2015年重慶市高考物理試卷答案與解析

1、下載可編輯.專業(yè).整理.2015 年重慶市高考物理試卷、選擇題（共 5 5 小題，每小題 6 6 分，滿分 3030 分）1.1.（ 6 6 分）（20152015 重慶）圖中曲線 a a、b b、c c、d d 為氣泡室中某放射物發(fā)生衰變放出的部分粒子的徑跡，氣泡室中磁感應強度方向垂直于紙面向里.以下判斷可能正確的是（）A A.a a、b b 為B粒子的徑跡B B.a a、b b 為丫粒子的徑跡C C.c c、d d 為a粒子的徑跡D D.c c、d d 為B粒子的徑跡考 洛侖茲力；X X 射線、a射線、B射線、丫射線及其特性.占：八、分 該題通過帶電粒子在磁場中運動，考查三種射線的特性，a

2、射線帶正電荷，在磁場中析：根據左手定則判定向右偏轉；B射線帶負電荷，偏轉的方向與a射線相反；丫射線不 帶電，不偏轉，由此可以判定.解 解：射線在磁場中向右運動時，帶正電荷射線，根據左手定則可以判斷它將向上偏答：轉，帶負電荷射線，可以判斷它將向下偏轉，不帶電射線,不偏轉，由此可以判定a a、b b 帶正電，c c、d d 帶負電，所以 ABCABC 錯誤，D D 正確.故選:D D下載可編輯.專業(yè).整理.點該題通過帶電粒子在磁場中運動考查射線的特性，可以根據左手定則進行判定 .屬下載可編輯.專業(yè).整理.評：于簡單題目2.2.（ 6 6分）（20152015 潼慶）宇航員王亞平在 天宮 1 1 號

3、”飛船內進行了我國首次太空授課，演示了一些完全失重狀態(tài)下的物理現(xiàn)象.若飛船質量為 m m，距地面高度為 h h，地球質量為M M ,半徑為 R R,引力常量為 G G,則飛船所在處的重力加速度大小為（）考萬有引力定律及其應用占：八、專 設計與制作題.題：分飛船在距地面高度為 h h 的位置，由萬有引力等于重力列式求解重力加速度解 解：飛船在距地面高度為 h h 處，由萬有引力等于重力得故選:B BGM答:GMm(R h)2解得：GM(R h)2下載可編輯.專業(yè).整理.點本題考查萬有引力的應用，要能根據公式求解重力加速度評：題.,難度不大，屬于基礎下載可編輯.專業(yè).整理.3.3.（ 6 6 分）

4、（20152015 潼慶）高空作業(yè)須系安全帶，如果質量為 m m 的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶隊人剛剛產生作用前人下落的距離為h h（可視為自由落體運動）.此后經歷時間 t t 安全帶達到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為（）故選:A A點本題關鍵是明確物體的受力情況和運動情況，然后對自由落體運動過程和全程封閉評：列式求解，注意運用動量定理前要先規(guī)定正方向.占：八、 、專動量定理應用專題題:12先根據h gt求解自由落體運動的時間；然后對運動全程根據動量定理列式求解2平均拉力解：對自由落體運動，有：hjs規(guī)定向下為正方向，對運動的全

5、程，根據動量定理，有：mg（l t） - Ft = 0解得：m2ghmg下載可編輯.專業(yè).整理.4.4.（ 6 6 分）（2012015 5潼慶）如圖為無線電充電技術中使用的受電線圈示意圖，線圈匝數(shù)為n n ,面積為 S,S,若在 t ti到 t t2時間內，勻強磁場平行于線圈軸線向右穿過線圈，其磁感應強度A A 恒為nS（B2-Bi）t_tinS（ B?_ B）t2 -ti考 法拉第電磁感應定律占：八、分 穿過線圈的磁感應強度均勻增加，故感應電動勢為定則；根據法拉第電磁感應定律析：列式求解感應電動勢即可 解 解：穿過線圈的磁感應強度均勻增加，故產生恒定的感應電動勢 ，根據法拉第電磁B B2,

