2022-2023學年安徽省阜陽市潁州區(qū)第三中學高三物理第一學期期中監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一傾角為a的斜劈放在水平地面上,一物體沿斜劈勻速下滑現(xiàn)給物體施加如圖示的力F,F與豎直方向夾角為,斜劈仍

2、靜止,則此時地面對斜劈的摩擦力（ ）A方向水平向右B大小為零C方向水平向左D無法判斷大小和方向2、如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進入橢圓軌道I，然后在Q點通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進入地球同步軌道，則（）A該衛(wèi)星的發(fā)射速度必定大于11. 2 km/sB衛(wèi)星在同步軌道II上的運行速度大于7. 9 km/sC在軌道I上，衛(wèi)星在P點的速度小于在Q點的速度D衛(wèi)星在Q點通過加速實現(xiàn)由軌道I進入軌道II3、有一列火車正在做勻加速直線運動。從某時刻開始計時，第1min內(nèi)，發(fā)現(xiàn)火車前進了180m，第2min內(nèi)，發(fā)現(xiàn)火車前進了360m。則火車的加速度為A0.01m/s2B0.05 m/s2C36

3、m/s2D180 m/s24、由兩種不同材料拼接成的直軌道ABC，B為兩種材料的分界線，長度ABBC先將ABC按圖1方式搭建成傾角為的斜面，讓一小物塊（可看做質(zhì)點）從斜面頂端由靜止釋放，經(jīng)時間t小物塊滑過B點；然后將ABC按圖2方式搭建成傾角為的斜面，同樣將小物塊從斜面頂端由靜止釋放，小物塊經(jīng)相同時間t滑過B點則小物塊A與AB段的動摩擦因數(shù)比與BC段的動摩擦因數(shù)大B兩次滑到B點的速率相同C兩次從頂端滑到底端所用的時間相同D兩次從頂端滑到底端的過程中摩擦力做功相同5、2016年2月11日，美國科學家宣布探測到了引力波，證實了愛因斯坦的預測，彌補了愛因斯坦廣義相對論中缺失的最后一塊“拼圖”。雙星的

4、運動是引力波的來源之一，假設宇宙中有一雙星系統(tǒng)由、兩顆星體組成，這兩顆星體繞它們連線中的某一點在萬有引力作用做勻速圓周運動，測得的周期為，、兩顆星體的距離為，、兩顆星體的軌道半徑之差為（星的軌道半徑大于星的），則（ ）A星的周期為B星的線速度大小為C、兩顆星體的軌道半徑之比為D、兩顆星體的質(zhì)量之比為6、質(zhì)量為的木箱置于水平地面上，它與地面間動摩擦因數(shù)，受到一個與水平方向成角斜向上的拉力，為使木箱做勻速直線運動，拉力的最小值以及此時分別是（ ）A；B；C；D；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得

5、3分，有選錯的得0分。7、設空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，如圖所示，已知一帶電粒子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是運動的最低點，忽略粒子的重力，以下說法中正確的是( )A此粒子必帶正電荷BA點和B位于同一高度C離子在C點時機械能最大D離子到達B點后，將沿原曲線返回A點8、關(guān)于靜電場的電場線，下列說法正確的是（）A電場強度較大的地方電場線一定較密B沿電場線方向，電場強度一定越來越小C沿電場線方向，電勢一定越來越低D電場線一定是帶電粒子在電場中運動的軌跡9、如圖所示，物體A放在物體B上，物體B放在光滑的水平面上，已知mA

6、=4 kg，mB=2 kgA、B間動摩擦因數(shù)=0.3，A物上系一細線，細線能承受的最大拉力是30 N，水平向右拉細線，下述中正確的是（g=10 m/s2）（ ）A當拉力F24 N時，A相對B滑動C當拉力F=24 N時，B受A的摩擦力等于8 ND在繩可以承受的范圍內(nèi)，無論拉力F多大，A相對B始終靜止10、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質(zhì)D構(gòu)成電容器通過開關(guān)S及電阻及與電源E相連接則AM上移電容器的電容變大B將D從電容器抽出，電容變小C斷開開關(guān)S，M上移，MN間電壓將增大D閉合開關(guān)S，M上移，流過電阻及的電流方向從B到A三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，

7、不要求寫出演算過程。11（6分）某同學進行“驗證力的平行四邊形定則”實驗，試完成主要步驟:(1)如圖甲，用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結(jié)點的位置O點、兩彈簧測力計的讀數(shù)F1、F2以及 _。(2)用一只彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條與細繩套的結(jié)點拉到結(jié)點O,記下細繩的方向;讀出第二個圖中彈簧測力計的示數(shù)F=_ N. (注意有效位數(shù))(3)圖中,_(F或F)的方向一定與橡皮條在同一直線上.(4)關(guān)于該實驗的注意事項，下列說法中正確的是_。A彈簧測力計應在使用前校零B實驗中所用的兩根細繩越短越好C彈簧測力計的拉力方向必須與木板平行D每次實驗中兩個分力間的夾角必須

