2021-2022年高考物理一模試卷(含解析)

1、實(shí)用文檔2021-2022年高考物理一模試卷（含解析）一、選擇題（本題共4小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.選對(duì)得6分，選錯(cuò)或不選得0分）1如圖所示，木質(zhì)半球體A在豎直向上的拉力F的作用下能靜止在斜面B上，斜面B是固定在地面上的，則關(guān)于半球體A的受力的個(gè)數(shù)，下列說法中正確的物體A定是受兩個(gè)力作用物體A定是受四個(gè)力作用物體A不是受兩個(gè)力作用就是受四個(gè)力作用物體A可能受三個(gè)力作用2某同學(xué)在籃球訓(xùn)練中，以一定的初速度投籃，籃球水平擊中籃板，現(xiàn)在他向前走一小段距離，與籃板更近，再次投籃，出手高度和第一次相同，籃球又恰好水平擊中籃板上的同一點(diǎn)，則（）A.第二次投籃籃球的初速度

2、大些B第二次擊中籃板時(shí)籃球的速度大些C第二次投籃時(shí)籃球初速度與水平方向的夾角大些D.第二次投籃時(shí)籃球在空中飛行時(shí)間長些3兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷位于x軸上，相對(duì)原點(diǎn)對(duì)稱分布，正確描述電勢0隨位置x變化規(guī)律的是圖（）美國字航局2011年12月5日宜布，他們發(fā)現(xiàn)了太陽系外第一顆類似地球的、可適合居住的行星“開普勒226”，其直徑約為地球的2.4倍.至今其確切質(zhì)量和表面成分仍不清楚,假設(shè)該行星的密度和地球相當(dāng)，根據(jù)以上信息估算該行星的第一宇宙速度等于（）3.3X103m/sB.7.9X103m/sC.1.2X104m/sD.1.9X104m/s二、選擇題（本題共3小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)

3、選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.）如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端固定，直立于水平地面上，將質(zhì)量為m的物體A輕放在彈簧的上端，當(dāng)物體A下降h時(shí)，其速度變?yōu)榱?；若將質(zhì)量為2m的物體B輕放在彈簧的上端，當(dāng)物體B也下降h時(shí)，其速度為v當(dāng)物體B下落到最低點(diǎn)時(shí)，其加速度為a.重力加速度用g表示，則下列結(jié)論正確的是（A.v=B.v=C.a=0D.a=g如圖所示，質(zhì)量分別為皿網(wǎng)m2的兩物塊放在水平地面上，與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都12是卩（卩工0）,用輕質(zhì)彈簧將兩物塊連接在一起.當(dāng)用水平力F作用在m】上時(shí)，兩物塊均以加速度a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為x；若用水平力F

4、作用在!時(shí)，兩物塊均以加速度a=2a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為x.貝U下列關(guān)系正確的是（）F=2FB.x=2xC.F2FD.xzmg.t=0時(shí)，物體從墻上靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)物體下滑后脫離墻面，此時(shí)速度大小為，最終落在地面上.則下列關(guān)于物體的運(yùn)動(dòng)說法正確的是（）PEY1H1L1J物體克服摩擦力所做的功W=mgH物體與墻壁脫離的時(shí)刻為t=當(dāng)物體沿墻壁下滑時(shí)，物體先加速再做勻速直線運(yùn)動(dòng)物體從脫離墻壁到落地之前的運(yùn)動(dòng)軌跡是一段直線三、（非選擇題）8物理小組在一次探究活動(dòng)中測量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)實(shí)驗(yàn)裝置如圖，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪

5、；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz.開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列小點(diǎn).（1）上圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a=m/s2（保留三位有效數(shù)字）.（2）回答下列兩個(gè)問題：為測量動(dòng)摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測量的有（填入所選物理量前的字母，多選或少選均不得分）A.木板的長度LB.木板的質(zhì)量mC.滑塊的質(zhì)量m212D.托盤和祛

