2023學(xué)年上海豐華中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，先接通K使平行板電容器充電，然后斷開K。再使電容器兩板間距離增大，則電容器所帶的

2、電荷量Q、電容C、兩板間電壓U、板間場(chǎng)強(qiáng)E的變化情況是（）AC不變，Q變小，U不變，E變小BC變小，Q變小，U不變，E不變CC變小，Q不變，U變大，E變小DC變小，Q不變，U變大，E不變2、電阻R、電容C與一線圈連成閉合電路，條形磁鐵靜止于線圈的正上方，N極朝下，如圖所示?，F(xiàn)使磁鐵開始自由下落，在N極接近線圈上端的過程中，流過R的電流方向和電容器極板的帶電情況是：A電流方向從b到aB電流方向從a到bC電容器上極板帶正電D電容器不帶電3、處于靜電平衡的導(dǎo)體，其內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零的原因是（ ）A外電場(chǎng)不能進(jìn)入導(dǎo)體內(nèi)部B所有感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為零C外電場(chǎng)和所有感應(yīng)電荷的電場(chǎng)在導(dǎo)體內(nèi)部疊加的

3、結(jié)果為零D以上解釋都不正確4、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r.兩電壓表可看作是理想電表，當(dāng)閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)(設(shè)燈絲電阻不變)，下列說法正確的是：A小燈泡L2變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大B小燈泡L2變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小C小燈泡L1變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小D小燈泡L1變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大5、法拉第是19世紀(jì)最偉大的實(shí)驗(yàn)物理學(xué)家之一，他在電磁學(xué)研究方面的卓越貢獻(xiàn)如同伽利略、牛頓在力學(xué)方面的貢獻(xiàn)一樣，具有劃時(shí)代的意義，正是他提出了電場(chǎng)的概念關(guān)于靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的概念，下列說法正確的是（ ）A由E=F/q可

4、知，某電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E與q成反比，與F成正比B正、負(fù)檢驗(yàn)電荷在電場(chǎng)中同一點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向相反，所以某一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向與放入檢驗(yàn)電荷的正負(fù)有關(guān)C電場(chǎng)中某一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與放入該點(diǎn)的檢驗(yàn)電荷的正負(fù)無關(guān)D電場(chǎng)中某點(diǎn)不放檢驗(yàn)電荷時(shí)，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等于零6、一條粗細(xì)均勻的電阻絲，電阻為R，圓形橫截面的直徑為d若將它拉制成直徑為的均勻細(xì)絲，電阻變?yōu)? )ABC10000RD100R二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在平面直角坐標(biāo)系的整個(gè)第I象限內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于

5、紙面向里，一質(zhì)量為m、電荷暈絕對(duì)值為q、不計(jì)重力的粒子，以某速度從0點(diǎn)沿著與y軸夾角為30的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，粒子速度沿x軸正方向，下列判斷正確的是A粒子帶正電B粒子由O到A經(jīng)歷的時(shí)間為C若已知A到x軸的距離為d，則粒子速度大小為D離開第I象限時(shí)，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為608、以下關(guān)于電場(chǎng)和電場(chǎng)線的說法中正確的是A電場(chǎng)、電場(chǎng)線都是客觀存在的物質(zhì)，因此電場(chǎng)線不僅能在空間相交，也能相切B在電場(chǎng)中，凡是電場(chǎng)線通過的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)不為零，沒有電場(chǎng)線的區(qū)域內(nèi)的點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零C同一試探電荷在電場(chǎng)線密集的地方所受電場(chǎng)力大D電場(chǎng)線是人們假想的，用以形象表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，客觀上并不在9、如圖所示

6、，條形磁鐵放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，給導(dǎo)線通以垂直紙面向外的電流，則（）A磁鐵對(duì)桌面壓力減小B磁鐵對(duì)桌面壓力增大C磁鐵不受桌面的摩擦力作用D磁鐵受到桌面的摩擦力作用10、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。開關(guān)閉合后，燈能正常發(fā)光、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（）A路端電壓變大B燈泡L將變亮C電容器C的電量將減小D電容器C的電量將增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在測(cè)某種材料制成的均勻圓柱體的電阻率的實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)

7、量其長(zhǎng)度L、直徑d和電阻R（1）如圖甲，使用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度L為_mm；如圖乙，使用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑d為_mm；（2）若用圖丙電路測(cè)圓柱體的電阻，則測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)值_（填“偏大”或“偏小”）12（12分）小燈泡燈絲的電阻會(huì)隨溫度的升高而增大，某同學(xué)為研究這一現(xiàn)象，利用下列實(shí)驗(yàn)器材：電壓表、電流表、滑動(dòng)變阻器（變化范圍）、電源、小燈泡、開關(guān)、導(dǎo)線若干來設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)并通過實(shí)驗(yàn)得到如下數(shù)據(jù)（和分別表示小燈泡上的電流和電壓）.I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.0

