2022-2023學(xué)年陜西省商洛市第3中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在人類對(duì)物體運(yùn)動(dòng)規(guī)律的認(rèn)識(shí)過(guò)程中，許多物理學(xué)家大膽猜想、勇于質(zhì)疑，取得了輝煌的成就，下列有關(guān)科學(xué)家及他們的貢獻(xiàn)描述中正確的是( )A開(kāi)普勒潛心研究第谷的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)，提出“

2、萬(wàn)有引力定律”B牛頓最早證明了行星公轉(zhuǎn)軌道是橢圓，行星所受的引力大小跟行星到太陽(yáng)距離的二次方成反比C亞里士多德對(duì)運(yùn)動(dòng)的研究，確立了許多用于描述運(yùn)動(dòng)的基本概念，比如平均速度、瞬時(shí)速度以及加速度D伽利略探究物體下落規(guī)律的過(guò)程中使用的科學(xué)方法是：?jiǎn)栴}猜想數(shù)學(xué)推理實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證合理外推得出結(jié)論2、如圖所示，運(yùn)動(dòng)員揮拍將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出，如果網(wǎng)球被拍子擊打前、后瞬間速度的大小分別為v1、v2，v1與v2方向相反，且v2v1重力影響可忽略，則此過(guò)程中拍子對(duì)網(wǎng)球作用力的沖量為（ ）A大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同B大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同C大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同D大小

3、為m(v2v1)，方向與v2方向相同3、如圖，圓形和正方形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圓的直徑和正方形的邊長(zhǎng)相等，電子以某速度飛入磁場(chǎng)區(qū)域，速度方向與磁場(chǎng)垂直，且對(duì)準(zhǔn)圓心（或者說(shuō)垂直正方形邊長(zhǎng)從中點(diǎn)進(jìn)入），則下面正確的是 ( ) A電子在兩區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定不同B電子在兩區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能相同C電子可能從正方形的入射點(diǎn)的對(duì)邊邊長(zhǎng)中心射出D電子在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可以為周期的一半4、如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運(yùn)動(dòng)，a是地球同步衛(wèi)星，則（）A衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C衛(wèi)星a的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度D衛(wèi)星

4、b的周期大于24 h5、如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和2m的小球A、B(均可看做質(zhì)點(diǎn))，且小球A、B用一長(zhǎng)為2R的輕質(zhì)細(xì)桿相連，在小球B從最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿圓環(huán)下滑至最低點(diǎn)的過(guò)程中(重力加速度為g)，下列說(shuō)法正確的是( )AA球增加的機(jī)械能等于B球減少的機(jī)械能BA球增加的重力勢(shì)能等于B球減少的重力勢(shì)能CA球的最大速度為D細(xì)桿對(duì)A做的功為mgR6、如圖所示.在豎直放置間距為d的平行板電容器中，存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。有一質(zhì)量為m，電荷量為+q的點(diǎn)電荷從兩極板正中間處?kù)o止釋放.重力加速度為g。則點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到負(fù)極板的過(guò)程，（ ）A加速度大小為a=qEm+gB

5、所需的時(shí)間為t=dmqEC下降的高度為y=d2D電場(chǎng)力所做的功為W=Eqd二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，水平傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速度為v1，質(zhì)量為m的物塊以初速度v0從左端滑上傳送帶，v0v1，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物塊與傳送帶速度相同，此過(guò)程中A物塊克服摩擦力做的功為B物塊克服摩擦力做的功為C產(chǎn)生的內(nèi)能為D產(chǎn)生的內(nèi)能為8、如圖，內(nèi)壁光滑的細(xì)圓管一端彎成半圓形APB，與光滑的直軌道 BC連接，水平放置在桌面上并固定半圓形APB半徑R=1.0m，BC長(zhǎng)L=1.5m，