6、碼的總質(zhì)量m3E.滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tr0124367-it.-1t.L1-1B-丿fa單位9Q根據(jù)“沿電場線方向電勢降低”的原理，從左側(cè)無窮遠(yuǎn)處向右電勢應(yīng)升高，正電荷所在位置處最高；然后再慢慢減小，o點(diǎn)處電勢為零，貝go點(diǎn)右側(cè)電勢為負(fù)，同理到達(dá)負(fù)電荷時(shí)電勢最小，經(jīng)過負(fù)電荷后，電勢開始升高，直到無窮遠(yuǎn)處，電勢為零；故B、C、D是錯(cuò)誤的；A正確.故選A.點(diǎn)評(píng)：本題中應(yīng)明確沿電場線的方向電勢降低；并且異號(hào)電荷連線的中垂線上的電勢為零;因?yàn)槠渲写咕€為等勢面，與無窮遠(yuǎn)處電勢相等.美國字航局2011年12月5日宜布，他們發(fā)現(xiàn)了太陽系外第一顆類似地球的、可適合居住的行星“開普勒226”，其直徑約為地球的2.4

7、倍.至今其確切質(zhì)量和表面成分仍不清楚,假設(shè)該行星的密度和地球相當(dāng)，根據(jù)以上信息.估算該行星的第一宇宙速度等于（）A.3.3X103m/sB.7.9X103m/sC.1.2X104m/sD.1.9X104m/s考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用.專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題.分析：根據(jù)萬有引力提供向心力表示出第一宇宙速度.再根據(jù)已知的條件求解.解答：解：第一宇宙速度是行星表面的運(yùn)行速度，根據(jù)萬有引力提供向心力得:v=該行星的密度和地球相當(dāng)，其直徑約為地球的2.4倍.所以該行星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的2.4倍.所以該行星的第一宇宙速度等于1.9X104m/s，故選D.點(diǎn)評(píng)：求一個(gè)物理量之比，我

8、們應(yīng)該把這個(gè)物理量先用已知的物理量表示出來，再根據(jù)表達(dá)式進(jìn)行比較.向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或所求解的物理量選取應(yīng)用.二、選擇題（本題共3小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.）如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端固定，直立于水平地面上，將質(zhì)量為m的物體A輕放在彈簧的上端，當(dāng)物體A下降h時(shí)，其速度變?yōu)榱?；若將質(zhì)量為2m的物體B輕放在彈簧的上端，當(dāng)物體B也下降h時(shí)，其速度為v當(dāng)物體B下落到最低點(diǎn)時(shí)，其加速度為a.重力加速度用g表示，則下列結(jié)論正確的是（A.v=B.v=C.a=0D.a=g考點(diǎn)：動(dòng)能和勢能的相互轉(zhuǎn)化

9、；彈性勢能；功能關(guān)系.分析：當(dāng)物塊接觸彈簧后，受到重力和彈簧的彈力，根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得出加速度與位移的關(guān)系式若物塊接觸彈簧時(shí)無初速度，根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)加速度大小等于g，當(dāng)小球以一定的初速度壓縮彈簧后，物塊到達(dá)最低點(diǎn)時(shí),彈簧的壓縮增大，加速度增大，大于g.物體由靜止自由下落到碰到彈簧前這個(gè)過程中，物體的重力勢能轉(zhuǎn)化為物體的動(dòng)能.物體從碰到彈簧到最底端，分兩個(gè)過程，一、彈力小于重力時(shí)，物體加速；二、彈力大于重力,物體減速.物體從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，物體的運(yùn)動(dòng)速度先增大后減小到零.根據(jù)動(dòng)能定理分別兩種情況下重力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系，兩種情況下，彈簧的彈力做功相等，再

10、聯(lián)立求解速度.解答：解：AB、當(dāng)質(zhì)量為m的物體從離彈簧頂端下落至最低點(diǎn)P的過程，克服彈簧做功為W，由動(dòng)能定理得：mgh-W=0當(dāng)質(zhì)量為2m的物體從離彈簧頂端下落至P的過程，設(shè)2m的物體到達(dá)P點(diǎn)的速度為v由動(dòng)能定理得：2mgh-W=X2mv2聯(lián)立得：v=，故A錯(cuò)誤，B正確；CD、物塊接觸彈簧后，在開始階段，物塊的重力大于彈簧的彈力，合力向下，加速度向下,根據(jù)牛頓第二定律得mg-kx=ma,得到a=g-x,a與x是線性關(guān)系，當(dāng)x增大時(shí)，a減?。划?dāng)彈力等于重力時(shí)，物塊的合力為零，加速度a=0；當(dāng)彈力大于重力后，物塊的合力向上，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律得，kx-mg=ma，得到a=x-g，a與x是

