安徽宿州五校2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)測試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r。閉合開關(guān)s，增大可變電阻R的阻值后，電壓表示數(shù)的變化量為，在這個過程中，下列判斷正確的是（ ）A電阻兩端的電壓減小，減小量等于B電壓表的示數(shù)U

2、和電流表的示數(shù)I的比值不變C電壓表示數(shù)變化量和電流表示數(shù)變化的比值不變D電容器的帶電量增大2、如圖所示,勻強電場的電場強度為E，電場中A、B兩點間的距離為d,線段AB與電場線的夾角為,則A、B兩點間的電勢差為( )AEdcosB-EdcosCEdD-Edsin3、有關(guān)電場強度E的計算公式，下面說法中正確的是AEFq只適用于點電荷的電場BEkQr2只適用于任何帶電物體的電場CEkQr2只適用于點電荷的電場D以上三種說法都是錯誤的4、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)移動滑動變阻器滑片時，電流表示數(shù)變大，則A滑片一定向左移動B電源的輸出功率一定增大C電源內(nèi)部消耗的功率一定減小D電源的效率一定

3、減小5、如圖所示，圖中兩組曲線中實線代表電場線（方向未畫出）、虛線代表等勢線，點劃線是一個帶電粒子僅在電場力作用下從A到B的運動軌跡，下列說法正確的是A粒子一定帶正電B粒子的動能一定是越來越大C粒子的電勢能一定是越來越大DA點的電勢一定高于B點的電勢6、在下面的四個圖中，標(biāo)出了勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向、帶正電的粒子在磁場中速度v的方向和其所受洛倫茲力f的方向，其中正確表示這三個方向關(guān)系的圖是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、發(fā)射地球同步衛(wèi)星要經(jīng)過三個階段

4、:先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1,然后使其沿橢圓軌道2運行，最后將衛(wèi)星送入同步圓軌道3.軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，如圖所示當(dāng)衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運行時，以下說法正確的是( )A衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的加速度等于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的加速度B衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的速度等于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的速度大小C衛(wèi)星在軌道3上受到的引力小于它在軌道1上受到的引力D衛(wèi)星由2軌道變軌到3軌道在P點要加速8、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標(biāo)有“6V，12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是（ ）A電動機的輸入功率是72

5、WB電動機的輸出功率12 WC電動機的熱功率是2 WD整個電路消耗的電功率是22 W9、利用如圖所示裝置可以選擇一定速度范圍內(nèi)的帶電粒子圖中板MN上方的感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，板上兩條寬度分別為2d和d的縫，兩縫近端相距為L一群質(zhì)量為m、電荷為q，具有不同素的的粒子從寬度為2d的縫垂直于板MN進(jìn)入磁場，對于能夠從寬度d的縫射出的粒子，下列說法正確的是A粒子帶正電B射出粒子的最大速度為C保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大D保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大10、如圖所示,電荷量和質(zhì)量都相同的帶正電粒子以不同的初速度通過A、

6、B 兩板間的加速電場后飛出,不計重力的作用,則( )A它們通過加速電場所需要的時間相等B它們通過加速電場過程中動能的增量相等C它們通過加速電場的過程中速度的增量相等D它們通過加速電場的過程中電勢能的減少量相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示，為某同學(xué)測繪額定電壓為2.5 V的小燈泡的IU特性曲線的實驗電路圖根據(jù)電路圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙中的實驗電路連接完整_開關(guān)S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于_端（選填“A”、“B”或“AB中間”）實驗中測得有關(guān)數(shù)據(jù)如下表：根據(jù)表中的實驗數(shù)據(jù)，在圖丙中畫出小燈泡的I

7、U特性曲線_12（12分）用如圖甲所示裝置來驗證動量守恒定律，質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點，質(zhì)量為mB的鋼球B放在離地面高度為H的小支柱N上，使懸線在A球釋放前伸直，O點到A球球心的距離為L，且線與豎直線夾角為，A球釋放后擺到最低點時恰與B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針OC推移到與豎直線夾角處，B球落到地面上，地面上鋪有一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D，保持角度不變，多次重復(fù)上述實驗，白紙上記錄到多個B球的落點圖中S是B球初始位置到B球平均落點的水平距離 （1）圖乙為B球的落地點，用_（填使用的工具名稱）確定B球的平均落地點，碰撞后B球的水平射程應(yīng)取為_ cm ；（2）用題中所給的物理量表示碰撞

