2022-2023學年陜西省商洛市第3中學物理高三第一學期期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在人類對物體運動規(guī)律的認識過程中，許多物理學家大膽猜想、勇于質(zhì)疑，取得了輝煌的成就，下列有關(guān)科學家及他們的貢獻描述中正確的是( )A開普勒潛心研究第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，提出“

2、萬有引力定律”B牛頓最早證明了行星公轉(zhuǎn)軌道是橢圓，行星所受的引力大小跟行星到太陽距離的二次方成反比C亞里士多德對運動的研究，確立了許多用于描述運動的基本概念，比如平均速度、瞬時速度以及加速度D伽利略探究物體下落規(guī)律的過程中使用的科學方法是：問題猜想數(shù)學推理實驗驗證合理外推得出結(jié)論2、如圖所示，運動員揮拍將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出，如果網(wǎng)球被拍子擊打前、后瞬間速度的大小分別為v1、v2，v1與v2方向相反，且v2v1重力影響可忽略，則此過程中拍子對網(wǎng)球作用力的沖量為（ ）A大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同B大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同C大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同D大小

3、為m(v2v1)，方向與v2方向相同3、如圖，圓形和正方形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，圓的直徑和正方形的邊長相等，電子以某速度飛入磁場區(qū)域，速度方向與磁場垂直，且對準圓心（或者說垂直正方形邊長從中點進入），則下面正確的是 ( ) A電子在兩區(qū)域內(nèi)運動的時間一定不同B電子在兩區(qū)域內(nèi)運動的時間可能相同C電子可能從正方形的入射點的對邊邊長中心射出D電子在圓形區(qū)域內(nèi)運動的時間可以為周期的一半4、如圖所示是北斗導航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運動，a是地球同步衛(wèi)星，則（）A衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C衛(wèi)星a的運行速度大于第一宇宙速度D衛(wèi)星

4、b的周期大于24 h5、如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和2m的小球A、B(均可看做質(zhì)點)，且小球A、B用一長為2R的輕質(zhì)細桿相連，在小球B從最高點由靜止開始沿圓環(huán)下滑至最低點的過程中(重力加速度為g)，下列說法正確的是( )AA球增加的機械能等于B球減少的機械能BA球增加的重力勢能等于B球減少的重力勢能CA球的最大速度為D細桿對A做的功為mgR6、如圖所示.在豎直放置間距為d的平行板電容器中，存在電場強度為E的勻強電場。有一質(zhì)量為m，電荷量為+q的點電荷從兩極板正中間處靜止釋放.重力加速度為g。則點電荷運動到負極板的過程，（ ）A加速度大小為a=qEm+gB

5、所需的時間為t=dmqEC下降的高度為y=d2D電場力所做的功為W=Eqd二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，速度為v1，質(zhì)量為m的物塊以初速度v0從左端滑上傳送帶，v0v1，經(jīng)過一段時間物塊與傳送帶速度相同，此過程中A物塊克服摩擦力做的功為B物塊克服摩擦力做的功為C產(chǎn)生的內(nèi)能為D產(chǎn)生的內(nèi)能為8、如圖，內(nèi)壁光滑的細圓管一端彎成半圓形APB，與光滑的直軌道 BC連接，水平放置在桌面上并固定半圓形APB半徑R=1.0m，BC長L=1.5m，

6、桌子高度h=0.8m，質(zhì)量1.0kg的小球以一定的水平初速度從A點沿過A點的切線射入管內(nèi)，從C點離開管道后水平飛出，落地點D離點C的水平距離s=1m，不計空氣阻力，g取10m/s1則以下分析正確的是：（）A小球做平拋運動的初速度為10m/sB小球在圓軌道P點的角速度=10rad/sC小球在P點的向心加速度為a=15m/s1D小球從B運動到D的時間為0.7s9、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F120N、 F210N，則下列說法正確的是 ( )A彈簧的彈力大小為16NB若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物

7、體的拉力大小為10 NC如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2ND若F110N、 F220N，則彈簧的彈力大小不變10、如圖所示，ABC是一條長軌道，其中AB段是傾角為的斜面，BC段是水平的，一質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點）從A點由靜止滑下，最后停在C點已知滑塊與軌道間的動摩擦因數(shù)為，在B點兩軌道平滑連接，滑塊改變方向時無能量損失現(xiàn)用一沿著軌道方向的力拉滑塊，使它緩緩地由C點回到A點，則拉力對滑塊做的功等于：（ ）AmghB2mghCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在家中嘗試“驗證力的平行四邊形定則”，他找到三條相

