寧夏銀川市六盤山高中2015屆高考物理四模試卷(解析版)

1、2015年寧夏銀川市六盤山高中高考物理四模試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19、20、21題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1一種測(cè)定風(fēng)力的儀器的原理圖如圖所示，質(zhì)量為m的金屬球，固定在一細(xì)長的輕金屬絲下端，能繞懸掛點(diǎn)O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，無風(fēng)時(shí)金屬絲自然下垂，有風(fēng)時(shí)金屬絲將偏離豎直方向一定角度，角的大小與風(fēng)力大小有關(guān)，下列關(guān)于金屬球受到的風(fēng)力F與的關(guān)系式正確的是（）AFmgtanBFmgcotCFmgsinDFmgcos2某物體做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，據(jù)此判斷下列（F表示物體所

2、受合力，x表示物體的位移）四個(gè)選項(xiàng)中正確的是（）AB CD3如圖所示，平行板電容器的兩板與電源相連，板間同時(shí)有電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，一個(gè)帶電荷量為+q的粒子以v0為初速度從兩板中間沿垂直電磁場(chǎng)方向進(jìn)入，穿出時(shí)粒子的電勢(shì)能增加了若想使這個(gè)帶電粒子以v0沿原方向勻速直線運(yùn)動(dòng)穿過電磁場(chǎng)，可采用的辦法是（）A減小平行板的正對(duì)面積B增大極板間距 C減小磁感應(yīng)強(qiáng)度BD增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B4如圖，兩根平行的光滑導(dǎo)軌豎直放置，處于垂直軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿ab接在兩導(dǎo)軌之間，在開關(guān)S斷開時(shí)讓ab自由下落，ab下落過程中始終保持與導(dǎo)軌接觸良好，設(shè)導(dǎo)軌足夠長，電阻不計(jì)ab下落一段時(shí)間后開關(guān)閉合，從開關(guān)

3、閉合開始計(jì)時(shí)，ab下滑速度v隨時(shí)間變化的圖象不可能是（）ABCD5如圖所示，一根通電直導(dǎo)線垂直放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，以導(dǎo)線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)，已知c點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則下列說法中正確的是（）A直導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里 Bd點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0Ca點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向向右 Db點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向斜向下，與B成45角620013年6月20日，我國成功實(shí)施了首次天地授課，天宮一號(hào)中的航天員向我國億萬學(xué)生和其他觀眾演示并講解了失重環(huán)境下的奇妙現(xiàn)象，激發(fā)了人們對(duì)航天事業(yè)的高度關(guān)注根據(jù)天宮一號(hào)中發(fā)生的現(xiàn)象，下列解釋不正確的是（）A天宮一號(hào)中的人

4、和物體都不受地球引力 B天宮一號(hào)中的人和物體都沒有慣性C相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都處于平衡狀態(tài)D相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都處于失重狀態(tài)7如圖，兩個(gè)初速度大小相同的同種離子a和b，從O點(diǎn)沿垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后打到屏P上不計(jì)重力下列說法正確的有（）Aa、b均帶正電 Ba在磁場(chǎng)中飛行的時(shí)間比b的短Ca在磁場(chǎng)中飛行的路程比b的短 Da在P上的落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離比b的近8如圖光滑水平面上物塊A和B以輕彈簧相連接在水平拉力F作用下以加速度a作直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為mA和mB，當(dāng)突然撤去外力F時(shí)（）A物塊A的加速度為a B物塊B的加速度為0C物塊A的加速度為 D物塊B的加速度為a三、

5、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第22-32題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第33題-39題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9為了研究平拋運(yùn)動(dòng)，某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的兩組實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行探究甲圖中將A、B兩小球同時(shí)從相同的一段圓弧頂端釋放，離開圓弧時(shí)它兩位置在同一豎直線上，無論H多大，發(fā)現(xiàn)在A球落地時(shí)B球總是與之相碰乙圖中用鐵錘敲擊彈簧片，A球在水平方向被彈出的同時(shí)，B球豎直掉落，無論H多大，發(fā)現(xiàn)兩球總是同時(shí)落地（1）讓兩球同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩圖中A球做運(yùn)動(dòng)；甲圖中B小球在水平面上做運(yùn)動(dòng)；乙圖中B小球在豎直方向做運(yùn)動(dòng)（2）甲圖說明；乙圖說明10為了節(jié)能和環(huán)

