安徽省定遠(yuǎn)縣藕塘中學(xué)2018屆高三物理11月段考試題(含解析)

1、安徽省定遠(yuǎn)縣藕塘中學(xué) 2018 年 11 月高三年級(jí)段考卷物理試題一、選擇題1.下列說(shuō)法符合物理史實(shí)的是A.伽利略通過(guò)構(gòu)思的理想實(shí)驗(yàn)指出：在水平面上運(yùn)動(dòng)的物體若沒(méi)有摩擦，將保持這個(gè)速度一 直運(yùn)動(dòng)下去；從而得出結(jié)論是：力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置比較準(zhǔn)確地測(cè)出了引力常量GC. 天文學(xué)家開(kāi)普勒通過(guò)天文觀測(cè)并總結(jié)了前人關(guān)于天體運(yùn)動(dòng)的研究提出開(kāi)普勒三大定律D. 在現(xiàn)實(shí)生活中不存在真正的質(zhì)點(diǎn)， 將實(shí)際的物體抽象為質(zhì)點(diǎn)是物理學(xué)中一種重要的科學(xué)研 究方法即理想實(shí)驗(yàn)法【答案】C【解析】試題分析：伽利略通過(guò)構(gòu)思的理想實(shí)驗(yàn)指出：在水平面上運(yùn)動(dòng)的物體若沒(méi)有摩擦， 將保持這個(gè)速

2、度一直運(yùn)動(dòng)下去；從而得出結(jié)論是：力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是使物體 運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的原因，選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置 比較準(zhǔn)確地測(cè)出了引力常量 G 選項(xiàng) B 錯(cuò)誤；天文學(xué)家開(kāi)普勒通過(guò)天文觀測(cè)并總結(jié)了前人關(guān)于天體運(yùn)動(dòng)的研究提出開(kāi)普勒三大定律，選項(xiàng)C 正確；在現(xiàn)實(shí)生活中不存在真正的質(zhì)點(diǎn)，將實(shí)際的物體抽象為質(zhì)點(diǎn)是物理學(xué)中一種重要的科學(xué)研究方法一一即理想模型法，選項(xiàng)D 錯(cuò)誤；故選 C.考點(diǎn)：物理學(xué)史2.“神舟七號(hào)”飛船繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)一周需要時(shí)間約90min，“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星在工作軌道繞月球運(yùn)轉(zhuǎn)一周需要時(shí)間約 118min（ “神舟七號(hào)”和“嫦娥二號(hào)”的運(yùn)動(dòng)都可視為勻速

3、圓周運(yùn)動(dòng)）。已知“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與月球中心的距離約為“神舟七號(hào)”飛船與地球中心距離的。根據(jù)以上數(shù)據(jù)可求得A.月球與地球的質(zhì)量之比B.“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與“神舟七號(hào)”飛船的質(zhì)量之比C. 月球與地球的第一宇宙速度之比D. 月球表面與地球表面的重力加速度之比【答案】AMm2?r?47t2?I月詰?！窘馕觥?A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得，所以是定值,L1GT2M地垃T月-2 -即可以計(jì)算出月球與地球的質(zhì)量之比，所以 A 選項(xiàng)是正確的B“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星與“神舟七號(hào)”飛船是環(huán)繞天體，質(zhì)量在等式兩邊約去了，所以計(jì)算不出它們的質(zhì)量，故 B 錯(cuò)誤.C 根據(jù)第一宇宙速度的公式，因?yàn)椴恢涝虑蚝偷厍虻陌霃剑薀o(wú)法計(jì)

4、算月球與地球彳 R的第一宇宙速度之比，故 C 錯(cuò)誤GMD 星球表面的重力加速度，因?yàn)椴恢涝虑蚝偷厍虻陌霃?，故無(wú)法計(jì)算月球表面與地球表面的重力加速度之比，故 D 錯(cuò)誤綜上所述本題答案是：A3.甲、乙兩船的質(zhì)量均為 M,它們都靜止在平靜的湖面上，質(zhì)量為M 的人從甲船跳到乙船上，再?gòu)囊掖丶状?，?jīng)過(guò)多次跳躍后，最后人停在乙船上假設(shè)水的阻力可忽略，則（）A.甲、乙兩船的速度大小之比為1: 2B.甲船與乙船（包括人）的動(dòng)量相同C. 甲船與乙船（包括人）的動(dòng)量之和為零D. 因跳躍次數(shù)未知，故無(wú)法判斷【答案】C【解析】試題分析：以人與兩船組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，人在跳躍過(guò)程中總動(dòng)量守恒，初態(tài)總動(dòng)量為 0,

