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)，故A錯誤；B.經(jīng)過一次 衰變，電荷數(shù)少2,質(zhì)量數(shù)少4,經(jīng)過一次衰變，電荷數(shù)多1,質(zhì)量數(shù)不變，則某原子核經(jīng)過一次 衰變和兩次衰變后，電荷數(shù)不變，質(zhì)量數(shù)少4,可知核內(nèi)中子數(shù)少 4,故B正確；C.比結(jié)合能越大，原子核中的核子結(jié)合越牢固，原子核越穩(wěn)定，故 C正確；D.給微觀粒子加速，動量增大，根據(jù)“知物質(zhì)波波長減小，故 D錯誤.P13.在光電效應(yīng)試驗(yàn)中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長為0,該金屬的逸出功為 。若用波長為（ 0 ）單色光做

21、實(shí)驗(yàn)，則其遏止電壓為 。已知電子的電荷量，真空中的光速和布朗克常量分別為e, c和ho,chc 0【答案】（1）. h（2）.00e 0【解析】c【詳斛】由W逸h極限和 一得 cW逸 h 一0由愛因斯坦質(zhì)能方程cEk h- W逸EkU截止e14.1930年英國物理學(xué)家考克饒夫和瓦爾頓建造了世界上第一臺粒子加速器，他們獲得了高速運(yùn)動的質(zhì)子,用來轟擊靜止的鋰原子核（3Li ）,形成一個不穩(wěn)定的復(fù)合核后分解成兩個相同的原子核。（1）寫出核反應(yīng)方程式;（2）已知質(zhì)子的質(zhì)量為m,初速度為vo,反應(yīng)后產(chǎn)生的一個原子核速度大小為1.5vo,方向與質(zhì)子運(yùn)動方向相同，求反應(yīng)過程中釋放的核能。（設(shè)反應(yīng)過程釋放的核

22、能全部轉(zhuǎn)變?yōu)閯幽埽敬鸢浮?1)3Li+；H24He； (2)57mv28【詳解】（1）核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒73Li+1H24He（2）核反應(yīng)過程，動量守恒mv0 4m 1.5v0 4mv根據(jù)能量守恒定律L 1，、，E -(4 m)1.5v02,2124mvmv02572一mvo8【選修3-3】15.下列說法正確是（A.雨水沒有透過布雨傘是因?yàn)橐后w表面存在張力B.布朗運(yùn)動反映了懸浮顆粒中分子運(yùn)動的不規(guī)則性C.D.單晶體的某些物理性質(zhì)具有各向異，t【答案】AD【詳解】A.雨水由于表面張充氣后氣球會膨脹，這是由分子斥力）A正確;C錯誤;B.布朗運(yùn)動反映了液體分子運(yùn)動的不規(guī)則性，B錯

23、誤；C.充氣后氣球會膨脹，這是氣體壓強(qiáng)造成的，與分子間作用力無關(guān)，D.單晶體的某些物理性質(zhì)具有各向異性，而多晶體和非晶體都是各向同性的，D正確。故選AD 。16.冬天和夏天相比，冬天氣溫較低，水的飽和汽壓值 (選填 較大“、較小”)，在相對濕度相同的 情況下，冬天的絕對濕度 (選填較大"、較小”).【答案】較小較小12.絕對濕度空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)，巾強(qiáng)的百分比，根據(jù)求解空氣的相對濕度,對濕度相同的情況下，冬天的絕對濕度較【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是理解并掌解答，難度一般.17.如圖所示,，定質(zhì)量的理想氣體從狀已知?dú)怏w在狀態(tài)A的體積VA3.0(1)氣體在狀態(tài)C時的體積;(2)氣體A-B

24、-CA的整個過程中氣力氣的壓強(qiáng)，蹩&度等于實(shí)際的空壓強(qiáng)和同溫度下飽和水氣壓 冬天和匕，冬天的氣溫的飽和汽壓值較小，在相交簽對濕度和相的根據(jù)相對濕度白式即可正確向狀態(tài)、態(tài)C, 從狀態(tài)C回到狀態(tài)Ao .m3 ,從B至過程中氣體對寐功10O0J。求：、7【答案】(1)9.0 10 3m3; (2)400J【解析】詳解】(1)氣體從C A,發(fā)生等壓變化空=VATc - Ta解得VC9.0 10 3m3(2)氣體從AB,根據(jù)查理定律 P C可知?dú)怏w發(fā)生等容變化，則TWab 0氣體從B C,氣體膨脹對外做功，則WBC = 1000J氣體從C A,氣體體積減小，外界對氣體做功，則Wca Pc(Vc

25、Va)600J全過程中W Wab Wbc Wca400J初末狀態(tài)溫度相同，所以全過程U 0根據(jù)熱力學(xué)第一定律U Q W得吸收熱量Q W 400J四、計算題：本題共3小題，共計47分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演 算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。18.如圖所示，水平面上固定不計電阻的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ,間距L=0.5m。兩金屬棒ab、cd垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好，兩棒的質(zhì)量均為m=0.1kg, cd棒電阻R=3Q, ab棒電阻r=1Q,兩棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為0.5,且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。 整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度

26、 B=2.0T、方向豎直向下的勻 強(qiáng)磁場中。棒ab在水平向右的恒力 F作用下由靜止開始運(yùn)動，當(dāng) ab棒運(yùn)動位移x=1m時達(dá)到最大速度，此 時cd棒剛好開始運(yùn)動，求： (1)恒力F的大?。?2)ab棒由靜止到最大速度的過程中通過 ab棒的電荷量q;(3)ab棒由靜止到最大速度的過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱Q。A ?口XXXKXXFMXKXMMMt尸【答案】(1)1N; (2)0.25C; (3)0.3J【解析】【詳解】(1)棒ab達(dá)到最大速度時，所受合外力為0,所以對abmg對cdmg解得F 2 mg 1N(2)電荷量為q I tE- t Lt R r R r R r解得BLxR r25Jc3 10.

27、25C(3)棒ab達(dá)到最大速度時，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知I BLvR r又BIL mg根據(jù)能量守恒定律12八Fx mgx Q mv 02解得Q 0.3J4mg 19.如圖1所示，小球B和物塊C質(zhì)量均為m, B、C由一勁度系數(shù)k 一的輕質(zhì)彈簧連接，靜止豎直立 l于水平桌面上。如圖 2所示，某同學(xué)設(shè)計了一個把 C提離桌面的小實(shí)驗(yàn)，把輕繩一端與B球連接，另一端穿過一豎直光滑的細(xì)管后與質(zhì)量也為m的小球A相連，用手托住A球，使繩子自然伸直，此時繩子無張力,OA長為l?，F(xiàn)保持細(xì)管頂端 O點(diǎn)高度不變，輕輕搖動細(xì)管，讓小球A轉(zhuǎn)動一段時間后，物塊 C剛好被提離桌面，此時A在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，如圖 3所示。求：(1)從游戲開始到物塊 C剛好被提離桌面的過程中，B球上升的高度；(2)物塊C剛好被提離桌面時，OA繩與豎直方向間的夾角。及小球A的線速度大小;(3)從開始搖動細(xì)管到物塊 C剛好被提離桌面的過程中，手所做的功。* c_圖1四2【答案】(1)L ； (2)60 , 3; (3：22【解析】【詳解】(1)設(shè)圖1中彈簧的壓縮量為對CB球上升高度(2)對A豎直方向水平方向?qū)解得(3)AB組成的系統(tǒng)在此過程中，因?yàn)?#163;13)15mglxi,物塊C剛離地時彈簧的伸長