6、則該段時間線圈兩端 a a 和 b b 之間的電勢差 忙Ob是（）2,B B 從 0 0 均勻變化到nS（ B?- B）D D -從 0 0 均勻變化到nS（ B2- BJ下載可編輯.專業(yè).整理.答：BB2- Bq感應疋律，有：E = n = nS = nS-AtAtt2 ti根據楞次定律,如果線圈閉合，感應電流的磁通量向左，故感應電動勢順時針 （從 右側看），故Oamgmg ,然后向上做勻加速直線運動 ，根據牛頓第二定律得，F(xiàn) F- mg=mamg=ma ,解得 F=mg+maF=mg+mamgmg ,然后做勻速直線運動，F(xiàn)=mgF=mg ,最后向上做勻減速直線運動 ，根據牛頓第二定律得，m

7、gmg - F=maF=ma ,解得 F=mgF=mg - mamavmgmg .故 B B 正確，A A、C C、D D 錯誤.故選：B B.點解決本題的關鍵通過速度時間圖線得出加速度的變化，從而結合牛頓第二定律進行評：求解，難度不大.二、非選擇題（本大題共 5 5 小題，共 6868 分）6.6.（ 9 9 分）（20152015 潼慶）同學們利用如圖所示方法估測反應時間.首先，甲同學捏住直尺上端，使直尺保持豎直狀態(tài)，直尺零刻度線位于乙同學的兩指之間.當乙看見甲放開直尺時，立即用手指捏直尺，若捏住位置刻度讀數(shù)為 x x,則乙同學的反應時間為 _ （重力加速度為 g g）.基于上述原理，某同

8、學用直尺制作測量反應時間的工具，若測量范圍為 0 00.4s0.4s,則所用直尺的長度至少為 _cmcm （g g 取 10m/s10m/s2）；若以相等時間間隔在該直尺的另一面標記出表示下載可編輯.專業(yè).整理.反應時間的刻度線,則每個時間間隔在直尺上對應的長度是 _ 的（選填 相等”或 不相等”）.下載可編輯.專業(yè).整理.考 勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用；自由落體運動.占：八、專 直線運動規(guī)律專題.題：分 直尺做的是自由落體運動 ，根據自由落體運動計算下降的時間，直尺下降的時間就析： 是人的反應時間，根據勻變速直線運動的規(guī)律分析相等時間間隔內位移的變化規(guī)律.解：直尺下降的時間即為自由落體運動

9、的時間12根據X gt可得：t L2即乙同學的反應時間為t = 2x.測量范圍為 0 04s4s,則所用直尺的長度即為自由落體下降4s4s 的位移的大小，1212即h gt 10 0.4 = 0.8m = 80cm2 2自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，根據勻加速直線運動的規(guī)律可知同芳解答:下載可編輯.專業(yè).整理.在相等時間間隔通過的位移是不斷增加的，所以每個時間間隔在直尺上對應的長度下載可編輯.專業(yè).整理.是不相等的故答案為本題自由落體運動規(guī)律在生活的應用，自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，結合自由落體運動考查了勻加速直線運動的規(guī)律相RX7 7.（1010 分）2015201

10、5 重慶）同學們測量某電阻絲的電阻R Rx,所用電流表的內阻與當，電壓表可視為理想電壓表E4a+RXF b11、0.90.30.70.60.5二三R.道一一下載可編輯.專業(yè).整理.1若所用圖 1 1 所示電路進行實驗，要使得 R Rx的測量值更接近真實值，電壓表的 a a 端應連接到電路的_點（選填“b b 或 “c c”）.2測得電阻絲的 U U- I I 圖如圖 2 2 所示，則 R Rx為_Q（保留兩位有效數(shù)字）3實驗中，隨電壓進一步增加電阻絲逐漸進入熾熱狀態(tài)，某同學發(fā)現(xiàn)對熾熱電阻絲吹氣，其阻值會變化.他們對此現(xiàn)象進行探究，在控制電阻絲兩端的電壓為10V10V 的條件下，得到電阻絲的電阻

11、 R Rx隨風速 v v （用風速計測）的變化關系如圖 3 3 所示.由圖可知當風速增加 時，R Rx會_ （選填 增大”或 減小”）在風速增加過程中，為保持電阻絲兩端電壓為10V10V,需要將滑動變阻器 RW的滑片向_端調節(jié)（選填“M M 或 “NN）.4為了通過電壓表的示數(shù)來顯示風速 ，同學們設計了如圖 4 4 所示的電路，其中 R R 為兩只阻 值相同的電阻，R Rx為兩根形同的電阻絲，一根置于氣流中，另一根不受氣流影響， 為 待接入的理想電壓表如果要求在測量中，風速從零開始增加，電壓表的示數(shù)也從零開始增加，則電壓表的“ + +端和端應分別連接到電路中的 _點和_點（在“a a” “b