6、保，一些公共場(chǎng)所使用光控開關(guān)控制照明系統(tǒng)光控開關(guān)可采用光敏電阻來控制，光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件（照度可以反映光的強(qiáng)弱，光越強(qiáng)照度越大，照度單位為lx）某光敏電阻Rp在不同照度下的阻值如表：照度（lx）0.20.40.60.81.01.2電阻（k）754028232018（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)诮o定的坐標(biāo)系（圖1）中描繪出阻值隨照度變化的曲線，并說明阻值隨照度變化的特點(diǎn)：（2）如圖2所示，當(dāng)1、2兩端所加電壓上升至2V時(shí)，控制開關(guān)自動(dòng)啟動(dòng)照明系統(tǒng)請(qǐng)利用下列器材設(shè)計(jì)一個(gè)簡單電路，給1、2兩端提供電壓，要求當(dāng)天色漸暗照度降低至1.0（lx）時(shí)啟動(dòng)照明系統(tǒng)，在虛線框內(nèi)完成電路原理圖（

7、不考慮控制開關(guān)對(duì)所設(shè)計(jì)電路的影響）提供的器材如下：光敏電阻Rp（符號(hào)，阻值見上表）；直流電源E（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)）；定值電阻：R1=10k，R2=20k，R3=40k（限選其中之一并在圖中標(biāo)出）；開關(guān)S及導(dǎo)線若干11如圖，質(zhì)量為m的帶電小球用長L為的絕緣細(xì)繩系在O點(diǎn)，繩的形變可以不計(jì)，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，靜止時(shí)位于A點(diǎn)，此時(shí)繩與豎直方向夾30的角現(xiàn)將小球從繩拉直且水平的B點(diǎn)釋放，求（1）小球的帶電量（2）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)繩的拉力12如圖所示，一長木板質(zhì)量為M=4kg，木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.2，質(zhì)量為m=2kg的小滑塊放在木板的右端，小滑塊與木板間的動(dòng)摩擦

8、因數(shù)2=0.4開始時(shí)木板與滑塊都處于靜止?fàn)顟B(tài)，木板的右端與右側(cè)豎直墻壁的距離L=2.7m現(xiàn)給木板以水平向右的初速度v0=6m/s使木板向右運(yùn)動(dòng)，設(shè)木板與墻壁碰撞時(shí)間極短，且碰后以原速率彈回，取g=10m/s2，求：（1）木板與墻壁碰撞前，物塊加速度的大小和方向（2）木板與墻壁碰撞時(shí)，木板的瞬時(shí)速度是多大？（3）木板與墻壁碰撞后，經(jīng)過多長時(shí)間小滑塊停在木板上？三、選擇題（共2小題，每小題5分，滿分15分）【物理選修3-3】13關(guān)于一定量的氣體，下列說法正確的是（）A氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達(dá)的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和B只要能減弱氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度，氣體的溫度就可以

9、降低C在完全失重的情況下，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零 D氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加E氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高14如圖，一上端開口、下端封閉的細(xì)長玻璃管豎直放置玻璃管的下部封有長l1=25.0cm的空氣柱，中間有一段長l2=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度l3=40.0cm已知大氣壓強(qiáng)為p0=75.0cmHg現(xiàn)將一活塞（圖中未畫出）從玻璃管開口處緩慢往下推，使管下部空氣柱長度變?yōu)閘1=20.0cm假設(shè)活塞下推過程中沒有漏氣，求活塞下推的距離【物理-選修3-4】15在下列現(xiàn)象之中，可以證明光是一種波的是（）A雙縫干涉B單縫衍射C棱鏡色散D薄膜干涉 E海市蜃樓16如圖為一列簡諧波在

10、t1=0時(shí)刻的圖象此時(shí)波中質(zhì)點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)方向沿y負(fù)方向，且到t2=0.5s質(zhì)點(diǎn)M恰好第1次到達(dá)y負(fù)方向最大位移處試求：（1）此波向什么方向傳播？波速是多大？（2）從t1=0至t3=2.5s，波中質(zhì)點(diǎn)M走過的路程和t3=2.5s時(shí)相對(duì)于平衡位置的位移分別是多少？【物理-選修3-5】17氫原子的部分能級(jí)如圖所示已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間由此可推知，氫原子（）A從高能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)了發(fā)出的光的波長比可見光的短B從高能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的光均為可見光C從高能級(jí)向n=3能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的光的頻率比可見光的高D從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)發(fā)出的光為可見光E從n=1能級(jí)向