5、所以甲船與乙船（包括人）的動(dòng)量大小之比是1:1，而動(dòng)量的方向相反，所以甲船與乙船（包括人）的動(dòng)量不同由P=mv 知甲、乙兩船的速度與質(zhì)量成反比，所以甲、乙兩船的速度大小之比為 2: 1 .故 AB 錯(cuò)誤.以系統(tǒng)為研究對(duì)象，在整個(gè)過(guò)程中，由動(dòng)量守恒 定律知，甲船與乙船（包括人）的動(dòng)量之和為零，故C 正確，D 錯(cuò)誤故選 C.考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律【名師點(diǎn)睛】解決的關(guān)鍵知道人、兩船系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，總動(dòng)量為零，對(duì)系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析。4.如圖所示，繩子質(zhì)量、滑輪摩擦不計(jì)，物體 M 靜止在傾角為 0的斜面上，若傾角 0增大， 物體 M 仍然靜止.（連接 M端的繩子始終與斜面平行）下列判斷正確的是-3

6、 -A.繩子的拉力可能增大-4 -B. 斜面對(duì)地面的正壓力增大C. 物體M受到的靜摩擦力可能增大D. 物體M受到斜面的作用力可能增大【答案】C【解析】對(duì)物體 m 受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg 繩子拉力一定不變,故 A 錯(cuò)誤；對(duì) M m 和斜面的整體可知，地面對(duì)整體的支持力等于M m 和斜面體的重力之和,故斜面對(duì)地面的正壓力不變，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；對(duì)物體 M 受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力；如果靜摩擦力沿斜面向上，如圖：根據(jù)平衡條件得到f+T-Mgsin 0 =0; N-Mgcos 0 =0解得：f=Mgsin 0 -T=Mgsin 0 -mg; N=Mgcos 0當(dāng)

7、 0變大時(shí)，f 變大，N 變??；如果靜摩擦力沿斜面向下，同理可得到:大時(shí)，f 變小，N 變??；綜上所述可知，選項(xiàng)故 C 正確，D 錯(cuò)誤；故選 C.5.某同學(xué)把一體重秤放在電梯的地板上，他站在體重秤上隨電梯運(yùn)動(dòng)，并在下表中記錄了幾個(gè)特定時(shí)刻體重秤的示數(shù)（表內(nèi)時(shí)刻不存在先后順序），若已知 to時(shí)刻電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)，則時(shí)間t011t2t3體重秤示數(shù)（kg）45.050.040.045.0A.ti 時(shí)刻該同學(xué)的質(zhì)量并沒(méi)有變化，但所受重力發(fā)生變化B.12 時(shí)刻電梯可能向上做減速運(yùn)動(dòng)C.ti 和t2時(shí)刻電梯運(yùn)動(dòng)的方向相反f=T-Mgsin 0 =mg-Mgsin 0 ； N=Mgcos0 ;當(dāng) 0 變-5

8、 -D.t3 時(shí)刻電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)【答案】B【解析】超重和失重時(shí)物體的重力和質(zhì)量是不變的，只是對(duì)懸掛物的壓力或者支持力變化了，故 A 錯(cuò)誤；12 時(shí)刻物體處于失重狀態(tài)，電梯的加速度方向向下，可能向上做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；ti 時(shí)刻物體處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，電梯的加速度方向向上，所以t 1 和 t 2 時(shí)刻電梯的加速度方向相反， 但是速度不一定相反， 選項(xiàng) C 錯(cuò)誤；t 3 時(shí)刻電梯受力平衡， 可能保持靜止，也可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D 錯(cuò)誤；故選 B.點(diǎn)睛：超重和失重現(xiàn)象可以運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律進(jìn)行分析理解，產(chǎn)生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產(chǎn)生失重的條件：物體的加速度方向