12、b”中:”“d d” 選填）.考 描繪小電珠的伏安特性曲線 占：八、專 實驗題題：分 根據準確性原則可確定電流表的接法 ，進而選出電壓表所接在電路的位置 ； 析： 圖象的斜率表示電阻的阻值 ，由圖象確定斜率即可；根據圖象可知，電阻隨風速的增大而減?。辉俑鶕⒙?lián)電路的分壓原理可明確滑 片如何滑動；分析電路結構，找出兩點的電勢差能從零開始變化的點即可解 解：因電流表內阻接近待測電阻，故若用內接法誤差很大，應采用電流表外接下載可編輯.專業(yè).整理.答：法；故 a a 端應接在 c c 點；4 22圖象的斜率表示電阻的阻值 ，則其阻值;2.13由圖可知，電阻的阻值隨風速的增加而減??；當電阻減小時，并聯(lián)部

13、分電阻減小，為了讓其分壓仍為 10V10V，滑動變阻器的阻值應向上移動，從而維持上下電阻之比恒定；4風速從零增加時，置于氣流中的電阻減小，其他電阻不變，要使電壓表示數(shù)從零開始增加，電壓表的正負極只能接在b b、d d 兩點；其他各點之間電勢差均不可能為零；故答案為：c c；2.12.1 :減?。籑 M :b b、d d點本題考查電學實驗中的基本內容，要求能正確理解題意，把握好圖象的正確應用評： 同時能對電路進行分析，并能準確掌握電壓的定義；最后一問中要注意電壓表從零開始調節(jié)的含義&(&( 1515 分)(20152015 重慶)音圈電機是一種應用于硬盤 、光驅等系統(tǒng)的特殊電動機

14、.如圖 是某音圈電機的原理圖，它是一對正對的磁極和一個正方形剛性線圈構成，線圈邊長為L L,匝數(shù)為 n n,磁極正對區(qū)域內的磁感應強度方向垂直于線圈平面豎直向下，大小為 B B,區(qū)域外的磁場忽略不計.線圈左邊始終在磁場外，右邊始終在磁場內，前后兩邊在磁場內的 長度始終相等某時刻線圈中電流從 P P 流向 Q Q,大小為 I I (1)求此時線圈所受安培力的大小和方向(2)若此時線圈水平向右運動的速度大小為v v,求安培力的功率.下載可編輯.專業(yè).整理.考 安培力占：八、分 （1 1）由左手定則即可判斷出安培力的方向，由 F=BILF=BIL 即可求出安培力的大?。晃觯?（2 2）由功率的公式：

15、P=FvP=Fv 即可求出安培力的功率；解 解：（1 1）由圖可知，線圈的平面與磁場的方向垂直，由左手定則可得，線圈的里邊答：與外邊受到的安培力大小相等，方向相反，相互抵消；線圈右邊電流的方向向外，根據左手定則可得，受到的安培力的方向水平向右由于線圈的平面與磁場的方向垂直，所以線圈所受安培力的大?。篎=nBILF=nBIL （2 2）線圈在安培力的作用下運動，根據功率的表達式可知：P=Fv=P=Fv= nBILvnBILv .答：（1 1）線圈受到的安培力的大小為nIBLnIBL 方向：水平向右；（2 2）安培力的功率為 nIBLvnIBLv.點 該題中線圈平面與磁場的方向垂直，根據安培力的公

16、式 F=BILF=BIL 可以直接計算安培力 評： 的大小，要注意的是線圈有 n n 匝，所以線圈受到的安培力在單根導線上的n n 倍.9 9.（ 1616 分）（20152015 重慶）同學們參照伽利略時期演示平拋運動的方法制作了如圖所示的實驗裝置圖中水平放置的底板上豎直地固定有M M 板和 N N 板.M M 板上部有一半徑為 R R 的1/41/4 圓弧形的粗糙軌道，P P 為最高點，Q Q 為最低點，Q Q 點處的切線水平，距底板高為 H H. N N 板上固定有三個圓環(huán)將質量為 m m 的小球從 P P 處靜止釋放,小球運動至 Q Q 飛出后無阻礙地下載可編輯.專業(yè).整理.通過各圓環(huán)