8、大于9012（12分）（1）圖a是用來“顯示桌（或支持）面的微小形變”的演示實驗；圖b是用來測量_的實驗。（2）由圖可知，兩個實驗共同的物理思想方法是（_）（A）極限的思想方法 （B）放大的思想方法（C）控制變量的方法 （D）猜想的思想方法 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）傾角為的斜面與足夠長的光滑水平面在D處平滑連接，斜面上AB的長度為3L，BC、CD的長度均為3.5L，BC部分粗糙，其余部分光滑。如圖，4個“ ”形小滑塊工件緊挨在一起排在斜面上，從下往上依次標為1、2、3、4，滑塊上長為L的輕桿與斜

9、面平行并與上一個滑塊接觸但不粘連，滑塊1恰好在A處?，F(xiàn)將4個滑塊一起由靜止釋放，設滑塊經(jīng)過D處時無機械能損失，輕桿不會與斜面相碰。已知每個滑塊的質(zhì)量為m并可視為質(zhì)點，滑塊與粗糙面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。求（1）滑塊1剛進入BC時，滑塊1上的輕桿所受到的壓力大??；（2）4個滑塊全部滑上水平面后，相鄰滑塊之間的距離。14（16分）如圖所示，質(zhì)量為m=4kg的物體通過三段輕繩懸掛，三段輕繩的結(jié)點為O。輕繩OA與豎直方向的夾角 ，輕繩OB水平且B端固定在豎直墻上，物體處于靜止狀態(tài)。已知輕繩OA、OC能承受的最大拉力均為150N，輕繩OB能承受的最大拉力為100N， ， 。求（1）輕繩OA和輕

10、繩OB拉力大?。唬?）為保證三段輕繩均不斷，所懸掛物體質(zhì)量的最大值。15（12分）如圖所示,AB為半徑R=0.8m的四分之一光滑圓弧軌道,下端B恰與小車右端平滑對接.小車質(zhì)量M=3kg,車足夠長,車上表面距地面的高度h=0.2m,現(xiàn)有一質(zhì)量m=1kg的滑塊,由軌道頂端無初速度釋放,滑到B端后沖上小車.已知地面光滑,滑塊與小車上表面間的動摩擦因數(shù)=0.3,當車運動了t0=1.5s時,車被地面裝置鎖定(g=10m/s2).試求:（1）滑塊到達B端時,軌道對它支持力的大小;（2）車被鎖定時,車右端距軌道B端的距離;（3）從車開始運動到被鎖定的過程中,滑塊與車面間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量.參考答案一、單項

11、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】物塊勻速下滑時，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律得到滑塊對斜面體的作用力方向；當加推力F后，滑塊對斜面體的壓力和滑動摩擦力同比增加，合力方向不變【詳解】物塊勻速下滑時，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律得到滑塊對斜面體的作用力方向豎直向下，等于mg；當加推力F后，將力F沿著斜面方向與豎直斜面方向分解，根據(jù)滑動摩擦定律f=N，支持力和滑動摩擦力同比增加，故其合力的方向

12、不變，豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和滑動摩擦力的合力方向也不變，豎直向下；因此地面對斜面沒有靜摩擦力，故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】本題關(guān)鍵對滑塊受力分析后根據(jù)平衡條件得到支持力和摩擦力的合力方向，然后根據(jù)牛頓第三定律得到滑塊對斜面體的作用力的合力方向，當壓力增加后，滑動摩擦力也增加，但兩個力的合力方向不變2、D【解析】了解同步衛(wèi)星的特點和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義，當萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運動：若是“供大于需”，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運動；若是“供小于需”，則衛(wèi)星做逐漸遠離圓心的運動.【詳解】11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球束縛的

13、發(fā)射速度，而同步衛(wèi)星仍然繞地球運動，故A錯誤；7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v的表達式可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運行的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯誤；根據(jù)開普勒第二定律，在軌道I上，P點是近地點，Q點是遠地點，則衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度，故C錯誤；從橢圓軌道到同步軌道，衛(wèi)星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須衛(wèi)星所需向心力大于萬有引力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，故D正確；故選D【點睛】本題考查萬有引力定律的應用，知道第一宇宙速度的特點，衛(wèi)星變軌也就是近心運動或離心運動

14、，根據(jù)提供的萬有引力和所需的向心力關(guān)系確定3、B【解析】根據(jù)勻變速直線運動的推論得火車的加速度為： A. 0.01m/s2與分析不符，故A錯誤；B. 0.05 m/s2與分析相符，故B正確；C. 36 m/s2與分析不符，故C錯誤；D. 180 m/s2與分析不符，故D錯誤。4、D【解析】、第一種情況：從到過程， ，第二種情況從到的過程，因為ABBC，所以，即物塊與AB段的動摩擦因數(shù)比與BC段的動摩擦因數(shù)小，選項錯誤、據(jù)題意兩次做勻加速直線運動，可知位移大的平均速度大，末速度同樣大，故第一次到的速率更大些，選項錯誤D、由，則兩次摩擦力做功相等，故D正確、兩個過程摩擦力做功相等，重力做功相等，根