9、向下.6.如圖為一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化的規(guī)律圖象，曲線ABC是拋物線的一部分，則由圖可知下列說(shuō)法中正確的是（）A. 在 06 s 內(nèi)，t= 2 s 時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速率最大B. 01 s 內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C. 06 s 內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的平均速率為 1.5 m/sD. 26 s 內(nèi)質(zhì)點(diǎn)所受合力方向與速度方向相反【答案】C【解析】A、位移-時(shí)間圖象表示物體的位置隨時(shí)間的變化，圖象的斜率表示該時(shí)刻的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向，時(shí)刻斜率為零，故該時(shí)刻速率最小，為零，故選項(xiàng)A 錯(cuò)誤；B圖像的斜率為定值，則這段時(shí)間內(nèi)物體向正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；x 9m丄C、lid-.：內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的路

10、程為，則平均速率為：TI 7 ,故選項(xiàng) C 正確；ID內(nèi)圖像的斜率逐漸增大，則在這段時(shí)間內(nèi)物體向負(fù)方向做加速運(yùn)動(dòng)，其加速度方向與速度方向相同，即合力的方向與速度方向相同，故選項(xiàng)D 錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：位移-時(shí)間圖象表示物體的位這隨時(shí)間的變化.圖象上的任意一點(diǎn)表示該時(shí)刻的位垃圖象的斜-6 -率表示該時(shí)刻的速度，斜率的止負(fù)表示速度的方向，當(dāng)物體做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)合外力與速度同向，當(dāng)物體 做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)T合外力與速度反向=7. 一輕繩系住一質(zhì)量為m的小球懸掛在0點(diǎn)，在最低點(diǎn)先給小球一水平初速度，小球恰能在-7 -豎直平面內(nèi)繞0點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，若在水平半徑0P的中點(diǎn)A處釘一枚光滑的釘子，仍在最低點(diǎn)給小球同樣的初速度，則

11、小球向上通過(guò)P點(diǎn)后將繞A點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則到達(dá)最高點(diǎn)N時(shí)，繩子的拉力大小為（）A. 0 B. 2mgC. 3mgD. 4mg【答案】C【解析】能越過(guò)最高點(diǎn)的則有：mg =解得:v = /gR；則由機(jī)械能守恒定律可知：mg2R二解得初速度切二V5gR根據(jù)機(jī)械能味恒在最高點(diǎn) N的速度為V,則：扌二；腫+mg（R + D.5R）-根據(jù)向心力公式：T + mg二還-2聯(lián)立得：T = 3mqT故選項(xiàng)C正確匚點(diǎn)睛：小球在最高點(diǎn)時(shí)，由重力和輕繩的拉力的合力提供小球的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解繩子的拉力大小。8.如圖所示，小球在水平拉力作用下，以恒定速率v沿豎直光滑圓軌由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過(guò)程中拉力的瞬時(shí)功

12、率變化情況是（）*_.LAA.逐漸減小 B.逐漸增大C.先減小，后增大D.先增大，后減小-8 -【答案】B【解析】試題分析：因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力 G 水平拉力 F、軌道的支持力三者的合力必是沿半徑指向0 點(diǎn)設(shè)球與圓心的連線與豎F直方向夾角是 B,則：（F 與 G 的合力必與支持力在同一直線上）得：F=GtanB，而G水平拉力 F 的方向與速度 V 的方向夾角也是 0，所以水平力 F 的瞬時(shí)功率是 P=FvcosB，即 為：P=Gvsin 0，顯然，從 A 到 B 的過(guò)程中，0 是不斷增大的，所以水平拉力 F 的瞬時(shí)功率是 一直增大的.故 B 正確，

13、ACD 昔誤.故選 B?？键c(diǎn)：功率【名師點(diǎn)睛】 解決本題的關(guān)鍵掌握瞬時(shí)功率的表達(dá)式P=FVCOS a，注意 a 為 F 與速度的夾角。9.如圖所示，水平桌面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連彈簧處于自然長(zhǎng)度時(shí)物塊位于 0 點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）物塊的質(zhì)量為 m AB= a,物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩.現(xiàn)用水平向右的力將物塊從 0 點(diǎn)拉至 A 點(diǎn)，拉力做的功為 W.撤去拉力后物塊由靜止向左運(yùn)動(dòng)， 經(jīng) 0 點(diǎn)到達(dá) B 點(diǎn)時(shí)速度為零.重力加速度為g.則上述過(guò)程中；AAAAAAA/WBAA. 物塊在 A 點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能等于W卩 mgaB. 物塊在 B 點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能小于W卩 mgaC.