17、中心，落到底板上距 Q Q 水平距離為 L L 處.不考慮空氣阻力，重力加速度為 g g 求：(1 1 )距 Q Q 水平距離為 L/4L/4 的圓環(huán)中心到底板的高度(2(2)小球運動到 Q Q 點時速度的大小以及對軌道壓力的大小和方向考 向心力；平拋運動占：八、專勻速圓周運動專題題：分 (1 1)根據平拋運動的特點，將運動分解即可求出；析：(2 2)根據平拋運動的特點，即可求出小球運動到 Q Q 點時速度的大小；在 Q Q 點小球受到的支持力與重力的合力提供向心力，由牛頓第二定律即可求出小球受到的支持力的大??；最后有牛頓第三定律說明對軌道壓力的大小和方向；(3)小球從 P P 到 Q Q 的

18、過程中，重力與摩擦力做功，由功能關系即可求出摩擦力對小 球做的功.解解：(1 1)小球從 Q Q 拋出后運動的時間：t t = =(3(3)摩擦力對小球做的功下載可編輯.專業(yè).整理. 答：水平位移：L =v0t下載可編輯.專業(yè).整理.L小球運動到距Q Q 水平距離為 L/2L/2 的位置時的時間：tt=-=- VQ21此過程中小球下降的高度 ：h二qt 22a1聯(lián)立以上公式可得：h=H43圓環(huán)中心到底板的高度為 ：H - H H；44(2)由得小球到達Q點的速度：vQ丄二L g-t V2H聯(lián)立得：FN二mg(1 L)2HR向下12mgRmvQWf2聯(lián)立得：W沁J2一R)4H在 Q Q 點小球受

19、到的支持力與重力的合力提供向心力2emvQ，得：FN- mqR由牛頓第三定律可得，小球對軌道的壓力的大小L2Frmg(2HR)方向：豎直(3(3)小球從 P P 到 Q Q 的過程中，重力與摩擦力做功，由功能關系得答：(1 1)到底板的高度：3H4(2(2)小球的速小球對軌道的壓力的大?。簃g(1 )方2HR向：豎直向下；(3(3)摩擦力對小球做的功mg(- R)4下載可編輯.專業(yè).整理.該題是平拋運動、功能關系以及圓周運動的綜合題，該題中要熟練掌握機械能守恒下載可編輯.專業(yè).整理.評： 定律，能量守恒定律，以及圓周運動的臨界問題1010 .（ 1818 分）（20152015 重慶）圖為某種

20、離子加速器的設計方案.兩個半圓形金屬盒內存在相同的垂直于紙面向外的勻強磁場.其中 MNMN 和 M M N N 是間距為 h h 的兩平行極板，其上分別有正對的兩個小孔 O O 和O,O N=ON=d=ON=d P P 為靶點，o o p=kdp=kd （k k 為大于 1 1 的整數(shù)）.極板 間存在方向向上的勻強電場，兩極板間電壓為 U U.質量為 m m、帶電量為 q q 的正離子從 O O 點由靜止開始加速，經 OO進入磁場區(qū)域.當離子打到極板上 OO N N 區(qū)域（含 NN點）或外殼上時 將會被吸收.兩虛線之間的區(qū)域無電場和磁場存在，離子可勻速穿過.忽略相對論效應和離子所受的重力.求：

21、（1 1） 離子經過電場僅加速一次后能打到P P 點所需的磁感應強度大小；（2 2） 能使離子打到 P P 點的磁感應強度的所有可能值；（3 3）打到 P P 點的能量最大的離子在磁場匯總運動的時間和在電場中運動的時間考 帶電粒子在勻強磁場中的運動 ；質譜儀和回旋加速器的工作原理.占：八、分（1 1）對直線加速過程，根據動能定理列式；對在磁場中圓周運動過程 ，洛倫茲力提析： 供向心力，根據牛頓第二定律列式；最后聯(lián)立求解即可；下載可編輯.專業(yè).整理.（2 2）為了使離子打到 P P 點，粒子可以加速 1 1 次、2 2 次、3 3 次、，對加速過程根據動下載可編輯.專業(yè).整理.能定理列式，對在磁

22、場中圓周運動過程根據牛頓第二定律列式；要考慮臨界條件一次加速后要達到虛線區(qū)域(3(3)打到 P P 點的能量最大的離子加速次數(shù)最大；在電場向上中是勻加速全程根據動量定理求解時間；在磁場中是勻速圓周運動，根據周期和圓心角求解時間 1解：(1 1)在電場中的直線加速過程，根據動能定理，有：qUmv222v在磁場中，根據牛頓第二定律,有：qvB = mkd聯(lián)立解得磁感應強度大?。築 =2 2Uqmqkd12(2 2)在電場中的第一次直線加速過程，根據動能定理，有：qUmv；22在磁場第一次圓周運動過程中 ，根據牛頓第二定律，有：qviB = m1ri其中：r ri d/2d/2一12在電場中的前 n