6、桌子高度h=0.8m，質(zhì)量1.0kg的小球以一定的水平初速度從A點(diǎn)沿過(guò)A點(diǎn)的切線射入管內(nèi)，從C點(diǎn)離開(kāi)管道后水平飛出，落地點(diǎn)D離點(diǎn)C的水平距離s=1m，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s1則以下分析正確的是：（）A小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為10m/sB小球在圓軌道P點(diǎn)的角速度=10rad/sC小球在P點(diǎn)的向心加速度為a=15m/s1D小球從B運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間為0.7s9、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對(duì)物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F120N、 F210N，則下列說(shuō)法正確的是 ( )A彈簧的彈力大小為16NB若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對(duì)物

7、體的拉力大小為10 NC如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2ND若F110N、 F220N，則彈簧的彈力大小不變10、如圖所示，ABC是一條長(zhǎng)軌道，其中AB段是傾角為的斜面，BC段是水平的，一質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)由靜止滑下，最后停在C點(diǎn)已知滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，在B點(diǎn)兩軌道平滑連接，滑塊改變方向時(shí)無(wú)能量損失現(xiàn)用一沿著軌道方向的力拉滑塊，使它緩緩地由C點(diǎn)回到A點(diǎn)，則拉力對(duì)滑塊做的功等于：（ ）AmghB2mghCD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)在家中嘗試“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”，他找到三條相

8、同的橡皮筋（遵循胡克定律）和一個(gè)小重物，以及刻度尺、三角板、鉛筆、細(xì)繩、白紙、釘子，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：將兩條橡皮筋的一端分別掛在豎直墻上的兩個(gè)釘子A、B上，另一端與第三條橡皮筋連接，結(jié)點(diǎn)為O，將第三條橡皮筋的另一端通過(guò)細(xì)繩懸掛重物，如圖1所示：（1）為完成該實(shí)驗(yàn)，下述操作中必需有的是_（選填選項(xiàng)前的字母）。A測(cè)量細(xì)繩的長(zhǎng)度B測(cè)量重物的質(zhì)量C測(cè)量橡皮筋的原長(zhǎng)及懸掛重物后橡皮筋的長(zhǎng)度及方向（2）圖2是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫(huà)出的力的圖示，其中_（選填“F”或“F ”）是直接用一條橡皮筋掛重物時(shí)測(cè)得的力。12（12分）某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置做探究加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。(1)關(guān)于下列實(shí)

9、驗(yàn)操作，正確的是_。A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B每次小車(chē)都要從同一位置開(kāi)始運(yùn)動(dòng)C實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先放小車(chē)，然后再開(kāi)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D通過(guò)增減小車(chē)上的砝碼改變小車(chē)質(zhì)設(shè)后，不需要重新平衡摩擦力(2)為使小車(chē)所受合外力等于細(xì)線的拉力，應(yīng)采取的措施是_；要使細(xì)線的拉力等于砝碼的總重力，應(yīng)滿足的條件是_。(3)小組成員中甲、乙兩同學(xué)先后在同一實(shí)驗(yàn)裝置中做研究加速度與合外力關(guān)系實(shí)驗(yàn)，其中一個(gè)同學(xué)在軌道水平情況下做的實(shí)驗(yàn)，而另一個(gè)同學(xué)在軌道傾斜的情況下做的實(shí)驗(yàn)，得到了 a F圖像中、兩條圖線。則圖線_ (填”或“”）是在軌道傾斜情況下得到的；小車(chē)及車(chē)中砝碼的總質(zhì)量m =_kg。四、計(jì)算題：本

10、題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長(zhǎng)木板A上右端有一物塊B，它們一起在光滑的水平面上向左做勻速運(yùn)動(dòng)，速度v0=1m/s木板左側(cè)有與A等高的物體C已知長(zhǎng)木板A的質(zhì)量為mA=1kg，物塊B的質(zhì)量為mB=3kg，物塊C的質(zhì)量為mc=1kg，物塊B與木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s1（1）若木板足夠長(zhǎng)，A與C碰撞后立即粘在一起，求物塊B在木板A上滑行的距離L； （1）若木板A足夠長(zhǎng)，A與C發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短，沒(méi)有機(jī)械能的損失），求第一次碰撞后物塊B在木板A上滑行的距離L1；木板A是否還能與物塊C