11、n=2能級(jí)躍遷時(shí)需要吸收能量18如圖所示，光滑水平直軌道上有三個(gè)滑塊A、B、C，質(zhì)量分別為mA=mC=2m，mB=m，A、B用細(xì)繩連接，中間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與滑塊不拴接）開始時(shí)A、B以共同速度v0運(yùn)動(dòng)，C靜止某時(shí)刻細(xì)繩突然斷開，A、B被彈開，然后B又與C發(fā)生碰撞并粘在一起，最終三滑塊速度恰好相同求B與C碰撞前B的速度2015年寧夏銀川市六盤山高中高考物理四模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14-18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19、20、21題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1一種測(cè)定風(fēng)力的儀器的

12、原理圖如圖所示，質(zhì)量為m的金屬球，固定在一細(xì)長的輕金屬絲下端，能繞懸掛點(diǎn)O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，無風(fēng)時(shí)金屬絲自然下垂，有風(fēng)時(shí)金屬絲將偏離豎直方向一定角度，角的大小與風(fēng)力大小有關(guān)，下列關(guān)于金屬球受到的風(fēng)力F與的關(guān)系式正確的是（）AFmgtanBFmgcotCFmgsinDFmgcos【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】以金屬球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件求出風(fēng)力F與的關(guān)系式【解答】解：以金屬球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況：金屬球受到重力mg、水平向左的風(fēng)力F和金屬絲的拉力T，作出力圖如圖，根據(jù)平衡條件得到：F=mgtan故選：A【

13、點(diǎn)評(píng)】本題是實(shí)際問題，實(shí)質(zhì)是物體的平衡問題，分析受力情況，作出力圖是解題的關(guān)鍵2某物體做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，據(jù)此判斷下列（F表示物體所受合力，x表示物體的位移）四個(gè)選項(xiàng)中正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【分析】在vt圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度恒定，受力恒定速度時(shí)間圖象特點(diǎn)：因速度是矢量，故速度時(shí)間圖象上只能表示物體運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)方向，t軸上方代表的“正方向”，t軸下方代表的是“負(fù)方向”，所以“速度時(shí)間”圖象只能描述物體做“直線運(yùn)動(dòng)”的情況，如果做曲線運(yùn)動(dòng)，則畫不出物體的“位移時(shí)間”圖象；“速度時(shí)間”圖象沒有時(shí)間t的“負(fù)軸”，因時(shí)間沒有負(fù)值

14、，畫圖要注意這一點(diǎn)；“速度時(shí)間”圖象上圖線上每一點(diǎn)的斜率代表的該點(diǎn)的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正負(fù)表示加速度的方向；“速度時(shí)間”圖象上表示速度的圖線與時(shí)間軸所夾的“面積”表示物體的位移本題中物體先勻加速前進(jìn)，然后勻減速前進(jìn)，再勻加速后退，最后勻加減速后退，根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況先求出加速度，再求出合力【解答】解：由圖可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以前兩秒受力恒定，2s4s做正方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為負(fù)，且恒定，4s6s做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為負(fù)，恒定，6s8s做負(fù)方向勻減速直線運(yùn)動(dòng)，所以受力為正，恒定，綜上分析B正確故選B3如圖所示，平行板電容器的兩板與電

15、源相連，板間同時(shí)有電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，一個(gè)帶電荷量為+q的粒子以v0為初速度從兩板中間沿垂直電磁場(chǎng)方向進(jìn)入，穿出時(shí)粒子的電勢(shì)能增加了若想使這個(gè)帶電粒子以v0沿原方向勻速直線運(yùn)動(dòng)穿過電磁場(chǎng)，可采用的辦法是（）A減小平行板的正對(duì)面積B增大極板間距 C減小磁感應(yīng)強(qiáng)度BD增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【專題】帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】以速度v0從兩極板中間垂直于電磁場(chǎng)方向射入，穿出時(shí)粒子的電勢(shì)能增加，可知電場(chǎng)力做負(fù)功，知洛倫茲力大于電場(chǎng)力，向上偏轉(zhuǎn)想使這個(gè)帶電粒子以速度v0按原方向勻速穿過電磁場(chǎng)，則電場(chǎng)力和洛倫茲力相等【解答】解：因?yàn)榱Ｗ哟┰酱艌?chǎng)時(shí)，電勢(shì)能增加了

