河北省涉縣第二中學2022-2023學年物理高三第一學期期中檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、平行板電容器兩極板之間的距離為d、電壓為U、電場強度大小為E，兩極板所帶的電荷量為Q下列說法正確的是（ ）A保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话隑保持E不變，將

2、d變?yōu)樵瓉淼囊话?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禖保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒tU變?yōu)樵瓉淼囊话隓將d和Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，則E不變2、下列說法正確的是A勻速圓周運動是加速度不變的運動B平拋運動是勻變速曲線運動C當物體做曲線運動時，所受的合外力做功一定不為零D一對相互作用力做功一定是等大正負號相反3、如圖所示，小芳在體重計上完成下蹲動作，下列反映體重計示數(shù)隨時間變化的 F-t 圖像可能正確的是ABCD4、如圖所示，一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強電場中，當小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場中將作（）A自由落體運動B曲線運動C沿著懸線的延長線作勻加速運動D變加速直線運動5、一輛貨車運載若干相同的、光滑

3、圓柱形空油桶，質量均為m。如圖所示，底層油桶平整排列、相互緊貼。上層只有一只桶油C，自由擺放在油桶A、B之間，且與汽車一起處于靜止狀態(tài)。重力加速度為g。若汽車向左加速運動時（C始終與汽車相對靜止），則AA對C的支持力增大BB對C的支持力減小C當加速度時，B對C的支持力為D當加速度時，C對A、B的壓力均為6、如圖所示，在點電荷+Q產生的電場中，引入一個帶電量較小的電荷-q當將-q移近+Q的過程中Aa點的電場不會改變Bb點的電場不會改變C+Q在b點產生的電場會改變D+Q在a點產生的電場不會改變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

4、全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量為40kg的雪撬在傾角=37的斜面上向下滑動（如圖甲所示），所受的空氣阻力與速度成正比今測得雪撬運動的vt圖象如圖乙所示，且AB是曲線的切線，B點坐標為（4，15），CD是曲線的漸近線根據以上信息，可以確定下列哪些物理量（）A空氣的阻力系數(shù)B雪撬與斜坡間的動摩擦因數(shù)C雪撬在斜面上下滑的最大速度D雪撬達到最大速度時所用的時間8、如圖所示，一足夠長的斜面體靜置于粗糙水平地面上，一小物塊正在沿著斜面體勻速下滑，運動到斜面中間對小物塊施加一水平向右的恒力F，當物塊運動到最低點之前，下列說法正確的是( ) A物塊與斜面體間的彈力增大B物塊與斜

5、面體間的摩擦力增大C斜面體與地面間的彈力不變D地面對斜面體有向左的摩擦力9、如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N初始時，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為（）現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角不變在OM由豎直被拉到水平的過程中()AMN上的張力逐漸增大BMN上的張力先增大后減小COM上的張力逐漸增大DOM上的張力先增大后減小10、傾角為的三角形斜面體固定在水平面上，在斜面體的底端附近固定一擋板，一質量不計的的彈簧下端固定在擋板上，其自然長度時彈簧的上端位于斜面體上的O點質量分別為4m、m的物塊甲和乙用一質量不計的細繩連接，且跨過固定在斜面體頂端

6、的光滑定滑輪，如圖所示開始物塊甲位于斜面體上的M處，且MO=L，滑塊乙開始距離水平面中足夠高，現(xiàn)將物塊甲和乙由靜止釋放，物塊甲沿斜面下滑，當滑塊將彈簧壓縮到N點時，滑塊的速度減為零，已知物塊甲與斜面體之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取，忽略空氣的阻力，整個過程細繩始終沒有松弛且乙未碰到滑輪，則下列說法正確的是（ ）A物塊由靜止釋放到斜面體上N點的過程，物塊甲先勻加速直線運動緊接著勻減速直線運動到速度減為零B物塊甲在與彈簧接觸前的加速度大小為C物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為D物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定

7、的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組在做驗證牛頓第二定律實驗中（1）在閉合電鍵之前，甲同學將實驗器材組裝成圖甲所示請指出該裝置中的錯誤或不妥之處（只要答出其中的兩點即可）：_；_（1）乙同學將上述裝置調整正確后進行實驗，在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶，圖中相鄰兩計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，由圖中的數(shù)據可計算得小車加速度為_m/s1（保留兩位有效數(shù)字）（3）丙同學在利用上述調整好的裝置進行實驗中，保持砂和砂桶的總質量不變，小車自身的質量為M且保持不變，改變小車中砝碼的質量m，并測出小車中放不同砝碼時所對應的加速度a，以m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上作出如圖丙所示的關系圖線，