8、0（1）請(qǐng)?jiān)谏厦娴姆娇蛑挟嫵鰧?shí)驗(yàn)電路圖_.（2）在上圖中畫出小燈泡的I-U曲線_.（3）把本題中的小燈泡接到上圖所示電路中,若電源電動(dòng)勢(shì)E=2.0V,內(nèi)阻不計(jì),定值電阻R=5,則此時(shí)小燈泡的功率是_W四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一個(gè)質(zhì)點(diǎn)作勻加速直線運(yùn)動(dòng)在相鄰的兩個(gè)1s內(nèi)通過的位移大小分別為1.2m和3.2m，試求（1）該質(zhì)點(diǎn)的加速度大小a：（2）該質(zhì)點(diǎn)在這兩個(gè)1s末的瞬時(shí)速度大小v2和v3。14（16分）一個(gè)彈珠游戲簡(jiǎn)化如下圖所示豎直安裝在高H=1m的桌面上的“過山車”軌道模型，水平軌道OB粗糙，

9、長(zhǎng)為1m，BD光滑；光滑圓軌道半徑為R=0.4m一彈簧左端固定，右端自由伸長(zhǎng)到A點(diǎn)，OA長(zhǎng)為0.1m距桌子右邊緣線DF距離S=1.6m有一高度h=0.8m的豎直擋板現(xiàn)在A點(diǎn)靜止放置一個(gè)質(zhì)量m=1kg的小球，并用力緩慢向左把小球推到O點(diǎn)，在這個(gè)過程中推力做功W=22.4J已知小球與軌道OB的摩擦因數(shù)為0.4，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力求： (1)小球推到O點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能EP.(2)該小球從O點(diǎn)靜止釋放后，運(yùn)動(dòng)到圓軌道最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道的壓力大小.(3)為了使都從O點(diǎn)靜止釋放的小球能落在DF和擋板之間，小球的質(zhì)量m滿足的條件.15（12分）如圖所示，固定于同一條豎直線上的A、B是

10、兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為Q和Q，A、B相距為2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過細(xì)桿的帶電小球p，質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布。），現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球p向下運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn)距離為d的O點(diǎn)時(shí)，速度為v。已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g。求：（1）C、O間的電勢(shì)差UCO；（2）O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小及小球p經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的加速度；參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】電容器與電源斷開，電荷量保持不變，增

11、大兩極板間距離時(shí)，根據(jù)，知電容C變小，根據(jù)，知兩極板間的電勢(shì)差U變大，根據(jù)，知電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，故D正確，ABC錯(cuò)誤?！久麕燑c(diǎn)睛】解決電容器的動(dòng)態(tài)分析問題關(guān)鍵抓住不變量。若電容器與電源斷開，電荷量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變。2、A【解析】本題考查楞次定律的應(yīng)用【詳解】AB在N極接近線圈上端的過程中，線圈中的磁通量不斷增大，根據(jù)楞次定律，可知線圈中產(chǎn)生順時(shí)針的電流，即電流方向應(yīng)該從b到a，故A選項(xiàng)正確；CD電容器的上極板與a端相連，下極板與b端相連，因電路中的電流方向從b到a，則上極板電勢(shì)低，下極板電勢(shì)高，即下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，故CD均錯(cuò)誤。3、C【解析

12、】導(dǎo)體在電荷q的電場(chǎng)中處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)，在導(dǎo)體內(nèi)部任意一點(diǎn)，感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)與電荷q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與大小相等，方向相反，此時(shí)導(dǎo)體的內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為0，電荷只分布在導(dǎo)體的外表面，且整個(gè)導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，故C項(xiàng)正確，ABD錯(cuò)；故選C4、C【解析】試題分析：由電阻定律可知影響電阻的因素是與導(dǎo)線的長(zhǎng)度成正比，與導(dǎo)線的橫截面積成反比，所以當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)，L變長(zhǎng)，R變大，故外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律，總電流減小，所以小燈泡L2變暗，由，路端電壓增大，所以V1表的示數(shù)變大，由,減小，V2表的示數(shù)變小，而，所以燈L1的電壓增大，小燈泡L1變亮，所以C選項(xiàng)正確，ABD均錯(cuò)