16、，而洛倫茲力不做功，則電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)力方向豎直向下，則粒子向上偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力大于電場(chǎng)力A、減小平行板間的正對(duì)面積，U不變，d不變，則電場(chǎng)強(qiáng)度不變，電場(chǎng)力不變，仍然小于洛倫茲力，不能勻速穿越電磁場(chǎng)故A錯(cuò)誤B、增大極板間距，根據(jù)E=，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，電場(chǎng)力變小，更不能夠與洛倫茲力相等，不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)故B錯(cuò)誤C、減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則洛倫茲力減小，能夠與電場(chǎng)力平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)故C正確D、增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則洛倫茲力增大，仍然大于電場(chǎng)力，不能勻速穿越電磁場(chǎng)故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵通過電場(chǎng)力做功得出電場(chǎng)力與洛倫茲力的大小關(guān)系，抓住電場(chǎng)力與洛倫茲力相等時(shí)，才能勻速直線運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分析4如

17、圖，兩根平行的光滑導(dǎo)軌豎直放置，處于垂直軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿ab接在兩導(dǎo)軌之間，在開關(guān)S斷開時(shí)讓ab自由下落，ab下落過程中始終保持與導(dǎo)軌接觸良好，設(shè)導(dǎo)軌足夠長，電阻不計(jì)ab下落一段時(shí)間后開關(guān)閉合，從開關(guān)閉合開始計(jì)時(shí)，ab下滑速度v隨時(shí)間變化的圖象不可能是（）ABCD【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律【專題】電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合【分析】s閉合后，金屬桿在下滑過程中，受到重力和向上的安培力作用，分析安培力與重力大小關(guān)系，根據(jù)安培力大小與速度大小成正比，分析金屬桿的加速度變化，確定金屬桿的運(yùn)動(dòng)情況【解答】解：A、閉合開關(guān)時(shí)，ab桿產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到向上的安培力若重力與安

18、培力相等，金屬桿將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此圖是可能的故A錯(cuò)誤B、D若安培力小于重力，合力向下，加速度的方向向下，做加速運(yùn)動(dòng)加速運(yùn)動(dòng)的過程中，ab桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流增大，安培力增大，則合力減小，加速度減小，做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力與安培力相等時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)故B圖象是可能的，D圖不可能，故B錯(cuò)誤，D正確C、若安培力大于重力，則加速度的方向向上，做減速運(yùn)動(dòng)，減速運(yùn)動(dòng)的過程中，安培力減小，做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力與安培力相等時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)此圖是可能的，故C錯(cuò)誤故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)的動(dòng)態(tài)變化分析，分析方法可以和機(jī)車啟動(dòng)的動(dòng)態(tài)變化過程進(jìn)行類比解答，關(guān)鍵要抓住安培力

19、與速度的關(guān)系進(jìn)行分析5如圖所示，一根通電直導(dǎo)線垂直放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，以導(dǎo)線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)，已知c點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則下列說法中正確的是（）A直導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里 Bd點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0Ca點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向向右 Db點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向斜向下，與B成45角【考點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度【分析】已知c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，說明通電導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反，由安培定則判斷出通電導(dǎo)線中電流方向通電導(dǎo)線在abcd四點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成分析b、a、d三點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

20、大小和方向【解答】解：A、由題，c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，說明通電導(dǎo)線在c點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反，即得到通電導(dǎo)線在c點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向左，根據(jù)安培定則判斷可知，直導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外故A錯(cuò)誤B、通電導(dǎo)線在d處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，則d點(diǎn)感應(yīng)強(qiáng)度為T，方向與B的方向成45斜向上，不為零故B錯(cuò)誤C、通電導(dǎo)線在a處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向右，則a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向與B的方向相同，即向右故C正確D、由上知道，通電導(dǎo)線在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1T，由安培定則可知，通電導(dǎo)線在b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下，根據(jù)平行四邊形與勻強(qiáng)磁場(chǎng)進(jìn)行合成得知，b