8、圖中縱軸上的截距為b，則小車受到的拉力大小為_12（12分）在用圖所示單擺“測重力加速度”的實驗中，某同學的操作步驟如下：a取一根細線，下端系住直徑為的金屬小球，上端固定在鐵架臺上；b測得擺長為， 是擺線長度和小球的半徑之和，即；c緩慢拉動小球，使細線偏離豎直方向約為位置由靜止釋放小球；d用秒表記錄小球完成次全振動所用的總時間，計算單擺周期；e用公式計算當?shù)刂亓铀俣?；f改變細線長度，重復、步驟，進行多次測量（1）在“用單擺測定重力加速度”的正確實驗中，下列做法有利于減小實驗誤差的是_A適當加長擺線B質量相同，體積不同的擺球，應選用體積較大的C單擺偏離平衡位置的角度不能太大D當單擺經過平衡位置

9、時開始計時，經過多次全振動后停止計時，用此時間間隔除以全振動次數(shù)作為單擺振動的周期（2）2005年5月22日上午10點05分，中國女子登山隊及珠峰高程測量隊組隊員率先登上珠峰頂峰，這是中國女運動員自1975年以來第六次攀登珠峰成功，五星紅旗再一次在珠峰峰頂飄揚在峰頂運動員利用單擺來確定珠峰的高度已知該單擺在海平面處的周期是在峰頂時，測得該單擺周期為試求珠峰頂峰離海平面的高度（地球可看作質量均勻分布的半徑為的球體；結果用、表示）_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一質量為M=4kg的長木板在粗糙水平地面上向

10、右運動，在t=0時刻，木板速度為vo=6m/s,此時將一質量為m=2kg的小物塊(可視為質點)無初速度地放在木板的右端，二者在01s內運動的v-t圖象如圖所示。己知重力加速度g=10m/s2。求： (1)小物塊與木板的動摩擦因數(shù)1,以及木板與地面間的動摩擦因數(shù)2；(2)若小物塊不從長木板上掉下,則小物塊最終停在距木板右端多遠處?(3)若在t=1s時,使小物塊的速度突然反向(大小不變),小物塊恰好停在木板的左端,求木板的長度L。14（16分）如圖所示，放于光滑水平地面上的半徑為的光滑四分之一圓軌道，其左側靠于豎真墻，底端切線水平地面上緊靠軌道靠放一個長度為的長木板，木板上表面與圓軌道末端相切，木

11、板上放一個長度剛好是木板長度一半的輕彈簧，彈簧右端被固定在木板的右端（已知彈簧中儲存的彈性勢能與其形變間對應關系為，其中為彈簧的勁度系數(shù)），木板最左端靜放一個物塊（可視為質點）物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為現(xiàn)從高處（高于軌道頂端）無初速釋放一個質量為的小球（也可視為質點），當小球經由整個光滑軌道滑下并與物塊發(fā)生碰撞后，剛好能返回到處物塊被碰后，沿木板上表面向右滑動，隨后開始壓縮彈簧，已知，當彈簧被壓縮到最短時，物塊剛好不會被彈簧彈開設最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，物塊與木板的質量為，取，試求：（1）小球到達圓軌道末端與碰撞前瞬間對軌道的壓力的大小；（2）小球在圓軌道上的整個運動過程中，對軌道的

12、水平沖量的大小；（3）物體在木板上滑動過程中因摩擦而生的熱15（12分）一質量為M=5 kg、長L=5 m的平板車靜止在光滑的水平地面上，平板車上表面距地面的高度h=0.8 m。一質量為m=1 kg、可視為質點的滑塊以v0=8 ms的水平初速度從左側滑上平板車，滑塊和平板車間的動摩擦因數(shù)=0.5。g取10 m/s2。求：（1）滑塊經多長時間滑到平板車右端；（2）滑塊落地時離平板車右端距離。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A、保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鶕?可知，E變?yōu)樵瓉淼囊话牍蔄正確B、保

