2023學(xué)年黑龍江省綏濱縣第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中達標測試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有關(guān)電壓和電動勢的說法中錯誤的是（）A電壓和電動勢的單位都是伏特，故電動勢與電壓是同一物理量的不同說法B電動勢

2、公式中的W與電壓中的W是不同的，前者為非靜電力做功，后者為靜電力做功C電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的物理量D斷路時的路端電壓等于電源的電動勢2、某電容器上標有“220V300F”，300F_FA3108B3104C0.3D31053、如圖所示，在平行金屬板A、B間分布著正交的勻強電場和勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里一個質(zhì)子以初速度v0垂直于電場和磁場沿OO從左端入射，恰能沿OO做直線運動則（ ）AA板的電勢低于B板的電勢B電子以初速度v0垂直于電場和磁場沿OO從左端入射，運動軌跡將向A板偏轉(zhuǎn)C氦原子核He以初速度v0垂直于電場和磁場沿OO從左端入射，仍沿OO做直線運動D氦原子

3、核He以初速度v0垂直于電場和磁場沿OO從右端入射，仍沿OO做直線運動4、在秋冬的干燥天氣里，當(dāng)你在黑暗中脫下含腈綸材料的衣服時，會看到“閃光”，同時聽到“咝咝”的聲音，對于這一現(xiàn)象的判斷，下列說法中正確的是()A感應(yīng)起電現(xiàn)象B接觸起電現(xiàn)象C摩擦起電現(xiàn)象D電荷中和現(xiàn)象5、如圖所示，重為65 N的物體在一個豎直向上拉力F45 N的作用下，靜止在水平桌面上。此時桌面對物體的支持力及合力大小分別為（）A20 N、0B0 、20 NC45 N 、20ND65 N、0N6、閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一閉合回路的下列哪個物理量成正比的是：A磁通量B磁感應(yīng)強度C磁通量的變化量D磁通量的變化率

4、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的皮帶傳動裝置，主動輪O1上兩輪的半徑分別為3r和r，從動輪O2的半徑為2r，A、B、C分別為輪緣上的三點，設(shè)皮帶不打滑，則下列比例關(guān)系正確的是( )AA、B、C三點的加速度之比aA:aB:aC=6:2:1BA、B、C三點的線速度大小之比vA:vB:vC=3:2:2CA、B、C三點的角速度之比A:B:C=2:2:1DA、B、C三點的加速度之比aA:aB:aC=3:2:18、如圖所示，紙面內(nèi)間距均為L的A、B、C三點位于平行于

5、紙面的勻強電場中電荷量為q=1.010-5C的負電荷由A點移動到C點克服電場力做功為，該電荷由C點移動到B點電場力做功為W2=2.010-5J若B點電勢為零，以下說法正確的是AA點的電勢為2VBA點的電勢為-2VC勻強電場的方向為由C點指向A點D勻強電場的方向為垂直于AC指向B點9、在科學(xué)的發(fā)展過程上，有很多科學(xué)家作出了重大的貢獻，下列的敘述中符合科學(xué)史的是：A早期的電池（電堆）是伏打發(fā)明的；B富蘭克林發(fā)明了電燈；C奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；D鄭和發(fā)明了指南針并用于航海10、如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為光敏電阻，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)

6、S后，若增大照射光強度，則（ ）A小燈泡的功率增大B電容器上的電荷量增加C電源的輸出功率增大D兩表示數(shù)變化量的比值| |不變?nèi)嶒烆}：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）表格中所列數(shù)據(jù)是測量小燈泡UI關(guān)系的實驗數(shù)據(jù)：U（V）0.00.20.51.01.52.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215 (1)分析上表內(nèi)實驗數(shù)據(jù)可知，應(yīng)選用的實驗電路圖是圖中的_（填“甲”或“乙”）；(2)在如圖所示的方格紙內(nèi)畫出小燈泡的UI曲線_，分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而_（填“變大”、“變

7、小”或“不變”）；(3)如圖丙所示，用一個定值電阻R和兩個上述小燈泡組成串并聯(lián)電路，連接到內(nèi)阻不計、電動勢為3V的電源上。已知流過電阻R的電流是流過燈泡b的電流的兩倍，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比_。12（12分）一只電流表的滿偏電流為Ig=3 mA，內(nèi)阻為Rg=100，若改裝成量程為I=30mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為_；若將改裝改裝成量程為U=15V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個阻值為_的電阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球在光滑導(dǎo)軌上運動，半圓形滑環(huán)的半徑為R