21、點(diǎn)感應(yīng)強(qiáng)度為T，方向與B的方向成45斜向下故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查安培定則和平行四邊形定則，空間任意一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度都通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的疊加620013年6月20日，我國成功實(shí)施了首次天地授課，天宮一號(hào)中的航天員向我國億萬學(xué)生和其他觀眾演示并講解了失重環(huán)境下的奇妙現(xiàn)象，激發(fā)了人們對(duì)航天事業(yè)的高度關(guān)注根據(jù)天宮一號(hào)中發(fā)生的現(xiàn)象，下列解釋不正確的是（）A天宮一號(hào)中的人和物體都不受地球引力 B天宮一號(hào)中的人和物體都沒有慣性C相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都處于平衡狀態(tài)D相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都處于失重狀態(tài)【考點(diǎn)】超重和失重；慣性【分析】處于失重狀態(tài)的物體仍然受到重力；慣性與物體

22、的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)；相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都處于失重狀態(tài)【解答】解：A、天宮一號(hào)中的人和物體處于失重狀態(tài)，但是仍然受到重力；故A錯(cuò)誤；B、慣性是物體的固有屬性，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，天宮一號(hào)中的人和物體慣性不變故B錯(cuò)誤；C、D、相對(duì)天宮一號(hào)中靜止的人和物體都是相對(duì)于天宮一號(hào)靜止，相對(duì)于地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力完全提供向心力，所以都處于失重狀態(tài)故C錯(cuò)誤，D正確本題選擇錯(cuò)誤的，故選：ABC【點(diǎn)評(píng)】該題以社會(huì)的熱點(diǎn)航空與航天為背景，考查對(duì)慣性與超重、失重的理解，要注意抓住事物的本質(zhì)，正確理解失重時(shí)物體受到的重力沒有消失或減小7如圖，兩個(gè)初速度大小相同的同種離子a和b，從O點(diǎn)沿垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁

23、場(chǎng)，最后打到屏P上不計(jì)重力下列說法正確的有（）Aa、b均帶正電 Ba在磁場(chǎng)中飛行的時(shí)間比b的短Ca在磁場(chǎng)中飛行的路程比b的短 Da在P上的落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離比b的近【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【專題】壓軸題；帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要熟練應(yīng)用半徑公式和周期公式進(jìn)行求解【解答】解：a、b粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：粒子a、b都向下由左手定則可知，a、b均帶正電，故A正確；由r=可知，兩粒子半徑相等，根據(jù)上圖中兩粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知a粒子運(yùn)動(dòng)軌跡長度大于b粒子運(yùn)動(dòng)軌跡長度，運(yùn)動(dòng)時(shí)間a在磁場(chǎng)中飛行的時(shí)間比b的長，故BC錯(cuò)誤；根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，

24、在P上的落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離a比b的近，故D正確故選：AD【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑8如圖光滑水平面上物塊A和B以輕彈簧相連接在水平拉力F作用下以加速度a作直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為mA和mB，當(dāng)突然撤去外力F時(shí)（）A物塊A的加速度為a B物塊B的加速度為0C物塊A的加速度為 D物塊B的加速度為a【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【專題】應(yīng)用題；定性思想；方程法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】分析A的受力，可以求出彈簧的彈力，撤去F的瞬間彈簧的彈力不變，分別對(duì)A、B進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可求解【解答】解：A、A受到的合力為彈力，撤去F的瞬間

25、彈簧的彈力不變，A所受的合力不變，A的加速度不變，仍為a，故A正確，C錯(cuò)誤B、力F作用時(shí)，由牛頓第二定律得：對(duì)A有：F彈=mAa 對(duì)B有：FF彈=mBa，當(dāng)突然撤去推力F的瞬間，彈簧彈力沒有發(fā)生改變，由牛頓第二定律得： 對(duì)B：F彈=mBaB，解得：aB=a，故B錯(cuò)誤，D正確； 故選：AD【點(diǎn)評(píng)】采用整體法求物體的共同加速度，再用隔離法求各個(gè)物體受到的力的大小，這是求連接體問題的一般步驟三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第22-32題為必考題，每個(gè)試題考生都作答；第33題-39題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9為了研究平拋運(yùn)動(dòng)，某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的兩