13、持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，由U=Ed可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话牍蔅錯誤C、保持d不變，根據電容的決定式 可知，電容C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀叮晒椒治隹芍?，U變?yōu)樵瓉淼膬杀豆蔆錯誤D、根據電容的決定式 可知，由分析知，；則可知，E與兩板間的距離無關，與Q成正比，則將d和Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，則E減半故D錯誤綜上所述本題答案是：A【分析】保持U不變，根據公式分析E與d的關系；保持E不變，U與d正比；保持d不變，C不變，根據分析Q與U的關系2、B【解析】A、勻速圓周運動的加速度始終指向圓心，方向一直在改變，則勻速圓周運動的加速度是變化的，故A錯誤。B、平拋運動的加速度是重力加速度，大小、方向均不變，

14、故B正確。C、物體做曲線運動的條件是速度和加速度的方向不在一條直線上，當物體做勻速圓周運動時，合外力的方向始終與速度方向垂直，故合外力不做功，故C錯誤。D、一對相互作用力所做的功不一定為零，比如兩個相互的物體之間的摩擦力做功不一定相等（如板塊模型），故D錯誤?！军c睛】本題需要學生明確勻速圓周運動和平拋運動的性質，知道物體做曲線運動的條件，注意力與運動的關系以及功能關系。3、C【解析】人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài).【詳解】對人的運動過程分析可知，人下蹲的過程可以分成兩段：人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，此

15、時人對傳感器的壓力小于人的重力的大??；在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，此時人對傳感器的壓力大于人的重力的大小，ABD錯誤；C正確.故選C.【點睛】本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了.4、C【解析】懸線燒斷前，小球受重力、拉力、電場力平衡，重力和電場力的合力與拉力等值反向。燒斷細線，物體受重力、電場力，兩個力合力恒定，沿細線方向，小球開始靜止，在恒定合力作用下將沿合力方向即沿著懸線的延長線方向做勻加速直線運動，故ABD錯誤，C正確。故選C。5、C【解析】對C受力分析，由牛頓第二定律：解得AB則當汽車向左加速時，則a

16、變大，則FA減小，F(xiàn)B增加，選項AB錯誤；C當加速度時，由可得，B對C的支持力為選項C正確；D當加速度時，C對B的壓力為，C對A的壓力為0，選項D錯誤。6、D【解析】A a點的電場為點電荷+Q和電荷-q在a點產生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到a點的距離發(fā)生變化，在a點產生的電場發(fā)生變化。所以a點的電場發(fā)生改變，故A項錯誤；B b點的電場為點電荷+Q和電荷-q在b點產生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到b點的距離發(fā)生變化，在b點產生的電場發(fā)生變化。所以b點的電場發(fā)生改變，故B項錯誤；C 點電荷+Q到b點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在b點產生的電場不會改

17、變，故C項錯誤；D 點電荷+Q到a點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在a點產生的電場不會改變，故D項正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】在A點時，加速度為： 速度為：vA=5m/s根據牛頓第二定律得：當加速度a=0時，速度達到最大，vm=10m/s有 聯(lián)立解得： 由于該運動是加速度變化的加速運動，據題目已給條件無法求出雪橇到達最大速度所用的時間故A、B、C正確，D錯誤8、AB【解析】AB設斜面的傾角為，不加推力F時，滑塊勻速下滑，受重力、支持力和摩

18、擦力，根據共點力平衡條件，支持力N=mgcos摩擦力f=mgsin故動摩擦因數(shù)tan對小物塊施加一水平向右的恒力F后，支持力變大；滑動摩擦力，也變大；故AB正確；CD不加推力F時，根據平衡條件，滑塊受的支持力和摩擦力的合力豎直向上；故根據牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力豎直向下，故斜面體相對地面沒有滑動趨勢，故斜面體不受摩擦力；加上水平推力后，滑塊對斜面體的摩擦力和壓力同比例增加，其合力方向依舊是豎直向上（大小變大，方向不變）；同理，根據牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力依舊是豎直向下（大小變大，方向不變），故斜面體相對地面仍然沒有滑動趨勢，故斜面體仍然不受摩擦力，但