8、，小球在A點時的初速為V0，方向和斜軌平行.整個裝置放在方向豎直向下，強度為E的勻強電場中，斜軌的高為H，試問：(1)小球離開A點后將作怎樣的運動? (2)設(shè)小球能沿直線到達B點，那么，小球在B點對圓環(huán)的壓力為多少? (3)在什么條件下，小球可以以勻速沿半圓環(huán)到達最高點，這時小球的速度多大?14（16分）如圖所示，在xOy坐標系中，兩平行金屬板如圖放置，OD與x軸重合，板的左端與原點O重合，板長L=2m，板間距離d=1m，緊靠極板右側(cè)有一熒光屏兩金屬板間電壓UAO變化規(guī)律如圖所示，變化周期為T=210-3s，U0=103V，t=0時刻一帶正電的粒子從左上角A點，以平行于AB邊v0=1000m/

9、s的速度射入板間，粒子電量q=110-5C，質(zhì)量m=110-7kg不計粒子所受重力求：（1）粒子在板間運動的時間；（2）粒子打到熒光屏上的縱坐標；（3）粒子打到屏上的動能15（12分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計），經(jīng)燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中（偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強電場），電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e求：（1）電子穿過

10、A板時的速度大??；（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的豎直側(cè)移量；（3）P點到O點的距離參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A電壓和電動勢的單位都是伏特，但是電動勢與電壓這兩個物理量有本質(zhì)的不同，選項A錯誤，符合題意；B電動勢公式中的W與電壓中的W是不同的，前者為非靜電力做功，后者為靜電力做功，選項B正確，不符合題意；C電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的物理量，選項C正確，不符合題意；D斷路時的路端電壓等于電源的電動勢，選項D正確，不符合題意；2、B【解析】300F30010-6F=3104F.A3

11、108，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B3104，與結(jié)論相符，選項B正確；C0.3，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D3105，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選B.3、C【解析】試題分析：質(zhì)子帶正電，根據(jù)左手定則可得質(zhì)子受到的洛倫茲力豎直向上，因為質(zhì)子沿直線運動，所以在豎直方向上合力為零，故洛倫茲力和電場力等大反向，即Eq=Bqv0，故E=Bv0，電場力豎直向下，所以A板的電勢高于B板的電勢，A錯誤；若電子從左端射入，受到的電場力方向豎直向上，洛倫茲力方向豎直向下，仍舊滿足E=Bv0，即豎直方向上合力為零，故仍沿直線運動，B錯誤；從上式中發(fā)現(xiàn)從左端射入時，只要粒子的速度為v0，就能做直線運動，與粒子的電荷

12、量無關(guān)，所以C正確；若氦原子核以初速度v0垂直于電場和磁場沿OO從右端入射，受到的電場力和洛倫茲力都向下，則粒子向下偏轉(zhuǎn)，D錯誤；考點：考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運動4、C【解析】在干燥的天氣中脫下含腈綸材料的衣服時，外衣與里面的衣服摩擦，使它們帶有異種電荷，屬于摩擦起電，電荷放電，發(fā)出“咝咝”的聲音。故選C。5、A【解析】對物體受力分析可知，物體受重力、拉力和支持力作用，處于平衡狀態(tài)，合力為零，則有F+N=mg解得N=mg-F=65-45=20N故A正確，BCD錯誤。故選A。6、D【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量及磁通量的變化

13、量無關(guān)。【詳解】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：E=nt，所以E與磁通量的變化率成正比，即電動勢取決于磁通量的變化快慢，故D正確，ABC錯誤。【點睛】明確電動勢只取決于磁通量的變化率，與磁通量及磁能量的變化量無關(guān)。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】C、B點和C點具有相同大小的線速度，根據(jù)v=r，知B、C兩點的角速度之比等于半徑之反比，所以B:C=rC:rB=2:1.而A點和B點具有相同的角速度，則得A:B:C=2:2:1；選項C正確.B、根據(jù)v=r，知A、B的

14、線速度之比等于半徑之比，所以vA:vB=3:1B、C線速度相等，所以vA:vB:vC=3:1:1；選項B錯誤.A、D、根據(jù)得aA:aB:aC=vAA:vBB:vCC=6:2:1；選項A正確，D錯誤.故選AC.8、BC【解析】根據(jù)試探電荷的電荷量和電場力做功，根據(jù)公式，分別求出A與C間、C與B間電勢差，結(jié)合B點電勢為零，再確定A、B兩點的電勢找到等勢線，根據(jù)電場線和等勢面的關(guān)系分析場強的方向【詳解】對于C、B間電勢差為：，若B點電勢為零，UCB=C-B，則C點電勢C=2V而A與C間的電勢差為：，因UAC=A-C，則A點電勢A=-2V，故A錯誤，B正確；因C=2V，A=-2V，可知，AC連線的中點