8、后A球碰撞前后的速度分別為：vA= _； _；（3）用題中所給的物理量表示碰撞后B球碰撞前后的速度為：vB= _；（4）用題中所給的物理量表示需要驗證的動量守恒表達(dá)式：_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）細(xì)線下端吊著一個質(zhì)量為4.8kg的沙袋，形成一個單擺，擺長為2m。一個質(zhì)量為0.2kg的子彈以100m/s的速度水平射入沙袋并留在沙袋里，隨沙袋一起擺動。求：（1）子彈射入沙袋的瞬間，沙袋獲得的速度是多大？ （2）子彈射入沙袋中隨沙袋一塊上升的最大高度？14（16分）如圖所示，直流電動機M串聯(lián)在直流電路中

9、，其軸與圓盤中心O相連開關(guān)S斷開時，電壓表的讀數(shù)12.6V，開關(guān)S接通時，電流表的讀數(shù)為2A，電壓表的讀數(shù)為12V圓盤半徑為5cm，測速計測得圓盤的轉(zhuǎn)速為r/s，兩彈簧秤的讀數(shù)分別為F1=7N，F(xiàn)2=6.10N，問：（1）電動機的輸出功率、效率各為多少？（2）拉緊皮帶可使電動機停轉(zhuǎn)，此時電壓表、電流表的讀數(shù)各為多少？電動機的輸入功率為多大？15（12分）如圖所示，在水平放置的平行板電容器形成的勻強電場中，MN兩點之間的連線與豎直方向的夾角為60把帶電量為q= 1.5108C的點電荷由M點移到N點，克服電場力做了4.2105J的功若已知M點電勢M=800V， MN長為1cm試求：（1）N點電勢N

10、；（2）電場強度的大小和方向參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AD閉合開關(guān)s，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻R1兩端的電壓減小，電阻R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻R1兩端的電壓減小量小于U，則電容器的帶電量減小，減小量小于CU。故AD錯誤。B由圖根據(jù)，R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大。故B錯誤。C根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，由數(shù)學(xué)知識得知：保持不變。故C正確。2、A【解析】根據(jù)勻強電場的場強公式U=Ed，求出A、B兩點間的電勢差

11、，d是兩點距離沿電場方向的投影。注意A、B兩點電勢的高低，沿電場線方向電勢降低?！驹斀狻緼、B兩點沿電場線方向上的距離為：d=dcos，根據(jù)沿電場線方向電勢降低，A點電勢高于B點電勢，則電勢差為：UAB=Ed=Edcos.故A正確，BCD錯誤。故選：A.3、C【解析】EFq是電場強度的定義式，適用于所有的電場，選項A錯誤；EkQr2只適用于點電荷的電場，選項BD錯誤，C正確；故選C.4、D【解析】假設(shè)滑動變阻器的滑片向左移動，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分電阻增大，外電路總電阻R增大，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大。電路中并聯(lián)部分的電壓U并=EI(r+R1

12、)增大，電阻R2的電流增大，電流表的示數(shù)IA=II2變小。由題意電流表示數(shù)變大，所以可知，滑動變阻器的滑片向右移動，干路電流I增大，電源的總功率P總=EI可知，P總增大。由于電源的內(nèi)阻與外電阻的關(guān)系未知，不能判斷電源的輸出功率如何變化。I增大，由P內(nèi)=I2r得知電源內(nèi)部消耗功率一定增大。電源的效率=UI/EI=U/E，根據(jù)分析可知，路端電壓U減小，電動勢E不變，所以電源的效率一定減小。故D正確，ABC錯誤。故選：D。5、B【解析】A.由于不知道電場線的方向，所以不能判斷電場的方向，則不能判斷電荷的性質(zhì)，故A錯誤；BC.根據(jù)粒子的運動的軌跡可以判斷，粒子受到的力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，即指向右下方，

13、所以從A到B的過程中，電場力做正功，所以粒子的動能一定是越來越大，粒子的電勢能一定是越來越小，故B正確，C錯誤；D.由于不知道電場的方向，所以不能判斷A點和B點電勢的高低，故D錯誤。6、B【解析】有左手定則可知B對；選項A中洛侖茲力方向向下A錯；選項C中洛侖茲力垂直紙面向外，C錯；選項D中洛侖茲力垂直紙面向里，D錯；故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A.根據(jù)萬有引力提供向心力,得,所以衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的加速度等于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的加