8、同的橡皮筋（遵循胡克定律）和一個小重物，以及刻度尺、三角板、鉛筆、細繩、白紙、釘子，設計了如下實驗：將兩條橡皮筋的一端分別掛在豎直墻上的兩個釘子A、B上，另一端與第三條橡皮筋連接，結(jié)點為O，將第三條橡皮筋的另一端通過細繩懸掛重物，如圖1所示：（1）為完成該實驗，下述操作中必需有的是_（選填選項前的字母）。A測量細繩的長度B測量重物的質(zhì)量C測量橡皮筋的原長及懸掛重物后橡皮筋的長度及方向（2）圖2是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的力的圖示，其中_（選填“F”或“F ”）是直接用一條橡皮筋掛重物時測得的力。12（12分）某實驗小組利用圖甲所示的實驗裝置做探究加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系的實驗。(1)關(guān)于下列實

9、驗操作，正確的是_。A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B每次小車都要從同一位置開始運動C實驗中應先放小車，然后再開打點計時器的電源D通過增減小車上的砝碼改變小車質(zhì)設后，不需要重新平衡摩擦力(2)為使小車所受合外力等于細線的拉力，應采取的措施是_；要使細線的拉力等于砝碼的總重力，應滿足的條件是_。(3)小組成員中甲、乙兩同學先后在同一實驗裝置中做研究加速度與合外力關(guān)系實驗，其中一個同學在軌道水平情況下做的實驗，而另一個同學在軌道傾斜的情況下做的實驗，得到了 a F圖像中、兩條圖線。則圖線_ (填”或“”）是在軌道傾斜情況下得到的；小車及車中砝碼的總質(zhì)量m =_kg。四、計算題：本

10、題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長木板A上右端有一物塊B，它們一起在光滑的水平面上向左做勻速運動，速度v0=1m/s木板左側(cè)有與A等高的物體C已知長木板A的質(zhì)量為mA=1kg，物塊B的質(zhì)量為mB=3kg，物塊C的質(zhì)量為mc=1kg，物塊B與木板A間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s1（1）若木板足夠長，A與C碰撞后立即粘在一起，求物塊B在木板A上滑行的距離L； （1）若木板A足夠長，A與C發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短，沒有機械能的損失），求第一次碰撞后物塊B在木板A上滑行的距離L1；木板A是否還能與物塊C

11、再次碰撞？試陳述理由14（16分）如圖，容積均為V的汽缸A、B下端有細管（容積可忽略）連通，閥門K2位于細管的中部，A、B的頂部各有一閥門K1、K3，B中有一可自由滑動的活塞（質(zhì)量、體積均可忽略）。初始時，三個閥門均打開，活塞在B的底部；關(guān)閉K2、K3，通過K1給汽缸充氣，使A中氣體的壓強達到大氣壓p0的3倍后關(guān)閉K1。已知室溫為27，汽缸導熱。(1)打開K2，求穩(wěn)定時活塞上方氣體的體積和壓強；(2)接著打開K3，求穩(wěn)定時活塞的位置；(3)再緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體使其溫度升高20，求此時活塞下方氣體的壓強。15（12分）如圖所示，從A點水平拋出的小物塊，到達斜面頂端B處時，其速度方向恰好沿斜面向下

12、，然后沿傾角為的固定斜面滑下，小物塊到達C點時速度恰好為，因受到微小擾動，小物塊滑上與斜面平滑對接的四分之一光滑圓弧軌道上。已知圓弧軌道的半徑，圓心O在C點的正下方，小物塊的質(zhì)量，平拋運動的水平位移，斜面長，取，不計空氣阻力，求：（1）小物塊從點拋出的初速度的大?。唬?）小物塊沿斜面滑下過程中克服摩擦力做的功；（3）若小物塊沿圓弧軌道滑到P點時脫離軌道，求P點離D點的高度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，A錯誤；開普勒三定律最早證明了行星公轉(zhuǎn)軌道是橢圓，牛頓證明了行星所受的引力