11、線性關(guān)系，當(dāng)x增大時(shí)，a增大.若物塊接觸彈簧時(shí)無初速度，根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)加速度大小等于g，方向豎直向上，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：BD.點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)牛頓第二定律得到a關(guān)于x的解析式，根據(jù)解析式選擇圖象是常用方法.難點(diǎn)在于確定小球在最低點(diǎn)的加速度大小大于重力加速度，利用簡諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性.解決本題的關(guān)鍵要搞清物體下落過中能量轉(zhuǎn)化關(guān)系：重力勢能一部分轉(zhuǎn)化為物體的動(dòng)能，另一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，還要知道同一彈簧壓縮量相同時(shí)，則彈性勢能就相同；再結(jié)合動(dòng)能定理即可輕松求解.如圖所示，質(zhì)量分別為皿網(wǎng)m2的兩物塊放在水平地面上，與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都12是（工0）,用輕質(zhì)彈

12、簧將兩物塊連接在一起.當(dāng)用水平力F作用在m】上時(shí)，兩物塊均以加速度a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為x；若用水平力F作用在m】時(shí)，兩物塊均以加速度a=2a做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)，彈簧伸長量為X.貝0下列關(guān)系正確的是（）A.F=2FB.x=2xC.F2FD.xV2x考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用.專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題.分析：先以兩個(gè)物體整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律求出F和F，再分別以皿網(wǎng)m2為】2研究對(duì)象，求出彈簧的彈力，由胡克定律分析彈簧伸長量的關(guān)系解答：解：A、C以兩個(gè)物體整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：F-u（mi+m2）g=（mi+m2）a卩-卩（叫+氣）g=2（斗+嗎山

13、顯然，F(xiàn)V2F.故AC均錯(cuò)誤.B、D，由得：a=由得：2a=-ug，分別以m】為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：kx-umig=mia=mi（），得:x=kx-umg=2ma=m（-ug,），得：x=則有xV2x.故B錯(cuò)誤，D正確.故選：D點(diǎn)評(píng)：本題的解答關(guān)鍵是靈活選擇研究對(duì)象，采用先整體法求解出物體的共同加速度，然后隔離法對(duì)物體利用牛頓第二定律求解，比較簡捷如圖所示，離地H高處有一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的物體處于電場強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律為E=E0-kt（E。、k均為大于零的常數(shù)，電場水平向左為正方向）的電場中，物體與豎直絕緣墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩，已知PqE0mg.t=0時(shí)，物體從墻上靜止釋放，

14、若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)物體下滑后脫離墻面，此時(shí)速度大小為，最終落在地面上.則下列關(guān)于物體的運(yùn)動(dòng)說法正確的是（）物體克服摩擦力所做的功W=mgH物體與墻壁脫離的時(shí)刻為t=當(dāng)物體沿墻壁下滑時(shí)，物體先加速再做勻速直線運(yùn)動(dòng)物體從脫離墻壁到落地之前的運(yùn)動(dòng)軌跡是一段直線考點(diǎn)：牛頓第二定律；功的計(jì)算.分析：根據(jù)動(dòng)能定理，抓住電場力在沿墻面下滑的過程中不做功，求出物體克服摩擦力做功的大小，抓住電場強(qiáng)度的變化規(guī)律，結(jié)合電場力為零時(shí)，物體脫離墻面求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.根據(jù)牛頓第二定律通過加速度的變化判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)合力與速度的方向確定物體的運(yùn)動(dòng)軌跡解答：解：A、物體從開始運(yùn)動(dòng)到脫離墻面電場力

15、一直不做功，由動(dòng)能定理得,，v=，故A正確.B、當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)電場強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0，解得時(shí)間t=故B正確.C、豎直方向上有mg-uqE=ma，隨著電場強(qiáng)度E的減小，加速度a逐漸增大，當(dāng)E=0時(shí)，加速度增大到重力加速度g,此后物塊脫離墻面，故C錯(cuò)誤.D、物體脫離墻面時(shí)的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直線上，所以運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線故D錯(cuò)誤.故選：AB點(diǎn)評(píng)：本題綜合考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律的運(yùn)用，知道物體做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)的條件三、（非選擇題）物理小組在一次探究活動(dòng)中測量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù).實(shí)驗(yàn)裝置如圖，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木

16、板上有一滑塊，其一端與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz.開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列小點(diǎn).（1）上圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a=0.496m/s2（保留三位有效數(shù)字）.回答下列兩個(gè)問題：為測量動(dòng)摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測量的有_CL(填入所選物理量前的字母，多選或少選均不得分)A.木板的長度LB.木板的質(zhì)量in】C.滑塊的質(zhì)量m2D.