15、M電勢為0，M與B點的連線即為等勢線，且電場線垂直于等勢線，三角形ABC為等邊三角形，BMAC，根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則有勻強電場的方向由C到A，故C正確，D錯誤所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題主要考查對電勢差公式的應(yīng)用能力，各量均需代入符號注意電勢有正負，而電壓沒有正負可言9、AC【解析】早期的電池（電堆）是伏打發(fā)明的，選項A正確；美國科學(xué)家富蘭克林發(fā)明了避雷針，愛迪生發(fā)明了白熾燈，故B錯誤奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，選項C正確；北宋時期我國就發(fā)明了指南針，并開始用于航海事業(yè)，選項D錯誤；故選AC10、AD【解析】A增大光強，電阻R2的電阻變小，電路中的總電阻變小，總電流變大，根據(jù)P

16、=I2R可知，小燈泡的功率增大，選項A正確；B電容器兩端電壓為燈泡與R2串聯(lián)后的分壓，因為總電流增大，所以內(nèi)電阻和定值電阻R1的分壓均變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I（r+R1）可知，燈泡與R2串聯(lián)后的分壓變小，電容器兩端電壓變小，由Q=CU可知電容器上的電荷量減小，選項B錯誤；C電源的輸出功率為：，由已知條件無法知道外電路總電阻與電源內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率無法確定，選項C錯誤；D兩表測量的數(shù)據(jù)表示定值電阻兩端的電壓和流過定值電阻的電流，根據(jù)歐姆定律可知，兩表示數(shù)變化量的比值|不變，等于定值電阻的阻值，選項D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處

17、，不要求寫出演算過程。11、甲 變大 3：1 【解析】(1)1由表中數(shù)據(jù)可知，電壓、電流從零開始測量因此需要滑動變阻器分壓接法，故該實驗選擇分壓接法，故應(yīng)選擇甲電路(2)2根據(jù)表示所給數(shù)據(jù)，畫出小燈泡的UI曲線如圖所示3由小燈泡的UI曲線可知，圖像的斜率變大，故說明當(dāng)電流增大時，燈泡的電阻增大(3)4流過電阻R的電流是流過燈泡b電流的兩倍，根據(jù)電阻的串并聯(lián)可知，流過燈泡a的電流是b的三倍；同時燈泡a和b的電壓之和為3V，由此結(jié)合小燈泡的UI曲線可知流過燈泡b的電流約為0.07A，a的電流約為0.21A，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比3：112、11.1 4900 【解析】改裝成電流表要并聯(lián)

18、的阻值為：改裝成電壓表要串聯(lián)的阻值為： 【點睛】改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內(nèi)阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電場力向上，如果電場力等于重力，沿著軌道做速度大小不變的運動；如果電場力小于重力，沿著軌道做變速運動；如果電場力大于重力，離開軌道做類似拋體運動；（2）FN=2mgH-2qEH+mv02R+mg-qE（3）當(dāng)mg=qE時，小球可以做勻速圓周運動，到達最高點速度為v0【解析】(1)電場力向上，如果電場力

19、等于重力，沿著軌道做速度大小不變的運動；如圖（1）所示：如果電場力小于重力，沿著軌道做變速運動；如圖（2）所示：如果電場力大于重力，離開軌道做類似拋體運動；如圖（3）所示：(2)A到B過程電場力與重力做功，根據(jù)動能定理：qEH+mgH=12mvB2-12mv02，在B點受重力、電場力和軌道的支持力，合力提供向心力，如圖（4）所示：得：Fmg+qE=mvB2R聯(lián)立以上公式，求得：F=2mgH-2qEH+mv02R+mg-qE 根據(jù)牛頓第三定律，軌道對小球的壓力等于小球?qū)壍赖膲毫?，?mgH-2qEH+mv02R+mg-qE；(3)小球可以勻速沿半圓環(huán)到達最高點，根據(jù)動能定理可知，重力和電場力平衡，故mg=qE；故小球動能一直不變,到達最高點速度為v0；答：(1)小球離開A點后，如果電場力等于重力，沿著軌道做速度大小不變的