2022-2023學年福建省晉江市安溪一中、養(yǎng)正中學、惠安一中、泉州實驗中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A、B兩顆衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，A衛(wèi)星運行的周期為，軌道半徑為；B衛(wèi)星運行的周期為，下列說法正確的是（ ）AB衛(wèi)星的軌道半徑為BA衛(wèi)星的機械能一定大于B衛(wèi)星的機械能C在

2、發(fā)射B衛(wèi)星時候，發(fā)射速度可以小于7.9km/sD某時刻衛(wèi)星A、B在軌道上相距最近，從該時起每經過時間，衛(wèi)星A、B再次相距最近2、美國在2016年2月11日宣布“探測到引力波的存在”，天文學家通過觀測雙星軌道參數(shù)的變化來間接驗證引力波的存在，證實了GW150914是兩個黑洞并合的事件，GW150914是一個36倍太陽質量的黑洞和一個29倍太陽質量的黑洞并合事件。假設這兩個黑洞繞它們連線上的某點做圓周運動，且這兩個黑洞的間距緩慢減小，若該黑洞系統(tǒng)在運動過程中各自質量不變且不受其它星系的影響，則關于這兩個黑洞的運動，下列說法正確的是（ ）A這兩個黑洞做圓周運動的向心加速度大小始終相等B36倍太陽質量

3、的黑洞比29倍太陽質量的黑洞運行的軌道半徑小C這兩個黑洞運行的線速度大小始終相等D隨兩個黑洞的間距緩慢減小，這兩個黑洞運行的周期也在增大3、人從高處跳到低處時，一般都是讓腳尖先著地，下列解釋正確的是（）A減小沖量B使動量的變化量變的更小C延長人與地面的作用時間，從而減小沖力D增大人對地面的壓強，起到安全作用。4、火星是我們認為最有可能有生命活動的地方。我國將于2020年發(fā)射火星探測器。如圖所示，探測器在太空直飛火星，在P點進行制動，使火星沿著大橢圓軌道運動，再經過P點時再次制動，使得探測器沿著近火星圓軌道做圓周運動而達到近距離探測的目的。則下列說法正確的是A完成兩次制動之后，探測器在軌道上的運

4、行周期大于在軌道上的運行周期B探測器分別在軌道和軌道上經過P點時的加速度相同C探測器分別在軌道和軌道上經過P點時的速度相同D探測器在軌道上運行速度大于火星的第一宇宙速度5、為了研究平拋物體的運動，一名男生和一名女生站在操場的主席臺上先后從同一位置，各自向空曠的操場水平同向拋出一個小球，兩小球恰好落到操場上的同一點。男生拋出的小球高度高于女生，若不計空氣阻力，則下列說法正確的是()A兩小球在空中運動的時間相同B男生拋出的小球水平速度大于女生拋出的小球水平速度C兩小球落地時，速度方向與水平方向的夾角相同D從拋出到落地，兩小球動量的變化量的方向均豎直向下6、甲、乙、丙三輛汽車同時以相同的速度經過某一

5、路標，此后甲一直做勻速直線運動，乙先加速后減速，丙先減速后加速，它們經過下一路標時的速度仍相同，則A甲車先經過下一個路標B乙車先經過下一個路標C丙車先經過下一個路標D無法判斷誰先經過下一個路標二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，六個點電荷分布在邊長為a的正六邊形的六個頂點處，除一處的電荷量為-q外，其余各處的電荷量均為+q，MN為其正六邊形的一條中線,M、N為中線與正六邊形邊長相交的兩點，則下列說法正確的是（ ）AM、N兩點場強相同BMN兩點電勢相等C在中心

6、O處，場強大小為方向沿O指向-q方向.D沿直線從M到N移動負電荷，電勢能先增大后減小8、在星球A上將一小物塊P豎直向上拋出，P的速度的二次方v2與位移x間的關系如圖中實線所示；在另一星球B上用另一小物塊Q完成同樣的過程，Q的v2-x關系如圖中虛線所示已知星球A、B的半徑相等，若兩星球均為質量均勻分布的球體，兩星球上均沒有空氣，不考慮兩星球的自轉，則下列說法正確的是（ ） A星球A表面的重力加速度是星球B表面的重力加速度的BA的密度是B的密度的3倍CP拋出后落回原處的時間是Q拋出后落回原處的時間的DA的第一宇宙速度是B的第一宇宙速度的倍9、質量為m的物體，以的加速度由靜止豎直向下做勻加速直線運動