13、大小跟行星到太陽距離的二次方成反比，B錯誤；伽利略對運動的研究，確立了許多用于描述運動的基本概念，比如平均速度、瞬時速度、加速度，C錯誤；伽利略探究物體下落規(guī)律的過程使用的科學方法是：問題猜想數(shù)學推理實驗驗證合理外推得出結(jié)論，D正確2、D【解析】設擊打前球的速度方向為正，則擊打后的速度為負，則前后的動量分別為mv1和-mv2；由動量定理可得：合外力的沖量I=-mv2-mv1=-m（v2+v1），即沖量的大小為m（v2+v1），負號表示沖量與正方向相反，即與v2方向相同；故選D3、B【解析】A、B、粒子在磁場中的可能運動情況如圖所示，電子從O點水平進入由于它們以某速度進入磁場區(qū)域，電子的運動軌跡

14、可能有三種，如圖所示，由圖可以看出進入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出矩形磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與矩形邊界處磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出矩形磁場；所以電子在兩區(qū)域的運動時間可能相同，也可能不同，A錯誤；B正確；C、電子在磁場中做圓周運動，一定發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，不會從正方形對邊中心射出，C錯誤；D、當電子從左邊邊長射出時，運動時間剛好為周期的一半，而經(jīng)過圓形區(qū)域內(nèi)的時間總是小于周期的一半，D錯誤；故選B4、A【解析】AB根據(jù)萬有引力提供向心力有解得，由角速度、加速度的表達式可得出：半徑大的角速度小，加速度小，選項A正確，B錯誤；C由線速度的表達式

15、可得出軌道半徑大的線速度小，則衛(wèi)星a的運行速度小于第一宇宙速度，選項C錯誤；D衛(wèi)星b與衛(wèi)星a的軌道半徑相同，a是地球同步衛(wèi)星，則周期相同為24h，選項D錯誤故選A。5、A【解析】AB球運動到最低點，A球運動到最高點，兩球系統(tǒng)機械能守恒，故A球增加的機械能等于B球減少的機械能，A正確；BA球重力勢能增加，B球重力勢能減少，故B錯誤；C兩球系統(tǒng)機械能守恒，當B球運動到最低點時速度最大，有解得故C錯誤；D除重力外其余力做的功等于機械能的增加量，故細桿對A球做的功等于A球動能的增加量，有選項D錯誤。6、B【解析】點電荷受到重力、電場力，合力F=(Eq)2+(mg)2，根據(jù)牛頓第二定律有a=(Eq)2+

16、(mg)2m，故A錯誤；根據(jù)運動獨立性，水平方向點電荷的運動時間為t，水平方向上的加速度ax=Eqm，根據(jù)位移公式可得：d2=12Eqmt2，解得：t=mdqE，故B正確；豎直方向做自由落體運動，下降高度h=12gt2=mgd2Eq，電荷運動的位移為d2，故電場力做功W=Eqd2，故D錯誤故選B【點睛】分析電荷的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律可求得總的加速度；根據(jù)運動的獨立性，分別對水平方向和豎直方向進行分析，根據(jù)水平方向上的勻加速直線運動規(guī)律可求得運動時間；再對豎直方向分析，從而求出對應的高度，根據(jù)功的公式可求得電場力所做的功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

17、選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、B、物塊的速度大于傳送帶的速度受摩擦力向左，向右勻減速直到共速，由動能定理可知：，故；故A錯誤，B正確.C、D、物體和傳送帶間的相對摩擦生熱，相對位移為，故熱量為；故C錯誤，D正確.故選BD.【點睛】解決本題的關(guān)鍵根據(jù)受力判斷出物塊的運動情況，結(jié)合牛頓第二定律和運動學公式進行求解；求動能往往根據(jù)動能定理.8、CD【解析】A.根據(jù)得：.則小球平拋運動的初速度為：;故A錯誤.B.小球在圓軌道P點的角速度為：;故B錯誤.C小球在P點的向心加速度為：.故C正確.D小球在BC段的時間為：，則小球

18、從B運動到D的時間為0.3+0.4s=0.7s;故D正確.9、AC【解析】A. 彈簧不在伸長后，AB具有相同的加速度。對于整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa代入數(shù)據(jù)解得：F彈=16N故A正確；B. 若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小仍然為16N，故B錯誤；C. 只有F1作用時，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F1=（mA+mB）a解得：a=4m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa解得：F彈=12N故C正確；D. 若F1=10N、F2=20N，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+