17、托盤和砝碼的總質(zhì)量m3E.滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tI01234367S卜1期屮1嗣卜仙川預(yù)屮莎屮顧屮U?單位m滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)u=(用被測物理量字母表示，重力加速度為g).考點(diǎn)：探究影響摩擦力的大小的因素.專題：實(shí)驗(yàn)題；摩擦力專題.分析：(1)利用逐差法AxtaT2可以求出物體的加速度大??；根據(jù)牛頓第二定律有=ma,由此可知需要測量的物理量.根據(jù)牛頓第二定律的表達(dá)式，可以求出摩擦系數(shù)的表達(dá)式.解答：解:(1)每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)，說明相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔：T=0.1s,(sc-HKc+Kj)-(Kp+lKp+)根據(jù)逐差法有：a=0.496m/s2；9Te要測量動(dòng)摩擦因數(shù)，由f=uFN可

18、知要求u,需要知道摩擦力和壓力的大小，壓力就是滑塊的重力，所以需要知道滑塊的質(zhì)量，摩擦力要根據(jù)鐵塊的運(yùn)動(dòng)來求得，滑塊做的是勻加速運(yùn)動(dòng)，拉滑塊運(yùn)動(dòng)的是托盤和祛碼，所以也要知道托盤和祛碼的質(zhì)量，故ABE錯(cuò)誤，CD正確.故選：CD.以整個(gè)系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律有：曙-“(氣+m3)af=v聯(lián)立解得：=故答案為：(1)0.496；(2)CD，點(diǎn)評(píng)：解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，同時(shí)要熟練應(yīng)用所學(xué)基本規(guī)律解決實(shí)驗(yàn)問題.利用如圖甲所示的電路測量某電池的電動(dòng)勢E和內(nèi)電阻r,圖中R是電阻箱，R。是阻值為1.0Q的定值電阻.閉合電鍵S,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記

19、錄電阻箱的示數(shù)R和電壓表相應(yīng)的示數(shù)U,記錄數(shù)據(jù)如表所示.為了較方便準(zhǔn)確地得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論，可用圖象法來處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，若圖象的縱坐標(biāo)表示電壓表的示數(shù)U,則圖象橫坐標(biāo)表示的物理量應(yīng)(請從數(shù)據(jù)表格中選擇)，利用表中的數(shù)據(jù)在圖乙所示的坐標(biāo)紙中畫出圖象，根據(jù)圖象可求得電源的電動(dòng)勢E=1.50V，電源的內(nèi)電阻r=0.50Q.(結(jié)果保留二位小數(shù))R/Q48.020.012.08.05.54.0U/V1.451.41.331.261.181.09/A0.030.070.110.160.210.27/Q-10.020.050.080.120.180.25R甲測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻.實(shí)驗(yàn)題.由閉合電路歐姆定律可得出表

20、達(dá)式，為了更容易得出結(jié)果，應(yīng)讓圖象為直線，由考點(diǎn)專題分析：數(shù)學(xué)關(guān)系可得出橫坐標(biāo)；根據(jù)數(shù)學(xué)公式及圖象，可得出圖象的截距及斜率的含義；即可求出電動(dòng)勢和內(nèi)電阻解答，解：由閉合電路的歐姆定律可得：U=E-(R0+r),即縱坐標(biāo)為U時(shí)，要求能直觀反映變量之間的關(guān)系，圖線應(yīng)該為直線，橫坐標(biāo)必須為.根據(jù)描點(diǎn)法作出U-圖象；圖象與電壓軸的交點(diǎn)表電源的電動(dòng)勢，由圖象可知，電源電動(dòng)勢為:E=1.50V；圖象斜率絕對(duì)值等于電源內(nèi)阻與保護(hù)電阻阻值之和，則：k=r+R=1.50，0電源的內(nèi)阻為：r=k-R0=1.5Q-1.0Q=0.50Q；故答案為:，1.50,0.50點(diǎn)評(píng)：應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方