7、，下降高度為h的過程中A物體的重力勢能減少了B物體的機械能減少了C物體的動能增加了D物體所受合外力做的功為10、在豎直平面內有水平向右、電場強度為E=1104N/C的勻強電場在場中有一個半徑為R=2m的光滑圓環(huán)，環(huán)內有兩根光滑的弦AB和AC，A點所在的半徑與豎直直徑BC成角。質量為0.04kg的帶電小球由靜止從A點釋放,沿弦AB和AC到達圓周的時間相同?，F(xiàn)去掉弦AB和AC，給小球一個初速度讓小球恰能在豎直平面沿環(huán)內做完整圓周運動，不考慮小球運動過程中電量的變化。下列說法正確的是(cos=0.8，g=10m/s2)（ ）A小球所帶電量為q=3.6105 CB小球做圓周運動動能最小值是0.5 JC

8、小球做圓周運動經過C點時機械能最小D小球做圓周運動的對環(huán)的最大壓力是3.0N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用圖甲所示的裝置驗證動量守恒定律。圖中AB為斜槽，BC為水平槽。（1）下列說法正確的是_。A該實驗要求入射小球的質量應大于被碰小球的質量B該實驗要求入射小球和被碰小球必須是金屬材質C該實驗通過測量入射小球從斜槽上由靜止釋放的高度h得到小球碰撞前的速度D該實驗通過測量小球做平拋運動的豎直位移間接得到小球碰撞前后的速度（2）實驗時先使入射小球從斜槽上某一固定位置S多次由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上并留下痕跡，從

9、而確定P點的位置；再把被碰小球放在水平槽末端，讓入射小球仍從位置S多次由靜止釋放，跟被碰小球碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，從而確定M、N點的位置。實驗中，確定P點位置時多次落點的痕跡如圖乙所示，刻度尺的零刻線與O點對齊，則OP=_cm。（3）該實驗若要驗證兩小球碰撞前后的動量是否守恒，需要分別測量記錄紙上M點距O點的距離LOM、P點距O點的距離LOP、N點距O點的距離LON。除此之外，還需要測量的物理量是_，需要驗證的關系式為_（其中涉及需要測量的物理量請用自己設定的字母表示）。（4）該實驗巧妙運用了平拋運動的規(guī)律。請以平拋運動為例，分析論證當物體所受的合力與初速度方向不在一條

10、直線上時，物體必做曲線運動_。12（12分）現(xiàn)要測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，實驗裝置如圖1所示表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度構成斜面；木板上有一滑塊，其后端與穿過打點計時器的紙帶相連；打點計時器固定在木板上，連接頻率為50Hz的交流電源接通電源后，從靜止釋放滑塊，滑塊帶動紙帶打出一系列的點跡（1）圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6是實驗中選取的計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標出），2、3和5、6計數(shù)點的距離如圖2所示由圖中數(shù)據(jù)求出滑塊的加速度a=_（結果保留三位有效數(shù)字）（2）已知木板的長度為L，為了求出滑塊與木板間的動

11、摩擦因數(shù)，還應測量的物理量是（_）A滑塊到達斜面底端的速度v B滑塊的質量mC滑塊的運動時間t D斜面高度h和底邊長度x（3）設重力加速度為g，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)的表達式為=_（用所需測物理量的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，粗細均勻的U型細玻璃管豎直放置，A端被封閉空氣柱的長度為L1 =60cm各部分水銀柱的長度分別為L2=L3 =25cm，L4=l0cmBC水平，外界大氣壓p0=75cmHg將玻璃管繞過C點垂直紙面的軸沿順時針方向緩慢旋轉90，至CD管水平求此時被封閉空氣柱