11、再次碰撞？試陳述理由14（16分）如圖，容積均為V的汽缸A、B下端有細(xì)管（容積可忽略）連通，閥門(mén)K2位于細(xì)管的中部，A、B的頂部各有一閥門(mén)K1、K3，B中有一可自由滑動(dòng)的活塞（質(zhì)量、體積均可忽略）。初始時(shí)，三個(gè)閥門(mén)均打開(kāi)，活塞在B的底部；關(guān)閉K2、K3，通過(guò)K1給汽缸充氣，使A中氣體的壓強(qiáng)達(dá)到大氣壓p0的3倍后關(guān)閉K1。已知室溫為27，汽缸導(dǎo)熱。(1)打開(kāi)K2，求穩(wěn)定時(shí)活塞上方氣體的體積和壓強(qiáng)；(2)接著打開(kāi)K3，求穩(wěn)定時(shí)活塞的位置；(3)再緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體使其溫度升高20，求此時(shí)活塞下方氣體的壓強(qiáng)。15（12分）如圖所示，從A點(diǎn)水平拋出的小物塊，到達(dá)斜面頂端B處時(shí)，其速度方向恰好沿斜面向下

12、，然后沿傾角為的固定斜面滑下，小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好為，因受到微小擾動(dòng)，小物塊滑上與斜面平滑對(duì)接的四分之一光滑圓弧軌道上。已知圓弧軌道的半徑，圓心O在C點(diǎn)的正下方，小物塊的質(zhì)量，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，斜面長(zhǎng)，取，不計(jì)空氣阻力，求：（1）小物塊從點(diǎn)拋出的初速度的大??；（2）小物塊沿斜面滑下過(guò)程中克服摩擦力做的功；（3）若小物塊沿圓弧軌道滑到P點(diǎn)時(shí)脫離軌道，求P點(diǎn)離D點(diǎn)的高度。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，A錯(cuò)誤；開(kāi)普勒三定律最早證明了行星公轉(zhuǎn)軌道是橢圓，牛頓證明了行星所受的引力

13、大小跟行星到太陽(yáng)距離的二次方成反比，B錯(cuò)誤；伽利略對(duì)運(yùn)動(dòng)的研究，確立了許多用于描述運(yùn)動(dòng)的基本概念，比如平均速度、瞬時(shí)速度、加速度，C錯(cuò)誤；伽利略探究物體下落規(guī)律的過(guò)程使用的科學(xué)方法是：?jiǎn)栴}猜想數(shù)學(xué)推理實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證合理外推得出結(jié)論，D正確2、D【解析】設(shè)擊打前球的速度方向?yàn)檎?，則擊打后的速度為負(fù)，則前后的動(dòng)量分別為mv1和-mv2；由動(dòng)量定理可得：合外力的沖量I=-mv2-mv1=-m（v2+v1），即沖量的大小為m（v2+v1），負(fù)號(hào)表示沖量與正方向相反，即與v2方向相同；故選D3、B【解析】A、B、粒子在磁場(chǎng)中的可能運(yùn)動(dòng)情況如圖所示，電子從O點(diǎn)水平進(jìn)入由于它們以某速度進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，電子的運(yùn)動(dòng)軌跡

14、可能有三種，如圖所示，由圖可以看出進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場(chǎng)，再出矩形磁場(chǎng)；進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的電子的軌跡2，同時(shí)從圓形與矩形邊界處磁場(chǎng)；進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場(chǎng)，再出矩形磁場(chǎng)；所以電子在兩區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間可能相同，也可能不同，A錯(cuò)誤；B正確；C、電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，一定發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，不會(huì)從正方形對(duì)邊中心射出，C錯(cuò)誤；D、當(dāng)電子從左邊邊長(zhǎng)射出時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間剛好為周期的一半，而經(jīng)過(guò)圓形區(qū)域內(nèi)的時(shí)間總是小于周期的一半，D錯(cuò)誤；故選B4、A【解析】AB根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有解得，由角速度、加速度的表達(dá)式可得出：半徑大的角速度小，加速度小，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C由線速度的表達(dá)式