19、mB）a解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F彈-F1=mAa解得：F彈=14N故D錯誤。10、BD【解析】物體由A點下落至C點，設克服摩擦力做功為WAC，由動能定理：mgh-WAC=0，即：WAC=mgh， 由于緩緩推，說明動能變化量為零，設克服摩擦力做功為WCA，由動能定理，當物體從C點被推回A點有：WF-mgh-WCA=0 根據(jù)W=FLcos可得由A點下落至C，摩擦力做得功為：從DA的過程摩擦力做功為： 聯(lián)立得：WAC=WCA 聯(lián)立得：；故A，C錯誤，B，D正確.故選BD.【點睛】本題重點是抓住來回兩個過程摩擦力做功相等，理解緩緩推的意義，對來和會兩個過程應用動能定理即可求解三、實

20、驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C F 【解析】本實驗是通過作合力與分力圖示的方法來驗證平行四邊形定則，需要測量合力與分力的大小，根據(jù)這個原理進行分析即可求解；【詳解】（1）三條橡皮筯遵守胡克定律，要測量彈力可以通過測量橡皮筋的長度和原長，得到橡皮筋的伸長量，以及方向，不需要測量細繩的長度，故C正確，ABD錯誤；（2）根據(jù)圖2的力的圖示，其中F為通過平行四邊形定則得到的合力的理論值，其中F是直接用一條橡皮筋掛重物時測得的力，為合力的實際值?！军c睛】本實驗在無法測量力的大小的情況下，可以采用比例法作圖，只需要測量橡皮筋的伸長量就行，通過分析

21、原理即可正確解答實驗問題。12、AD 平衡摩擦力 小車的質(zhì)量遠大于砝碼的總質(zhì)量 2.5kg 【解析】(1)A、調(diào)節(jié)滑輪的高度,使牽引小車的細繩與長木板保持平行,所以A選項是正確的;B、小車的釋放位置對該實驗沒有影響,不要求每次在同一位置,故B錯誤;C、實驗時先接通電源,再釋放小車,故C錯誤;D.通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時,不需要重新平衡摩擦力,即不需要重新調(diào)整木板的傾斜程度,所以D選項是正確的.(2) 為使小車所受合外力等于細線的拉力，應采取的措施是把不帶滑輪的一端抬高，平衡小車運動中的摩擦力；以整體為對象：mg=(M+m)a ，則小車的加速度為：a=mgm+M 再以小車及車中的砝碼為研究

22、對象，可以求出繩子的拉力，即：F=Ma=Mmgm+M=Mm+Mmg 當mM 可以近似認為F=mg 所以要認為繩子拉力等于砂和砂桶的重力，則必須滿足條件mM(3)由圖象可以知道,當F=0時,加速度不等于零.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度,該同學實驗操作中平衡摩擦力過大,即傾角過大,平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線是在軌道傾斜情況下得到的;在水平軌道上,因為受到摩擦力,拉力不為零時,加速度仍然為零,可以知道圖線是在軌道水平的情況下得到的.根據(jù)牛頓第二定律得F-f=ma解得：a=F-fm,圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù),則m=2.5kg 故本題答案是：(1). AD (2). 平衡摩擦力 (

23、3). 小車的質(zhì)量遠大于砝碼的總質(zhì)量 (4). (5). 2.5kg【點睛】(1)根據(jù)實驗操作要求可分析必須進行的操作;(2)根據(jù)牛頓第二定律,通過整體隔離法求出繩子拉力的表達式,從而確定托盤及托盤內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力的條件;(3)根據(jù)a-F 圖象的特點結(jié)合牛頓第二定律分析求解.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) （1） 不能【解析】（1）A與C碰撞后瞬間動量守恒，求出AC共同速度，最終ABC三者速度相等，根據(jù)動量守恒定律求出三者共同速度，根據(jù)摩擦力產(chǎn)生的熱量等于AB作用時動能的減小量，即可求解；（1）根據(jù)A與C發(fā)生彈性碰撞后，動量守恒，能量守恒，求出碰撞后A、C