12、的長度14（16分）彈射座椅( Eject1 on seat)是飛行員使用的座椅型救生裝置。在飛機失控時，依靠座椅上的動力(噴氣發(fā)動機)裝置將飛行員彈射到高空，然后打開降落傘使飛行員安全降落。某次實驗中，在地面上靜止的戰(zhàn)斗機內，飛行員按動彈射按鈕，座椅(連同飛行員)在噴氣發(fā)動機的驅動下被彈出打開的機艙，座椅沿豎直方向運動，5s末到達最高點，上升的總高度為112.5m。此后降落傘打開，飛行員安全到達地面。已知座椅（連同飛行員等）的總質量為100kg，噴氣發(fā)動機啟動時對座椅產生豎直向上且恒定不變的推力，經短時間后發(fā)動機自行關閉，不考慮發(fā)動機質量的變化及空氣阻力，取g=10m/s2，求發(fā)動機對座椅沖

13、量大小和推力大小。15（12分）如圖所示，真空室中電極K發(fā)出的電子(初速不計）經過電勢差為U1的加速電場加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉電場，最后打在熒光屏上CD兩板間的電勢差UCD隨時間變化如圖所示，設C、D間的電場可看作是均勻的，且兩板外無電場已知電子的質量為m、電荷量為e(重力不計)，C、D極板長為L, 板間距離為d,偏轉電壓U2,熒光屏距C、D右端的距離為L/6, 不同時刻從K極射出的電子都能通過偏轉電極且不計電子間的相互作用求：（1）電子通過偏轉電場的時間t0（2）若UCD的周期T=t0, 熒光屏上電子能夠到達的區(qū)域的長度；（3）若UCD的周期T=2t0, 到達

14、熒光屏上O點的電子的動能？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A根據(jù)開普勒第三定律可得：則得衛(wèi)星的軌道半徑為：故A錯誤；B因由上分析知，根據(jù)將衛(wèi)星從低軌道進入高軌道，火箭要點火加速做功，但由于與的質量都未知，故無法判定誰的機械能更大，故B錯誤；C發(fā)射地球的衛(wèi)星，其發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度，即發(fā)射速度大于，故C錯誤；D設從兩衛(wèi)星相距最近到再次相距最近經歷時間為。則有：得：，故D正確。故選D2、B【解析】根據(jù)Gm1m2L2m142T2r1可得m242L2r1GT2 根據(jù)Gm1m2L2m242T2r2可得m

15、142L2r2GT2由知m1m2r2r1，質量與軌道半徑成反比，所以36倍太陽質量的黑洞軌道半徑比29倍太陽質量的黑洞軌道半徑小。故B正確；根據(jù)a2r可知，角速度相等，質量大的半徑小，所以質量大的向心加速度小，故A錯誤；這兩個黑洞共軸轉動，角速度相等，根據(jù)v=r可以，質量大的半徑小，所以質量大的線速度小。故C錯誤；又：m1+m242L2(r1+r2)GT2=42L3GT2，當m1+m2不變時，L減小，則T減小，即雙星系統(tǒng)運行周期會隨間距減小而減小，故D錯誤；故選B?！军c睛】解決本題的關鍵知道雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，應用萬有引力定律與牛頓第二定律即可正確解題。3、C【解析】人從高處跳到

16、低處時，速度是一定的，即動量的變化是一定的，一般都是讓腳尖先著地，是為了增大與地面的接觸時間，根據(jù) 可知，可以減小地面對人的沖力，從而減小人對地面的壓強，故C正確，ABD錯誤。故選C。4、B【解析】A、根據(jù)開普勒第三定律，探測器在軌道上的運行周期小于在軌道上的運行周期，故A錯誤。B、探測器分別在軌道和軌道上經過P點時受火星的萬有引力相同，由牛頓定律可知，加速度一樣大，故B正確。C、由于在P點萬有引力的方向和速度方向垂直，所以探測器只有向心加速度，a1=a2，而探測器在橢圓軌道上P點的曲率半徑r大于圓軌道上的半徑R，由向心加速度a1=v12r，a2=V22R可知，v1v2，因此衛(wèi)星的速度不相等。