14、經(jīng) 0 點(diǎn)時(shí)，物塊的動(dòng)能小于 W-卩 mgaD. 物塊動(dòng)能最大時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能小于物塊在B 點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能【答案】BC【解析】試題分析：據(jù)題意分析：物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為 0,但加速度不一定是零，即不一定合力為 0，這是此題的不確定處彈簧作阻尼振動(dòng)，如果接觸面摩擦系數(shù)卩很小，則動(dòng)能為最大時(shí)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量小 （此時(shí)彈力等于摩擦力）,而彈簧振幅變化將很小，B點(diǎn)彈簧伸長(zhǎng)大于動(dòng)能最大點(diǎn)；如果 較大，則動(dòng)能最大時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量較大，（因彈力等于摩擦力，較大，摩擦力也較大，同一個(gè)彈簧，則需要較大伸長(zhǎng)量，彈力才可能與摩擦力平衡），而此時(shí)振幅變化很大，即振幅將變小，則物塊將可能在離O點(diǎn)很近處，就處于靜止（速度為

15、0,加速度也為-9 -0）,此時(shí)B點(diǎn)伸長(zhǎng)量可能小于動(dòng)能最大時(shí)伸長(zhǎng)量，B點(diǎn)勢(shì)能可能小于動(dòng)能最大處勢(shì)能至于物塊在A點(diǎn)或B點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能，由功能關(guān)系和動(dòng)能定理分析討論即可.如果沒(méi)有摩擦力，則O點(diǎn)應(yīng)該在AB的中點(diǎn)，由于有摩擦力，物體從A到B過(guò)程中有機(jī)械能損-10 -失，故無(wú)法到達(dá)沒(méi)有摩擦力情況下的B點(diǎn)，也即0點(diǎn)靠近B點(diǎn)故設(shè)物塊在 A 點(diǎn)時(shí)彈2簧的彈性勢(shì)能為，物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到0點(diǎn)的過(guò)程，由能量守恒定律得W.、沖再乂，則得：.八 v： ：、：,即物塊在A點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能小于 ”屮 m,故 A 錯(cuò)誤；3. If!由 A 分析得物塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停在B點(diǎn)，路程大于y -,故整個(gè)過(guò)程物體克服阻力做Z

16、2.功大于 yi，故物塊在B點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能小于、故 B 正確；從 0 點(diǎn)開(kāi)始到再丄次到達(dá) 0 點(diǎn)，物體路程大于 a,故由動(dòng)能定理得，物塊的動(dòng)能小于7. IH-i-r-.，故 C 正確；物塊動(dòng)能最大時(shí)，彈力等于摩擦力，而在B 點(diǎn)彈力與摩擦力的大小關(guān)系未知，故物塊動(dòng)能最大時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量與物塊在 B 點(diǎn)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量大小未知，故此兩位置彈性勢(shì)能大小關(guān)系不好判斷， 故 D 錯(cuò)誤。10.傾角為 0 = 37的斜面上有一重為G的物體A,A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)卩=0.5?，F(xiàn)給A施加一水平力F,如圖所示。最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等(sin 37 =0.6 , cos 37 =0.8)，物體A在斜面上靜止，

17、則水平推力F與G的比值可能的是()【答案】ABC【解析】設(shè)物體剛好不下滑時(shí)F= F 1 ，貝 U F 1 cos 0 +卩 FN= G- sin 0FN= F 1 sin 0 + G- cos 0，i sin37-0.5 x 372得G cos37p+ Q?sin3T11設(shè)物體剛好不上滑時(shí) F= F 2 ，貝 U F 2 cos 0 =卩 FN+ G- sin 0FN= F 2 sin 0 + G- cos 0OF2sin37 - 0.5 得G cos37-0 ? xsin3T2F即，故 ABC 正確，D 錯(cuò)誤；1 1 Cr故選 ABC視頻鼻-11 -11.如圖，長(zhǎng)均為 L 的兩根輕繩，一端共