26、組實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行探究甲圖中將A、B兩小球同時(shí)從相同的一段圓弧頂端釋放，離開圓弧時(shí)它兩位置在同一豎直線上，無論H多大，發(fā)現(xiàn)在A球落地時(shí)B球總是與之相碰乙圖中用鐵錘敲擊彈簧片，A球在水平方向被彈出的同時(shí)，B球豎直掉落，無論H多大，發(fā)現(xiàn)兩球總是同時(shí)落地（1）讓兩球同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩圖中A球做平拋運(yùn)動(dòng)；甲圖中B小球在水平面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)；乙圖中B小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)（2）甲圖說明平拋運(yùn)動(dòng)的物體在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)；乙圖說明平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)【專題】實(shí)驗(yàn)題【分析】探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律中，實(shí)驗(yàn)甲同時(shí)讓A球做平拋運(yùn)動(dòng)，B球在水平面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

27、若兩小球相碰，可得出平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律實(shí)驗(yàn)乙A球做平拋運(yùn)動(dòng)，B球做自由落體運(yùn)動(dòng)，若同時(shí)落地，即可得出平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律【解答】解：（1）讓兩球同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩圖中A球做平拋運(yùn)動(dòng)，甲圖中B小球在水平面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙圖中B球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)（2）甲圖中，A、B兩球相碰，可知平拋運(yùn)動(dòng)的物體在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)乙圖中，A、B兩球同時(shí)落地，可知平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)故答案為：（1）平拋，勻速直線，自由落體（2）平拋運(yùn)動(dòng)的物體在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)； 平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)【點(diǎn)評(píng)】本題研究平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向兩個(gè)方向分

28、運(yùn)動(dòng)的情況，采用比較法，考查對(duì)實(shí)驗(yàn)原理和方法的理解能力10為了節(jié)能和環(huán)保，一些公共場(chǎng)所使用光控開關(guān)控制照明系統(tǒng)光控開關(guān)可采用光敏電阻來控制，光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件（照度可以反映光的強(qiáng)弱，光越強(qiáng)照度越大，照度單位為lx）某光敏電阻Rp在不同照度下的阻值如表：照度（lx）0.20.40.60.81.01.2電阻（k）754028232018（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)诮o定的坐標(biāo)系（圖1）中描繪出阻值隨照度變化的曲線，并說明阻值隨照度變化的特點(diǎn)：光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大非線性減小（2）如圖2所示，當(dāng)1、2兩端所加電壓上升至2V時(shí)，控制開關(guān)自動(dòng)啟動(dòng)照明系統(tǒng)請(qǐng)利用下列器材設(shè)計(jì)一個(gè)簡

29、單電路，給1、2兩端提供電壓，要求當(dāng)天色漸暗照度降低至1.0（lx）時(shí)啟動(dòng)照明系統(tǒng)，在虛線框內(nèi)完成電路原理圖（不考慮控制開關(guān)對(duì)所設(shè)計(jì)電路的影響）提供的器材如下：光敏電阻Rp（符號(hào)，阻值見上表）；直流電源E（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)）；定值電阻：R1=10k，R2=20k，R3=40k（限選其中之一并在圖中標(biāo)出）；開關(guān)S及導(dǎo)線若干【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線【專題】實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題【分析】應(yīng)用描點(diǎn)作圖法作出圖象電路設(shè)計(jì)，將電源、光敏電阻、定值電阻、電鍵直接串聯(lián)，由于光變暗時(shí)，光敏電阻變大，分的電壓變大，故將控制系統(tǒng)與光敏電阻并聯(lián)，照度降低至1.0（Lx）時(shí)啟動(dòng)照明系統(tǒng)，可以算出定值電阻的大小

30、【解答】解：（1）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象，圖象如圖所示阻值隨照度變化的特點(diǎn)是：光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大非線性減小（2）當(dāng)天色漸暗照度降低至1.0 （lx）時(shí)啟動(dòng)照明系統(tǒng)，即此時(shí)光敏電阻阻值為20 k，兩端電壓為2 V，電源電動(dòng)勢(shì)為3 V，所以應(yīng)加上一個(gè)分壓電阻，分壓電阻阻值為10 k，即選用R1電路原理圖如圖2所示故答案為：（1）如圖，光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大非線性減?。?）電路圖如圖所示【點(diǎn)評(píng)】本題考查了作圖象、設(shè)計(jì)電路圖，要掌握描點(diǎn)法作圖的方法；電路設(shè)計(jì)的問題要結(jié)合閉合電路歐姆定律去分析11如圖，質(zhì)量為m的帶電小球用長L為的絕緣細(xì)繩系在O