17、故C錯誤。D、火星的第一宇宙速度是繞火星表面附近的速度，由v=GMr知，探測器在軌道上運行速度小于火星的第一宇宙速度，故D錯誤。故選：B5、D【解析】根據(jù)豎直方向的運動情況確定時間，根據(jù)水平方向的運動情況確定初速度大??；根據(jù)運動的合成求解落地時速度與水平方向的夾角。【詳解】A項：根據(jù)豎直方向的運動規(guī)律可知，解得：，所以兩小球在空中運動的時間不相同，男生拋出的小球運動時間比女生拋出的小球運動時間長，故A錯誤；B項：小球在水平方向做勻速直線運動，初速度，女生拋出的小球水平速度大于男生拋出的小球水平速度，故B錯誤；C項：兩小球落地時，設速度方向與水平方向的夾角為，則tan=，所以兩小球落地時，速度方

18、向與水平方向的夾角男生的大，故C錯誤；D項：由于拋出的小球只受重力，由動量定理可知，從拋出到落地，兩小球動量的變化量方向與重力方向相同即為豎直向下，故D正確。故應選：D?！军c睛】本題主要是考查了平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。6、B【解析】設甲做勻速直線運動的速度為v，乙先加速后減速，在運動的過程中速度大于v，則整個過程中的平均速度大于v；丙先減速后加速，在運動過程中的速度小于v，則整個過程中的平均速度小于v根據(jù)，知乙的運動時間最短，所以乙車先經過下一個路標A甲車先經過下一個路標，與結論不相符，選項A錯誤；B乙車先經過下一個路標，與結論相符

19、，選項B正確；C丙車先經過下一個路標，與結論不相符，選項C錯誤；D無法判斷誰先經過下一個路標，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A中間一組-q和+q電荷在MN兩處合場強大小相等，方向水平向左，最上邊一組正電荷在M點合場強為0，最下面一組在N點合場強為0，最上邊一組正電荷在N點合場強方向豎直向下，最下邊一組正電荷在M點合場強方向豎直向上，最上邊一組正電荷在N點合場強大小和最下邊一組正電荷在M點合場強大小相等，所以M、N兩點場強大小

20、相等，方向不同。故A錯誤。BD若將負電荷從M點沿直線移動到N點，垂直MN方向上的電場力一直不做功，豎直方向上電場力先做正功，后做負功，由對稱性，所做總功為零，所以MN兩點電勢相等，負電荷電勢能不變。故B正確，D錯誤。C上下兩組正電荷共四個+q在O點合場強為0，中間-q和+q電荷在O點合場強大小為，方向沿O指向-q方向，所以中心O點場強大小為，方向沿O指向-q方向。故C正確。8、BD【解析】A.根據(jù)可知圖像斜率代表重力加速度大小，A、B兩星球表面重力加速度之比3:1，所以A錯誤；B.由公式 ， ，解得：得A、B星球密度之比為3:1，所以B正確；C.由圖像得P、Q豎直上拋初速度之比 ：1，根據(jù)所以

21、運動時間之比為：3，所以C錯誤；D.由公式得A、B星球第一宇宙速度之比為：1，所以D正確9、BC【解析】對物體進行受力分析，如圖所示：根據(jù)牛頓第二定律：解得：F做功：重力做功WG=mghA根據(jù)功能關系，重力做功等于重力勢能的減小量，即物體的重力勢能減少了mgh;故A錯誤。B根據(jù)功能關系，F(xiàn)做功等于機械能的增量，所以物體的機械能減少了mgh;故B正確。C根據(jù)動能定理:故C正確。D物體所受合外力做的功:故D錯誤。故選BC。10、BD【解析】A因從A點到E點和C點的運動時間相同，因此可將A點看成在電場和重力場的等效最高點，因此等效重力場的方向為AO方向，因此對小球進行受力分析，小球應帶正電，則有解得