18、同系住質(zhì)量為 m 的小球，另一端分別固定在等高的 A、-12 -B 兩點(diǎn)，A、B 兩點(diǎn)間的距離也為 L.重力加速度大小為 g.今使小球在豎直平面內(nèi)以 AB 為軸 做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球在最高點(diǎn)速率為v 時(shí)，兩根繩的拉力恰好均為零，則A.當(dāng)繩的拉力恰好為 0 時(shí)，小球在最高點(diǎn)的速率 二 I.B. 當(dāng)繩的拉力恰好為 0 時(shí)，小球在最高點(diǎn)的速率C. 若小球在最高點(diǎn)速率為 3v 時(shí)，每根繩的拉力大小為；D. 若小球在最高點(diǎn)速率為 3v 時(shí)，每根繩的拉力大小為【答案】BC【解析】試題分析：當(dāng)繩的拉力恰好為0 時(shí)，小球在最高點(diǎn)的速率滿足：in.-汕，則Lsin60解得：二故選項(xiàng) C 正確，D 錯(cuò)誤；故選 BC

19、 考點(diǎn)：牛頓第二定律；向心力【名師點(diǎn)睛】12.如圖所示，一圓環(huán)套在豎直光滑的桿上，桿的直徑比環(huán)的內(nèi)徑略小，圓環(huán)通過(guò)輕彈簧與 放在地面上的物塊相連，開(kāi)始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，由靜止釋放圓環(huán)，到圓環(huán)向下的速度達(dá)到最 大的過(guò)程中(此過(guò)程物塊一直保持靜止 )()3v 時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有:mg+2Tcos30 = mLsinSOA 錯(cuò)誤；當(dāng)小球在最高點(diǎn)的速率為(3v)2-13 -14 -A. 圓環(huán)受到的合力在減小B. 桿對(duì)圓環(huán)的作用力在減小C. 地面對(duì)物塊的摩擦力在減小D. 地面對(duì)物塊的支持力在增大【答案】AD【解析】A、圓環(huán)從靜止到速度最大的過(guò)程中，速度不斷增大，加速度不斷減小，所受合力不斷減小，故 A

20、 正確；B 由于環(huán)在向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，彈簧的長(zhǎng)度不斷減小，彈力不斷增大（彈簧處于壓縮狀態(tài)），彈力沿水平方向的分力不斷增大，對(duì)環(huán)水平方向研究可知，桿對(duì)圓環(huán)的作用力不斷增大，故B錯(cuò)誤；C 對(duì)整體研究，地面對(duì)物塊的摩擦力與桿對(duì)環(huán)的作用力等大反向，因此地面對(duì)物塊的摩擦力不斷增大，故 C 錯(cuò)誤；D 對(duì)系統(tǒng)整體研究可知， 由于環(huán)沿豎直方向的加速度不斷減小， 因此豎直方向根據(jù)牛頓第二 定律可以知道，物塊對(duì)地面的壓力不斷增大，地面對(duì)物塊的支持力不斷增大，故D 正確。點(diǎn)睛：本題要求同學(xué)們能正確分析圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況，知道彈簧彈力與形變量有關(guān)， 物體不動(dòng)，圓環(huán)下滑時(shí)，彈簧彈力增大，注意整體法和隔離法在解題中

21、的應(yīng)用。二、實(shí)驗(yàn)題13.“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）某次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)的指針位置如圖甲所示。其中，細(xì)繩_N。請(qǐng)將圖甲中細(xì)繩CO和BO對(duì)O點(diǎn)兩拉力的合力F合畫(huà)在圖乙上 _ 。由圖求出合力的大小F合=_ N。（保留兩位有效數(shù)字）CO對(duì)O點(diǎn)的拉力大小為|卩-15 -0 I N 0(3)某同學(xué)對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)中彈簧的勁度系數(shù)是多少很感興趣，于是，他將刻度尺與彈簧測(cè)力計(jì) 平行放置，如圖丙所示，禾 U 用讀得的數(shù)據(jù)，他得出了彈簧的勁度系數(shù)。那么，該彈簧的勁度系數(shù) k =_N/m。(保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1). 2.60 (2).(3). 4.9(4.75.1 均可).60【解析】