15、據(jù)動能定理可知，兩次滑塊中物塊到達底端速度相等v，則第一種，第二種，因BCBA,所以t1t2,即第二次到達底端的時間較長，選項C錯誤.故選D.【點睛】本題應用牛頓第二定律和運動學、動能定理是解答這類問題的關(guān)鍵應用動能定理時注意正確選擇兩個狀態(tài)，弄清運動過程中外力做功情況，可以不用關(guān)心具體的運動細節(jié)5、B【解析】A、兩顆星體是圍繞同一點運動的，故周期相同，選項A錯誤；BC由，得，所以星的線速度選項B正確，選項C錯誤；D由得選項D錯誤。故選B。6、A【解析】在拉力作用下木箱重力、拉力、地面的支持力和滑動摩擦力作用，根據(jù)平衡條件得又聯(lián)立解得其中，由數(shù)學知識知：當，即時有最小值，且最小值為故選A。二、

16、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A. 從圖中可以看出，上極板帶正電，下極板帶負電，帶電粒子由靜止開始向下運動，說明受到向下的電場力，可知粒子帶正電。故A正確；B. 離子具有速度后，它就在向下的電場力F及總與速度垂直并不斷改變方向的洛侖茲力f作用下沿ACB曲線運動，因洛侖茲力不做功，電場力做功等于動能的變化，而離子到達B點時的速度為零，所以從A到B電場力所做正功與負功加起來為零。這說明離子在電場中的B點與A點的電勢能相等，即B點與A點位于同一高度。故B正確

17、；C. 在由A經(jīng)C到B的過程中，C點電勢最低，此時粒子的電勢能最小，由能量守恒定律可知，此時具有最大機械能。故C正確；D. 只要將離子在B點的狀態(tài)與A點進行比較，就可以發(fā)現(xiàn)它們的狀態(tài)（速度為零，電勢能相等）相同，如果右側(cè)仍有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域，離子就將在B之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運動，因此，離子是不可能沿原曲線返回A點的。如圖所示。故D錯誤。8、AC【解析】A、電場強度與電場線的密集程度有關(guān)電場線越密，電場強度越大；反之則越小，故A正確，BC、沿電場線方向，電勢一定越來越低但電場強度不一定越來越小，比如正電荷的電場線沿電場線電場強度越來越??；沿電場線方向，電勢一定越來越低，故B錯誤C正確;

18、 D、電場線并不實際存在，它只是人為的輔助工具，而帶電粒子的運動軌跡是實際存在的，故D錯誤綜上所述本題答案是：AC9、CD【解析】解： 假設繩子不斷裂,則當繩子拉力增大到某一值時B物體會開始滑動,此時A、B之間達到最大靜摩擦力以B為研究對象,最大靜摩擦力產(chǎn)生加速度,由牛頓第二定律得:以整體為研究對象,由牛頓第二定律得 即當繩子拉力達到36N時兩物體才開始相對滑動所以A、B錯當拉力為16N時,由再由，故C、D正確10、BC【解析】，根據(jù)電容的決定式可知，當M向上移時，板間距離d增大，電容器的電容變??；當將D從電容器抽出，介電常數(shù)減小，電容器的電容變小，故A錯誤，B正確；斷開開關(guān)S，M上移，電量不

19、變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關(guān)S，電壓不變，M上移時電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯誤選BC.【點睛】根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、細繩的方向 4.00N F AC 【解析】（1）1實驗時用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結(jié)點的位置O點、兩彈簧測力計的讀數(shù)F1、F2以及細繩的方向；（2）

20、2第二個圖中彈簧測力計的示數(shù)F=4.00N.（3）3圖中F是兩個分力合力的理論值，F(xiàn)是兩個分力合力的實際值，則F的方向一定與橡皮條在同一直線上.（4）4A.彈簧測力計應在使用前校零，選項A正確；B.實驗中所用的兩根細繩越長越好,這樣可減小記錄力的方向時的誤差，選項B錯誤；C.彈簧測力計的拉力方向必須與木板平行，選項C正確；D.每次實驗中兩個分力間的夾角不一定必須大于90，選項D錯誤；故選AC.12、萬有引力恒量 B 【解析】（1）裝置B是卡文迪許扭秤，卡文迪許用該裝置測出萬有引力恒量。（2）第一個裝置是當支持面發(fā)生微小形變時，鏡面法線也會改變一定角度，這一變化通過電光源投影進行放大第二個裝置都是球m，受到m對它的引力會使豎直懸線發(fā)生扭轉(zhuǎn)，從而使鏡面M的法線轉(zhuǎn)過微小角度，從而電光源的投影會在標尺上移動一定距離，從而將微小形變放大將微小形變進行放大，故都是利用放大的思想方法這兩個裝置都是將微小形變進行放大，故都是利用放大的思想方法。【點睛】本題主要考查彈性形變的原因以及萬有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬有引力恒量的測定。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）以4個滑塊為研究對象，設第一個滑塊剛進BC段時，4個滑塊的加速度為a，由牛