22、小球的帶電量為，故A錯誤；B小球做圓周過程中由于重力和電場力都是恒力，所以它們的合力也是恒力，小球的動能、重力勢能和電勢能之和保持不變，在圓上各點中，小球在等效最高點A的勢能（重力勢能和電勢能之和）最大，則其動能最小，由于小球恰能在豎直平面沿環(huán)內做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律，在A點其合力作為小球做圓周運動的向心力，有小球做圓周運動過程中動能最小值為故B正確；C由于總能量保持不變，即所以小球在圓上最左側的位置，電勢能EPE最大，機械能最小，故C錯誤；D將重力與電場力等效成新的“重力場”，新“重力場”方向與豎直方向成，等效重力為等效重力加速度為小球恰好能做圓周運動，在等效最高點A點速度為在等效最低

23、點小球對環(huán)的壓力最大，設小球在等效最低點的速度為v，由動能定理得由牛頓第二定律得聯(lián)立解得小球在等效最低點受到的支持力根據(jù)牛頓第三定律知小球做圓周運動的過程中對環(huán)的最大壓力大小也為3.0N，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 39.80 入射小球的質量m1 和被碰小球的質量m2 見解析 【解析】（1）1AB、要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射小球的質量應大于被碰小球的質量，而對小球的材質無要求，故A正確，B錯誤；C、入射小球從靜止下落過程中會受到回到對其的摩擦力作用，由于摩擦力做功未

24、知，所以不能通過測量入射小球從斜槽上由靜止釋放的高度h得到小球碰撞前的速度，故C錯誤；D兩球碰撞后均做平拋運動，平拋的初速度為，豎直高度相同，則下落時間相等，故只需要測量平拋的水平位移而不需要測量豎直高度；故選A；（2）2為保證減小實驗誤差，則應用最小的圓把所有落點圈起來，其中心為平均落地點，即讀軌跡中心到O點的距離即為OP的長度，毫米刻度尺的最小分度是毫米，所以OP=39.80cm；（3）34據(jù)平拋運動可知，落地高度相同，則運動時間相同，設落地時間為t，則：令入射小球的質量為m1和被碰小球的質量m2，根據(jù)動量守恒定律有：m1v0=m1v1+m2v2，m1LOP=m1LOM+m2LON則還需測

25、量：入射小球的質量m1 和被碰小球的質量m2；（4）5由于物體在平拋運動中僅受重力作用，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度a的方向與重力方向相同，即豎直向下。根據(jù)加速度的定義可知，物體在任意時間t內的速度變化量v的方向必與加速度a的方向相同，即豎直向下。如圖所示，由于v0的方向水平向右，而v的方向豎直向下，由矢量三角形定則可知vt的方向必與v0的方向不同，即運動方向發(fā)生改變，則必做曲線運動。12、2.51 D 【解析】試題分析：（1）每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點，說明相鄰的計數(shù)點時間間隔：T=11s，根據(jù)逐差法有：；（2）要測量動摩擦因數(shù)，由mgcos=ma，可知要求，需要知道加速度與夾角余弦值，

26、紙帶數(shù)據(jù)可算出加速度大小，再根據(jù)斜面高度h和底邊長度x，結合三角知識，即可求解，故ABC錯誤，D正確（3）以滑塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin-mgcos=ma解得：考點：測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)【名師點睛】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，同時要熟練應用所學基本規(guī)律解決實驗問題四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】設玻璃管的橫截面積為S，封閉氣體開始的壓強為p1，體積為V1，則： 將玻璃管繞過C點垂直紙面的軸沿順時針方向緩慢旋轉900后，設AB管中還有水銀，此時封閉氣體壓強為p2，體積為V2，則根據(jù)玻意耳定律p1V1=p2V2解得 假設成立，所以被封閉空氣柱的長度為72cm點睛：此題考查玻意耳定律的應用；解題時要判斷玻璃管旋轉900時AB中是否存有水銀用假設法判斷；這是判斷不確定物理量的常用的方法.14、5103Ns 1104N【解析】座椅先向上做勻加速運動，后做勻減速運動，根據(jù)兩個過程的總位移等于總高度，第一過程的末速度等于第二個過程的初速度分別列式，求出勻加速的加速度，再由牛頓第二定