31、點(diǎn)，繩的形變可以不計(jì)，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，靜止時(shí)位于A點(diǎn)，此時(shí)繩與豎直方向夾30的角現(xiàn)將小球從繩拉直且水平的B點(diǎn)釋放，求（1）小球的帶電量（2）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)繩的拉力【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【專題】計(jì)算題；定量思想；推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】（1）抓住小球靜止于A點(diǎn)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出電荷量的大?。?）根據(jù)動(dòng)能定理求出最低點(diǎn)的速度，結(jié)合徑向的合力提供向心力求出拉力的大小【解答】解：（1）受力分析，由三力平衡得：F=Eq=mgtan= 解得q= （2）從B到C用動(dòng)能定理：mgLEqL=mv20 對(duì)C受力分析，用牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：Tmg= 所

32、以T=1.86mg答：（1）小球的帶電量為 （2）小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)繩的拉力為1.86mg【點(diǎn)評(píng)】本題考查了共點(diǎn)力平衡、動(dòng)能定理、牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，知道最低點(diǎn)向心力的來源，通過牛頓第二定律進(jìn)行求解，難度不大12如圖所示，一長木板質(zhì)量為M=4kg，木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.2，質(zhì)量為m=2kg的小滑塊放在木板的右端，小滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.4開始時(shí)木板與滑塊都處于靜止?fàn)顟B(tài)，木板的右端與右側(cè)豎直墻壁的距離L=2.7m現(xiàn)給木板以水平向右的初速度v0=6m/s使木板向右運(yùn)動(dòng)，設(shè)木板與墻壁碰撞時(shí)間極短，且碰后以原速率彈回，取g=10m/s2，求：（1）木板與墻壁碰撞前，物塊加速度

33、的大小和方向（2）木板與墻壁碰撞時(shí)，木板的瞬時(shí)速度是多大？（3）木板與墻壁碰撞后，經(jīng)過多長時(shí)間小滑塊停在木板上？【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系【專題】計(jì)算題；定量思想；方程法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】（1）由牛頓第二定律可以求出物塊的加速度；（2）由牛頓第二定律求出木板的加速度，然后由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出木板的速度；（3）木板與墻壁碰撞后，木板做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)滑塊停在木板上，應(yīng)用速度公式求出時(shí)間【解答】解：（1）木板向右運(yùn)動(dòng)時(shí)物塊受到向右的滑動(dòng)摩擦力，物塊向右加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向右，物塊的加速度：am=4m/s2

34、；（2）木板向右減速運(yùn)動(dòng)過程加速度：aM=5m/s2，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得：vM2v02=2aML，解得：vM=3m/s；（3）木板向右運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t1=0.6s，木板與墻壁碰撞前瞬間滑塊的速度：vm=amt1=2.4m/s，木板與墻壁碰撞后兩者都做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度v相等時(shí)滑塊停在木板上，木板反彈后做勻減速知識(shí)運(yùn)動(dòng)，速度：v=vMaMt2，滑塊也做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，滑塊的速度：v=vmamt2，解得：t2=0.6s；答：（1）木板與墻壁碰撞前，物塊加速度的大小為4m/s2，方向：水平向右（2）木板與墻壁碰撞時(shí)，木板的瞬時(shí)速度是3m/s（3）木板與墻壁碰撞后，經(jīng)過時(shí)間0.6s

35、小滑塊停在木板【點(diǎn)評(píng)】本題是一道力學(xué)綜合題，考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程與受力情況是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以解題三、選擇題（共2小題，每小題5分，滿分15分）【物理選修3-3】13關(guān)于一定量的氣體，下列說法正確的是（）A氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達(dá)的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和B只要能減弱氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低C在完全失重的情況下，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零 D氣體從外界吸收熱量，其內(nèi)能一定增加E氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律；氣體壓強(qiáng)的微觀意義【專題】壓軸題；熱力學(xué)定理專題【分析】氣體的體