14、速度.故 A正確的;B.衛(wèi)星從軌道1上經(jīng)過Q點時加速做離心運動才能進(jìn)入軌道2,故衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的速度小于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的速度,故B錯誤;C、根據(jù)引力定律,可以知道,距離越大的,同一衛(wèi)星受到的引力越小,因此在軌道3上受到的引力小于它在軌道1上受到的引力,故C正確 D、由2軌道變軌到3軌道,必須加速,才能做勻速圓周運動,否則仍做近心運動,，故D正確；8、CD【解析】由燈泡銘牌可知燈泡額定電是6V，額定功率是12W，由電功率的變形公式可以求出燈泡正常發(fā)光時的電流；由串聯(lián)電路特點可以求出電動機的電壓，由電功率公式可以求出電機總功率與熱功率，進(jìn)一步求出電動機的輸出功率由電功率公式可以求

15、出電路總功率【詳解】A、電動機兩端的電壓U1=UUL=126V=6V，整個電路中的電流，所以電動機的輸入功率P=U1I=62W=12W故A錯誤B、C、電動機的熱功率P熱=I2RM=220.5W=2W，則電動機的輸出功率P2=PI2RM=122W=10W故B錯誤，C正確D、整個電路消耗的功率P總=UI=122W=24W故D正確故選CD【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道電動機的輸出功率P2=I2RM以及知道整個電路消耗的功率P總=UI9、BC【解析】粒子向右偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則知，粒子帶負(fù)電故A錯誤粒子在磁場中運動的最大半徑為，根據(jù)半徑公式得，粒子的最大速度故B正確粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的最小半徑為，根據(jù)半徑公式

16、得，粒子的最小速度，則最大速度和最小速度之差，保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度和最小速度之差不變故C正確，D錯誤故選BC10、BD【解析】根據(jù)牛頓第二定律得，粒子的加速度，可知加速度相等，因為初速度不同，根據(jù)位移時間公式知，運動的時間不同根據(jù)v=at知，速度的變化量不同，故A C錯誤根據(jù)動能定理得，qU=Ek，知電場力做功相同，則動能的增量相同故B正確因為電場力做做功相等，根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系知，電勢能的減小量相等故D正確故選BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

17、11、 A； 【解析】試題解析：連接時，先連接變阻器的主電路，后連接燈泡部分的電路，電壓表最后接入；開關(guān)S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于阻值最小的那一端，使得燈泡兩端電壓最小，以有利于保護(hù)電路，故應(yīng)該置于A端；在圖像上描點、連線即可，但在選擇坐標(biāo)時，由于電壓的2.80V，故電壓軸的最大值選擇3.0V即可，電流軸的最大值選擇0.3A即可，這樣的圖像正好能夠充滿整個坐標(biāo)考點：用伏安法測小燈泡的U-I曲線12、圓規(guī) 64.8 【解析】（1）用盡量小的圓把落地點圈起來，圓心即為平均落地點，則用圓軌來確定B球的平均落地點，碰撞后B球的水平射程應(yīng)取為64.8cm；（2）小球從A處下擺過程只有重力

18、做功，機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAgL（1-cos）=mAvA2-0，解得：vA=；小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運動，在A碰后到達(dá)最左端過程中，機械能再次守恒，由機械能守恒定律得：-mAgL（1-cos）=0-mAvA2，解得vA=；（3）碰前小球B靜止，則PB=0；碰撞后B球做平拋運動，水平方向：S=vBt，豎直方向H=gt2，解得vB=S，則碰后B球的動量PB=mBvB=mBS；（4）由動量守恒定律可知，實驗需要驗證的表達(dá)式為：mA=mA+mBS；【點睛】（1）要理解各實驗的實驗原理、實驗器材以及實驗的步驟；（2）本題解題的關(guān)鍵是要明確兩小球的運動過程以及過程中機械能何時守恒，動量何時守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）4m/s（2）0.8m【解析】（1）規(guī)定子彈的速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒得，解得（2）根據(jù)機械能守恒得 解得上升的最大高度14、（1）18W、75%；（2）10.5V、7A， 73.5W【解析】試題分析：（1）圓盤邊緣的線速度：v=R=9.0 m