15、可得出軌道半徑大的線速度小，則衛(wèi)星a的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D衛(wèi)星b與衛(wèi)星a的軌道半徑相同，a是地球同步衛(wèi)星，則周期相同為24h，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選A。5、A【解析】AB球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，A球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，兩球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A球增加的機(jī)械能等于B球減少的機(jī)械能，A正確；BA球重力勢(shì)能增加，B球重力勢(shì)能減少，故B錯(cuò)誤；C兩球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng)B球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，有解得故C錯(cuò)誤；D除重力外其余力做的功等于機(jī)械能的增加量，故細(xì)桿對(duì)A球做的功等于A球動(dòng)能的增加量，有選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6、B【解析】點(diǎn)電荷受到重力、電場(chǎng)力，合力F=(Eq)2+(mg)2，根據(jù)牛頓第二定律有a=(Eq)2+

16、(mg)2m，故A錯(cuò)誤；根據(jù)運(yùn)動(dòng)獨(dú)立性，水平方向點(diǎn)電荷的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，水平方向上的加速度ax=Eqm，根據(jù)位移公式可得：d2=12Eqmt2，解得：t=mdqE，故B正確；豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下降高度h=12gt2=mgd2Eq，電荷運(yùn)動(dòng)的位移為d2，故電場(chǎng)力做功W=Eqd2，故D錯(cuò)誤故選B【點(diǎn)睛】分析電荷的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律可求得總的加速度；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性，分別對(duì)水平方向和豎直方向進(jìn)行分析，根據(jù)水平方向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間；再對(duì)豎直方向分析，從而求出對(duì)應(yīng)的高度，根據(jù)功的公式可求得電場(chǎng)力所做的功二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)

17、選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A、B、物塊的速度大于傳送帶的速度受摩擦力向左，向右勻減速直到共速，由動(dòng)能定理可知：，故；故A錯(cuò)誤，B正確.C、D、物體和傳送帶間的相對(duì)摩擦生熱，相對(duì)位移為，故熱量為；故C錯(cuò)誤，D正確.故選BD.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵根據(jù)受力判斷出物塊的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解；求動(dòng)能往往根據(jù)動(dòng)能定理.8、CD【解析】A.根據(jù)得：.則小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為：;故A錯(cuò)誤.B.小球在圓軌道P點(diǎn)的角速度為：;故B錯(cuò)誤.C小球在P點(diǎn)的向心加速度為：.故C正確.D小球在BC段的時(shí)間為：，則小球

18、從B運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間為0.3+0.4s=0.7s;故D正確.9、AC【解析】A. 彈簧不在伸長(zhǎng)后，AB具有相同的加速度。對(duì)于整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2對(duì)A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa代入數(shù)據(jù)解得：F彈=16N故A正確；B. 若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對(duì)物體的拉力大小仍然為16N，故B錯(cuò)誤；C. 只有F1作用時(shí)，對(duì)整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F1=（mA+mB）a解得：a=4m/s2對(duì)A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa解得：F彈=12N故C正確；D. 若F1=10N、F2=20N，對(duì)整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+

19、mB）a解得：a=2m/s2對(duì)A，由牛頓第二定律：F彈-F1=mAa解得：F彈=14N故D錯(cuò)誤。10、BD【解析】物體由A點(diǎn)下落至C點(diǎn)，設(shè)克服摩擦力做功為WAC，由動(dòng)能定理：mgh-WAC=0，即：WAC=mgh， 由于緩緩?fù)?，說(shuō)明動(dòng)能變化量為零，設(shè)克服摩擦力做功為WCA，由動(dòng)能定理，當(dāng)物體從C點(diǎn)被推回A點(diǎn)有：WF-mgh-WCA=0 根據(jù)W=FLcos可得由A點(diǎn)下落至C，摩擦力做得功為：從DA的過(guò)程摩擦力做功為： 聯(lián)立得：WAC=WCA 聯(lián)立得：；故A，C錯(cuò)誤，B，D正確.故選BD.【點(diǎn)睛】本題重點(diǎn)是抓住來(lái)回兩個(gè)過(guò)程摩擦力做功相等，理解緩緩?fù)频囊饬x，對(duì)來(lái)和會(huì)兩個(gè)過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理即可求解三、實(shí)