21、法，定值電阻串入電路一方向保護(hù)電源，同時(shí)擴(kuò)大電源的內(nèi)阻.同時(shí)電源的路端電壓與電流圖象與電流的交點(diǎn)不一定是短路電流，由電壓軸是否是從零開始的.10質(zhì)量為m=0.5kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊，從光滑斜面上高h(yuǎn)0=O.6m的A點(diǎn)由靜止開始自由滑下.已知斜面AB與水平面BC在B處通過一小圓弧光滑連接.長為x0=O.5m的水平面BC與滑塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)P=0.3,C點(diǎn)右側(cè)有4級(jí)臺(tái)階（臺(tái)階編號(hào)如圖所示），D點(diǎn)右側(cè)是足夠長的水平面.每級(jí)臺(tái)階的高度均為h=0.2m，寬均為L=0.4m.（設(shè)滑塊從C點(diǎn)滑出后與地面或臺(tái)階碰撞后不再彈起）.求：（1）滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度vB；B（2）滑塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間

22、tBC；BC（3）小球從C點(diǎn)拋出后直接落在P點(diǎn)，P點(diǎn)在哪個(gè)臺(tái)階上？平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t及水平距離考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng).專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題.分析：（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能動(dòng)能定理求出滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度vB.（2）根據(jù)動(dòng)能定理求出滑塊到達(dá)C點(diǎn)的速度，再通過牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t.（3）根據(jù)豎直位移和水平位移的關(guān)系確定運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而確定落在哪一個(gè)臺(tái)階上，結(jié)合高度求出平拋的時(shí)間，根據(jù)初速度和時(shí)間求出水平距離.解答：解：（1）物體在斜面AB上下滑，機(jī)械能守恒：代入數(shù)據(jù)解得：vB=.B（2）根據(jù)動(dòng)能定理得：，代入數(shù)據(jù)解得：vC=3m/s,根據(jù)牛頓第二定律得：umg=ma

23、則有：a=ug=0.3X10m/s2=3m/s2.所以滑塊從B到C的時(shí)間為:.（3）根據(jù)tan0=，又，2vn-tan92vrtan9|則有：t=gg10則水平位移為：x=vCt=3X0.3m=0.9m，2Lx3L，可知小球落在第三個(gè)臺(tái)階.根據(jù)得:水平位移xcp=vc1=3乂346呼1.38皿答：(1)滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度為m/s.滑塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間為0.155s.P點(diǎn)在第三個(gè)臺(tái)階上，水平距離為1.038m.點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)的水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及能夠熟練運(yùn)用動(dòng)能定理解題.如圖，光滑水平面AB與豎直面上的半圓形固定導(dǎo)軌在B點(diǎn)銜接，導(dǎo)軌半徑為R,個(gè)質(zhì)量

24、為m的靜止物塊在A處壓縮彈簧，把物塊釋放，在彈力的作用下獲得一個(gè)向右的速度,當(dāng)它經(jīng)過B點(diǎn)進(jìn)入導(dǎo)軌瞬間對(duì)導(dǎo)軌的壓力為其重力的7倍，之后向上運(yùn)動(dòng)恰能完成半圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)，求：彈簧對(duì)物塊的彈力做的功；物塊從B至C克服阻力做的功；物塊離開C點(diǎn)后落回水平面AB時(shí)動(dòng)能的大小.考點(diǎn)：動(dòng)能定理；機(jī)械能守恒定律.專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題.分析：(1)研究物體經(jīng)過B點(diǎn)的狀態(tài)，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求出物體經(jīng)過B點(diǎn)的速度物體恰好到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，由重力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律求出C點(diǎn)的速度，物體從B到C的過程，運(yùn)用動(dòng)能定理求解克服阻力做的功；得到物體的在C點(diǎn)的速度，物體從C返回至AB點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒定律，由機(jī)械能守恒即