23、 n 次直線加速過程，根據動能定理，有：nqU mv22在磁場中第 n n 次圓周運動過程，根據牛頓第二定律，有：qvB =kd2聯(lián)立解得：(n=1(n=1 , 2 2 , 3 3, 4 4，k k2- 1 1 解答:2 , 2nUqmqkd下載可編輯.專業(yè).整理.(3)(3)在電場中 n n 次運動都是加速，可以當作一個勻加速直線運動進行考慮根據式，最大速度為下載可編輯.專業(yè).整理.根據動量定理，有：qUt = mvd打到 P P 點的能量最大的離子加速次數(shù)最大，為：n=kn=k2- 1 1周期：T= mqBn故在磁場中的運動時間為 ：t t答：（1 1）離子經過電場僅加速一次后能打到P P

24、 點所需的磁感應強度大小為2 2Uqm.;qkd（2 2）能使離子打到 P P 點的磁感應強度磁感應強度的可能值為 2 2 , 3 3, 4 4，k k2-1)；本題是回旋加速器的改進 ，電場方向不需要周期性改變 ，關鍵是明確粒子的運動規(guī)律，然后結合牛頓第二定律和運動學公式列式求解三、選做題（第 1010 題和第 1111 題各 1212 分，從中選做一題，若兩題都做，則按第 1010 題計分） 選修 3-33-31111.（ 1212 分）（20152015 重慶）某駕駛員發(fā)現(xiàn)中午時車胎內的氣壓高于清晨時的，且車胎體2（3 3）在磁場中運動的時間為（2k7mkd-;在電場中運動的時間為2 ”

25、2qUm（k2-1）h2(k2-1)m qU聯(lián)立解得：t =2(k2-1)mqU在磁場中做圓周運動,為（n-1/2n-1/2 ）圈，即（k k2-3/2-3/2 ）圈；根據式，Bn_2.2（k21）qUmqkd2(2k -3)二mkd聯(lián)立解得：t .2j2qUm(k2-1)2 2nUqm-(n=1n=1 ,qkd下載可編輯.專業(yè).整理.積增大.若這段時間胎內氣體質量不變且可視為理想氣體，那么（）A. 1外界對胎內氣體做功，氣體內能減小B. 1外界對胎內氣體做功，氣體內能增大C C.丿抬內氣體對外界做功，內能減小D D.丿抬內氣體對外界做功，內能增大考理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第一定律.占：八、

26、專熱力學定理專題.題：分根據理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的溫度的變化，根據熱力學第一定律分析內能的析：變化.PV解 解：根據理想氣體的狀態(tài)方程：C可知輪胎內的壓強增大、體積增大，則溫答：度一定升高.氣體的溫度升高，內能一定增大.氣體的體積增大的過程中，對外做功.故選:D D點該題考查理想氣體的狀態(tài)方程與熱力學第一定律，熱力學第一定律是能量守恒定律評：的特殊情況，可以從能量轉化和守恒的角度理解 .應用時關鍵抓住符號法則：使氣 體內能增加的量均為正值 ，否則為負值.下載可編輯.專業(yè).整理.1212 .（ 20152015 重慶）北方某地的冬天室外氣溫很低,吹出的肥皂泡會很快凍結.若剛吹出時肥皂泡內氣體溫度為 T Ti,壓強為 P Pi,肥皂泡凍住后泡內氣體溫度降為T T2.整個過程中泡內氣體視為理想氣體，不計體積和質量變化,大氣壓強為 P Po.求凍結后肥皂膜內外氣體的 壓強差.考 理想氣體的狀態(tài)方程.占：八、專 理想氣體狀態(tài)方程專題.題：分 對泡內氣體分析，由等容變化規(guī)律可求得凍結后的壓強，即可求得壓強差.析：解 解：對泡內氣體有查理定律可知：R-M-ETiT2答：解得：p2=TLpiTi內外壓強差為：P2-P0=TLP1-P0Ti答：凍結后肥皂膜內外氣體的壓強差為E P - RTi點 本題考查氣體的等容變化 ，要注意明確本題中泡內氣體的體積視為不變；故直接由評：查理定律