19、對地壓力變大了；故CD錯誤。故選AB。【點睛】本題考查平衡問題，要采用隔離法分析，根據平衡條件并結合牛頓第三定律分析，關鍵是明確滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力方向不變，不難9、AD【解析】以重物為研究對象，受重力mg，OM繩上拉力F2，MN上拉力F1，由題意知，三個力合力始終為零，矢量三角形如圖所示，在F2轉至水平的過程中，MN上的張力F1逐漸增大，OM上的張力F2先增大后減小，所以A、D正確；B、C錯誤10、BD【解析】A、釋放甲、乙后，物塊甲沿斜面加速下滑，當與彈簧接觸時，開始壓縮彈簧，彈簧產生沿斜面向上的彈力，但此時彈力小于物塊甲沿斜面向下的作用力，故物塊甲做加速度減小的加速運動，當把

20、彈簧壓縮到某一位置時，物塊甲沿斜面受力平衡，速度達到最大，之后彈力大于物塊甲沿斜面向下的作用力，物塊甲做減速運動，A錯誤；B、物塊甲沿斜面租受自身重力沿斜面分力、物塊乙對其沿斜面的拉力mg和斜面體對物塊甲的摩擦力，根據牛頓第二定律，沿斜面方向則有：，解得正確；C、D、以物塊甲和乙為研究對象，從M點運動取N點，在N點彈簧壓縮最短，彈性勢能達最大，物塊甲和乙從M點運動到N點，由動能定理，得，解得，由彈力做的功等于彈性勢能的變化，即錯誤，D正確故選BD.【點睛】解決本題有兩個關鍵：一是正確分析物塊的受力情況，判斷其運動情況二是明確能量是如何轉化的，運用牛頓第二定律和能量守恒定律進行解答三、實驗題：本

21、題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、打點計時器的電源不能用干電池 小車離打點計時器太遠 0.49 【解析】（1）打點計時器應該用低壓交流電（圖中干電池為直流電源）；小車離定滑輪太近（離打點計器較遠），小車應靠近打點計時器且打點計時器應距左端較遠，這樣便于小車運動一段過程，從而能準確測量小車的加速度，減小誤差；（1）圖中相鄰兩計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，則相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為，根據勻變速直線運動的推論公式得：（3）根據題意，由牛頓第二定律得：，則，則圖象的截距：，小車受到的拉力大?。骸军c睛】把握實驗原理才能準確的把握實驗的操作步驟，才能準確的

22、選擇和操作實驗器材要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用12、 AC 【解析】(1)A單擺的擺長越長，周期越大，適當加長擺長，便于測量周期，故A正確；B要減小空氣阻力的影響，應選體積較小的擺球，故B錯誤；C單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運動，則單擺偏離平衡位置的角度不能太大，一般不超過，故C正確；D周期對測量結果影響較大，應采用累積法，測多個周期的時間取平均值作為單擺的周期，故D錯誤；故選AC。(2)海平面處的周期依據單擺公式，頂峰處的周期，依據萬有引力與航天公式， ，聯(lián)立解得： 【點睛】掌握單擺的周期公式，依據萬有引力與航天公式公式，聯(lián)立

23、求出珠峰頂峰離海平面的高度。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1=0.1，2=0.3；（2）2.625m；（3）3.6m；【解析】（1）由v-t圖象得到小物塊的加速度，根據牛頓第二定律列式求解動摩擦因數(shù)；再對長木板受力分析，根據v-t圖象得到加速度，根據牛頓第二定律列式求解木板與地面間的動摩擦因數(shù)2。（2）根據v-t圖象得到1s內滑塊與木板的位移大小，得到相對位移大?。?s后都是減速，但滑塊相對木板再次右移，根據運動學公式列式分析；（3）先小物塊的速度突然反向，先對木板和滑塊分別受力分析，根據牛頓第二定律得到加速度，再結合運動學公式求解相對位移。【詳解】（1）小物塊的加速度：，長木板的加速度：，對小物塊受力分析，受重力、支持力和滑動摩擦力，根據牛頓第二定律，有：1mg=ma1，木板水平方向受滑塊向后的摩擦力和地面向后的摩擦，根據牛頓第二定律，有：-1mg-2（M+m）g=Ma2，解得：1=0.1，2=0.3；（2）v-t圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，1s內相對位移大?。簒1=613m；m受摩擦力：f1=1mg=2N，M受地面的滑動摩擦力：f2=2(M+m)g=18N，1s后M與m均是減速，但M加速度小于m的加速度，分別為：a11m/s2，a24m/s2，1s后M的位移：xM