13、?？键c(diǎn)：閉合電路歐姆定律 電阻定律 串并聯(lián)電路的動(dòng)態(tài)分析5、C【解析】試題分析：電場(chǎng)強(qiáng)度是一個(gè)比值定義，與放入的檢驗(yàn)電場(chǎng)受到的大小與F和及帶電量q無關(guān)，是由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定的，A錯(cuò)誤，C正確；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向規(guī)定與正電荷受力的方向相同，負(fù)電荷受力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，因此與正負(fù)電荷無關(guān)，B錯(cuò)誤；一旦通過檢驗(yàn)電荷測(cè)出了該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，把檢驗(yàn)電荷移走，該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)仍不變，與是否有檢驗(yàn)電荷無關(guān)，D錯(cuò)誤考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度6、C【解析】試題分析：將電阻絲的直徑拉成原來的時(shí)，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?，長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉淼?00倍，由可知電阻變?yōu)樵瓉淼?0000倍，即10000R，故選項(xiàng)C正確考點(diǎn)：考查電阻定律的應(yīng)用二

14、、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，根據(jù)左手定則判斷知，此粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；根據(jù)幾何知識(shí)可知，從O點(diǎn)到A點(diǎn)軌跡的圓心角為60，B錯(cuò)誤；由圖可得：，所以而粒子的軌跡半徑為，聯(lián)立可得，C正確；粒子在O點(diǎn)時(shí)速度與x軸正方向的夾角為60，x軸是直線，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，離開第一象限時(shí)，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60，故D正確；【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運(yùn)動(dòng)時(shí)間公

15、式，知道粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑和速度有關(guān)，運(yùn)動(dòng)周期和速度無關(guān)，畫軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識(shí)分析解題，8、CD【解析】A電場(chǎng)是客觀存在的物質(zhì)，而電場(chǎng)線是假想的曲線，電場(chǎng)線不能在空間相交，也不能相切，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B電場(chǎng)線可以形象表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線通過的點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)也可能為零，不畫電場(chǎng)線的區(qū)域場(chǎng)強(qiáng)也可能不為零，故B錯(cuò)誤；C在電場(chǎng)線密集的地方場(chǎng)強(qiáng)大，由F=Eq知同一試探電荷所受的電場(chǎng)力大，故C正確；D電場(chǎng)線是人們假想的，用以形象表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，客觀上并不在，故D正確。9、AC【解析】在磁鐵外部，磁感線從N極指向S極，長(zhǎng)直導(dǎo)線在磁鐵的中央正上方，導(dǎo)線所在處磁場(chǎng)水平向左

16、方；導(dǎo)線電流垂直于紙面向外，由左手定則可知，導(dǎo)線受到的安培力豎直向下方；由牛頓第三定律可知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的作用力豎直向上，因此磁鐵對(duì)桌面的壓力減小，水平方向上磁鐵沒有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，磁鐵不受摩擦力，故選AC。10、AD【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，R增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I減小，燈泡L將變暗，路端電壓增大，故A正確，BC錯(cuò)誤；而電容器的電壓等于路端電壓，則電容器的帶電量將增大，故D正確，C錯(cuò)誤.。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)50.154.700(或4.699) (2)偏小【解析】(

17、1)由圖所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+30.05mm=50.15mm由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm.(2)圖丙采用了電流表外接法，由于電壓表內(nèi)阻不是無窮大，故電壓表分流導(dǎo)致電流表測(cè)量電流大于流過電阻的電流，則可知測(cè)量值偏小.【點(diǎn)睛】本題考查了螺旋測(cè)微器、游標(biāo)卡尺、電壓表與電流表的讀數(shù)，要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)方法；同時(shí)掌握電學(xué)實(shí)驗(yàn)誤差分析的基本方法12、0.140.18W均可得分【解析】（1）測(cè)量伏安特性曲線應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法；同時(shí)電流表采用外接法；答案如圖所示：（2）將各點(diǎn)在圖象中描出，如圖所示；（3）設(shè)燈泡的電壓U，電流I，U=E-2IR，代入數(shù)據(jù)可得：U=2-2I，作U-I圖象：與燈泡的特征曲線的交點(diǎn)坐標(biāo)為燈泡工作時(shí)的電壓和電流，兩者之積為0.47W四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s2（2）2.2 m/s；4.2 m/s【解析】（1）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論：x=at2可知，加速度：a=xt2=3.2-1.212=2m/s2；（2）質(zhì)點(diǎn)的速度：v2=x1+x22t=1.2+3.221=2.2m/s 速度：v3=v2+at=2.