20、驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、C F 【解析】本實(shí)驗(yàn)是通過(guò)作合力與分力圖示的方法來(lái)驗(yàn)證平行四邊形定則，需要測(cè)量合力與分力的大小，根據(jù)這個(gè)原理進(jìn)行分析即可求解；【詳解】（1）三條橡皮筯遵守胡克定律，要測(cè)量彈力可以通過(guò)測(cè)量橡皮筋的長(zhǎng)度和原長(zhǎng)，得到橡皮筋的伸長(zhǎng)量，以及方向，不需要測(cè)量細(xì)繩的長(zhǎng)度，故C正確，ABD錯(cuò)誤；（2）根據(jù)圖2的力的圖示，其中F為通過(guò)平行四邊形定則得到的合力的理論值，其中F是直接用一條橡皮筋掛重物時(shí)測(cè)得的力，為合力的實(shí)際值。【點(diǎn)睛】本實(shí)驗(yàn)在無(wú)法測(cè)量力的大小的情況下，可以采用比例法作圖，只需要測(cè)量橡皮筋的伸長(zhǎng)量就行，通過(guò)分析

21、原理即可正確解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題。12、AD 平衡摩擦力 小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼的總質(zhì)量 2.5kg 【解析】(1)A、調(diào)節(jié)滑輪的高度,使?fàn)恳≤?chē)的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行,所以A選項(xiàng)是正確的;B、小車(chē)的釋放位置對(duì)該實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響,不要求每次在同一位置,故B錯(cuò)誤;C、實(shí)驗(yàn)時(shí)先接通電源,再釋放小車(chē),故C錯(cuò)誤;D.通過(guò)增減小車(chē)上的砝碼改變質(zhì)量時(shí),不需要重新平衡摩擦力,即不需要重新調(diào)整木板的傾斜程度,所以D選項(xiàng)是正確的.(2) 為使小車(chē)所受合外力等于細(xì)線的拉力，應(yīng)采取的措施是把不帶滑輪的一端抬高，平衡小車(chē)運(yùn)動(dòng)中的摩擦力；以整體為對(duì)象：mg=(M+m)a ，則小車(chē)的加速度為：a=mgm+M 再以小車(chē)及車(chē)中的砝碼為研究

22、對(duì)象，可以求出繩子的拉力，即：F=Ma=Mmgm+M=Mm+Mmg 當(dāng)mM 可以近似認(rèn)為F=mg 所以要認(rèn)為繩子拉力等于砂和砂桶的重力，則必須滿足條件mM(3)由圖象可以知道,當(dāng)F=0時(shí),加速度不等于零.也就是說(shuō)當(dāng)繩子上沒(méi)有拉力時(shí)小車(chē)就有加速度,該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中平衡摩擦力過(guò)大,即傾角過(guò)大,平衡摩擦力時(shí)木板的右端墊得過(guò)高，圖線是在軌道傾斜情況下得到的;在水平軌道上,因?yàn)槭艿侥Σ亮?拉力不為零時(shí),加速度仍然為零,可以知道圖線是在軌道水平的情況下得到的.根據(jù)牛頓第二定律得F-f=ma解得：a=F-fm,圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù),則m=2.5kg 故本題答案是：(1). AD (2). 平衡摩擦力 (

23、3). 小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼的總質(zhì)量 (4). (5). 2.5kg【點(diǎn)睛】(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)操作要求可分析必須進(jìn)行的操作;(2)根據(jù)牛頓第二定律,通過(guò)整體隔離法求出繩子拉力的表達(dá)式,從而確定托盤(pán)及托盤(pán)內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力的條件;(3)根據(jù)a-F 圖象的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律分析求解.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) （1） 不能【解析】（1）A與C碰撞后瞬間動(dòng)量守恒，求出AC共同速度，最終ABC三者速度相等，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出三者共同速度，根據(jù)摩擦力產(chǎn)生的熱量等于AB作用時(shí)動(dòng)能的減小量，即可求解；（1）根據(jù)A與C發(fā)生彈性碰撞后，動(dòng)量守恒，能量守恒，求出碰撞后A、C