25、可求出.解答：解:(1)設(shè)物塊進(jìn)入半圓導(dǎo)軌B點(diǎn)瞬間的速度為vB,物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)受重力mg和B支持力N=7mg作用，這時(shí)對(duì)物塊依牛頓第二定律得：設(shè)彈簧對(duì)物塊的彈力做的功為，對(duì)彈簧推動(dòng)物塊過程依動(dòng)能定理得：F由解得：W=3mgRF(2)設(shè)物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為vc，依題意可判知物塊在C點(diǎn)僅受重力mg作用，對(duì)物塊在C點(diǎn)依牛頓第二定律得：設(shè)物塊從B到C過程，摩擦阻力對(duì)物塊所做功的大小為Wf,對(duì)物塊的此過程依動(dòng)能定理得:-陀吃尺-陀詁叭；_由解得：故物塊從B到C過程克服阻力做的功為.（3）設(shè)物塊落回水平面AB時(shí)速度大小為v,取水平面AB為重力勢能零勢位，對(duì)物塊由Ct落到水平面AB的過程，依機(jī)械能守恒定律

26、得：由解得物塊落回水平面AB時(shí)動(dòng)能的大小為Wk=答：（1）彈簧對(duì)物塊的彈力做的功是3mgR；（2）物塊從B至C克服阻力做的功是；（3）物塊離開C點(diǎn)后落回水平面AB時(shí)動(dòng)能的大小是.點(diǎn)評(píng)：本題的解題關(guān)鍵是根據(jù)牛頓第二定律求出物體經(jīng)過B、C兩點(diǎn)的速度，再結(jié)合動(dòng)能定理、平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解.如圖（甲）所示，兩光滑導(dǎo)軌都由水平、傾斜兩部分圓滑對(duì)接而成，相互平行放置，兩導(dǎo)軌相距L=lm，傾斜導(dǎo)軌與水平面成0=30角，傾斜導(dǎo)軌的下面部分處在一垂直斜面的勻強(qiáng)磁場區(qū)I中，I區(qū)中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度片隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖（乙）所示，圖中t、t未知.水平導(dǎo)軌足夠長，其左端接有理想電流表G和定值電阻R=3Q，水平導(dǎo)軌處在1

27、一豎直向上的勻強(qiáng)磁場區(qū)II中，11區(qū)中的磁場恒定不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2=1T，在t=0時(shí)刻，從斜軌上磁場I區(qū)外某處垂直于導(dǎo)軌水平釋放一金屬棒ab,棒的質(zhì)量m=0.1kg，電阻r=2Q，棒下滑時(shí)與導(dǎo)軌保持良好接觸，棒由傾斜導(dǎo)軌滑向水平導(dǎo)軌時(shí)無機(jī)械能損失，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)若棒在斜面上向下滑動(dòng)的整個(gè)過程中，電流表G的示數(shù)大小保持不變，t22時(shí)刻進(jìn)入水平軌道，立刻對(duì)棒施一平行于框架平面沿水平方向且與桿垂直的外力.（g取10m/s2）求：（1）ab棒進(jìn)入磁場區(qū)I時(shí)的速度v；（2）磁場區(qū)I在沿斜軌方向上的寬度d；（3）棒從開始運(yùn)動(dòng)到剛好進(jìn)入水平軌道這段時(shí)間內(nèi)ab棒上產(chǎn)生的熱量；（4）若棒在t2時(shí)刻進(jìn)入水

28、平導(dǎo)軌后，電流表G的電流大小I隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖（丙）所示（Io未知），已知七2到七3的時(shí)間為0.5s,耳到匚的時(shí)間為1s,請?jiān)趫D（?。┲凶鞒鰐2023342考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化.專題：電磁感應(yīng)一一功能問題.分析：(1)由題意，電流表的示數(shù)保持不變，整個(gè)下滑過程中回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不變，可判斷出在t1時(shí)刻棒剛好進(jìn)入磁場I區(qū)域且做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件和安培力、歐姆定律、法拉第定律結(jié)合求解V；棒沒進(jìn)入磁場以前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出下滑的距離,由于棒進(jìn)入磁場后產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不變，由法拉第電磁感應(yīng)定律求出磁場區(qū)I在沿斜軌方向上的寬度d；ab棒進(jìn)入磁場以前，由焦耳定律求出ab棒產(chǎn)生的焦耳熱.進(jìn)入磁場I的過程中，棒的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由能量