22、(1)根據(jù)測(cè)力計(jì)指針的指示可讀出其示數(shù)為：；(2)以一 為鄰邊，作出平行四邊形，如圖所示，對(duì)角線表示合力:由此可得出合力的大小為：I(3)根據(jù)丙圖可知，當(dāng)拉力為時(shí)，彈簧的拉伸量為:臥-1:civ由于刻度尺需要估讀在范圍二內(nèi)均正確.F 2.6N因此根據(jù)匚亠.得：，在范圍.- m - I.- m內(nèi)均正確。點(diǎn)睛：實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實(shí)驗(yàn)步驟，分析實(shí)驗(yàn)誤差，進(jìn)行數(shù)1 NI_ I-16 -(1)通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的a-F圖象， 造成這一結(jié)果的原因是： 在平衡摩擦力時(shí)木板與水平桌面的夾角 _ (選填“偏大”或“偏小”)。(2)該同學(xué)在平衡摩擦力后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)際小車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所

23、受的拉力_砝碼和盤(pán)的總重力(填“大于” “小于”或“等于”)，為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車(chē)質(zhì)量M與砝碼和盤(pán)的總質(zhì)量m滿足_的條件。該同學(xué)得到如圖丙所示的紙帶。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為50 Hz。AB、CD E、F、G是紙帶上 7 個(gè)連續(xù)的點(diǎn)。x=XDLXAD=_cm。由此可算出小車(chē)的加速度a=_m/s2。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1). 偏大 (2). 小于 (3).M?m(4). 1.80 (5). 5.0【解析】(1)根據(jù)所給的 F-a 圖像可知，當(dāng) F= 0 時(shí)，小車(chē)已經(jīng)有了加速度a。，所以肯定是在平衡摩擦力時(shí)木板與水平桌面間的傾角偏大造成的；(2)根據(jù)牛頓定律，對(duì)小車(chē)F-

24、Ma,對(duì)砝碼和盤(pán) mg- F- ma 解得 E v mg 只有當(dāng) M? mM rm時(shí)，小車(chē)受到的拉力才近似等于mg 從而減少誤差。(3)由題圖讀出XAD=2.10 cm ,XDG=3.90 cm，所以 x =XDLXAD=1.80 cm，根據(jù) x = a t2, 解得 a = 5.0 m/s2。二、計(jì)算題15.如圖甲所示，質(zhì)量為n=0.5kg 的物體置于傾角為 0 =37的固定且足夠長(zhǎng)的斜面上，t=0據(jù)處理等等。Ti ii|Hl i1lllllilllllll III 1(k rm i11456714.某同學(xué)用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證牛頓第二定律:二兩-17 -時(shí)刻對(duì)物體施以平行于斜面向上的拉力

25、F,t1=0.5s 時(shí)撤去該拉力。整個(gè)過(guò)程物體運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的部分圖像如圖乙所示。不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2, sin37 =0.6 , cos37 =0.8。求：-18 -(2)拉力F的大??；(3)物體沿斜面向上滑行的最大距離s.【答案】(1)卩=0.5 (2)F=15N (3)s=7.5m【解析】(1)由圖象可知，物體向上勻減速時(shí)加速度大小此過(guò)程! ：.：-3 :-解得 F=15N(3)由圖象可知，物體向上滑行時(shí)間1.5s向上滑行過(guò)程位移：=I216.如圖所示，在光滑水平面上有一塊長(zhǎng)為 L 的木板 B,其上表面粗糙。在其左端有一個(gè)光滑的圓弧槽 C 與長(zhǎng)木板接觸但不連接，圓弧槽的下端與木板的上表面相平, 上?，F(xiàn)有很小的滑塊 A 以初速度 V。從右端滑上 B 并以 的速度滑離 B,恰好能到達(dá) C 的最高點(diǎn)。AB、C 的質(zhì)量均為 m【答案】(1)竺 4 躺_1-0.5B C 靜止在水平面求：(1)滑塊 A 與木板B 上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)圓弧槽 C 的半徑4R。(1)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)-19 -【解析】(1)當(dāng) A 在 B 上滑動(dòng)時(shí)，A 與 BC 整體發(fā)生相互作用，由于水平面光滑，A 與 BC 組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選向左的方向?yàn)檎较?，有?20 -mv=m(-Vo)+2mv2由能量守恒得知系統(tǒng)動(dòng)能的減少量等于滑動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生