36、積指的是該氣體的分子所能到達(dá)的空間的體積，溫度高體分子熱運(yùn)動(dòng)就劇烈，分子運(yùn)動(dòng)不停息，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)不為零，做功也可以改變物體的內(nèi)能【解答】解：A、氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達(dá)的空間的體積，A正確；B、溫度高體分子熱運(yùn)動(dòng)就劇烈，B正確；C、在完全失重的情況下，分子運(yùn)動(dòng)不停息，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)不為零，C錯(cuò)誤；D、做功也可以改變物體的內(nèi)能，C錯(cuò)誤；E、氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高，E正確故選：ABE【點(diǎn)評(píng)】本題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用和氣體壓強(qiáng)的微觀意義，難度不大14如圖，一上端開口、下端封閉的細(xì)長玻璃管豎直放置玻璃管的下部封有長l1=25.0cm的空氣柱，中間有一段長l2=25

37、.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度l3=40.0cm已知大氣壓強(qiáng)為p0=75.0cmHg現(xiàn)將一活塞（圖中未畫出）從玻璃管開口處緩慢往下推，使管下部空氣柱長度變?yōu)閘1=20.0cm假設(shè)活塞下推過程中沒有漏氣，求活塞下推的距離【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】壓軸題；理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】設(shè)活塞下推距離為l，分別求解出上、下兩端封閉氣體下推前的壓強(qiáng)和長度，在表示出下推后的壓強(qiáng)和長度，對(duì)兩端封閉氣體分別運(yùn)用玻意耳定律列式后聯(lián)立求解即可【解答】解：以cmHg為壓強(qiáng)單位，在活塞下推前，玻璃管下部空氣柱的壓強(qiáng)為：P1=P0+l2 設(shè)活塞下推后，下部空氣的壓強(qiáng)為P1，由玻意耳定律得： P1l1=P1l

38、1如圖，設(shè)活塞下推距離為l，則此時(shí)玻璃管上部的空氣柱的長度為：l3=l3+（l1l1）l 設(shè)此時(shí)玻璃管上部空氣柱的壓強(qiáng)為P3，則 P3=p1l2 由波意耳定律，得：P0l3=P3l3由式代入數(shù)據(jù)解得：l=15.0cm；答：活塞下推的距離為15cm【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是對(duì)兩端封閉氣體分別運(yùn)用玻意耳定律列式，難點(diǎn)在于確定兩端氣體的壓強(qiáng)間以及其與大氣壓強(qiáng)的關(guān)系【物理-選修3-4】15在下列現(xiàn)象之中，可以證明光是一種波的是（）A雙縫干涉B單縫衍射C棱鏡色散D薄膜干涉 E海市蜃樓【考點(diǎn)】光的波粒二象性【分析】干涉、衍射、偏振是波所具有的特性，光電效應(yīng)、康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性【解答】解：A、B、D、光的干

39、涉（雙縫干涉，薄膜干涉）、衍射、偏振是波所具有的特性，所以都可以證明光是一種波故ABD正確；C、棱鏡色散是光在兩種介質(zhì)的界面上發(fā)生光路改變的現(xiàn)象，也可以由粒子的特性來解釋，不能證明光是一種波故C錯(cuò)誤；E、海市蜃樓與光 的反射有關(guān)，不能證明光是一種波故E錯(cuò)誤 故選：ABD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)、康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性，干涉、衍射、偏振說明光具有波動(dòng)性16如圖為一列簡諧波在t1=0時(shí)刻的圖象此時(shí)波中質(zhì)點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)方向沿y負(fù)方向，且到t2=0.5s質(zhì)點(diǎn)M恰好第1次到達(dá)y負(fù)方向最大位移處試求：（1）此波向什么方向傳播？波速是多大？（2）從t1=0至t3=2.5s，波中質(zhì)點(diǎn)M走過的路程和t3=2.5s時(shí)相對(duì)于平衡位置的位移分別是多少？【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】計(jì)算題；比較思想；圖析法；振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題【分析】（1）t1=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)方向沿y負(fù)方向，根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播方向圖中M質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過T恰好第1次到達(dá)y負(fù)方向最大位移處，則可求出周期讀出波長，即可求得波速（2）從t1=0至t3=2.5s，經(jīng)過時(shí)間為t=2.5s，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程是四個(gè)振幅，求出路程，再確定位移【解答】解：（1）質(zhì)點(diǎn)M的運(yùn)動(dòng)方向