2023學(xué)年寧夏開(kāi)元學(xué)校高二物理第一學(xué)期期中檢測(cè)試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、以速度沿水平方向飛行的手榴彈在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的兩塊，其中0.5kg的那塊以的速率沿原來(lái)速度

2、相反的方向運(yùn)動(dòng)，此時(shí)另一塊的速率為（ ）ABCD2、如圖所示，A、B兩燈分別標(biāo)有“18V、0.6A”和“18V、1.0A”，按不同方法接入36V電路，則以下分析正確的是A乙、丙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且丙電路消耗功率最大B甲、乙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且甲電路消耗功率最大C甲、丙兩電路中A、B兩燈都能正常發(fā)光，且乙電路消耗功率最大D三個(gè)電路A、B兩燈都能正常發(fā)光，乙電路消耗功率最大3、如圖所示，有一帶電粒子貼著板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時(shí)，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時(shí)，帶電粒子沿軌跡落到板中間；設(shè)粒子兩次射入電場(chǎng)的水平速度相同，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為

3、（ ）ABCD4、如圖所示，R1 =10,R2 =20, R3=30，接到電壓恒定的電源兩端，它們的電功率分別為P1、P2 、P3，則 ( )AP1 = P2 = P3BP1 P2 P2 P3DP3 P1 P25、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計(jì)的金屬球與電容器的一個(gè)極板連接，外殼與另一個(gè)極板連接，靜電計(jì)針的偏轉(zhuǎn)示電容兩極板間的電勢(shì)差實(shí)驗(yàn)中保持極板上的電荷量不變?cè)O(shè)電容兩極正對(duì)面積為，極板間的距離為，靜電計(jì)指針偏角為下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的描述正確的是（ ）A保持不變，增大，則變大B保持不變，減小，則不變C保持不變，減小，則變小D保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，則變大6、如圖所示，電路中A1和A

4、2是完全相同的燈泡，線圈L電阻不可忽略，下列說(shuō)法中正確的是( )A合上開(kāi)關(guān)K接通電路時(shí)，A1和A2均立即點(diǎn)亮B合上開(kāi)關(guān)K接通電路時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮C斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K切斷電路時(shí)，A1和A2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅D斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K切斷電路時(shí)，A2立刻熄滅，A1閃亮一下才熄滅二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩個(gè)相同的平行板電容器C1、C2用導(dǎo)線相連，開(kāi)始時(shí)都不帶電現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合給兩個(gè)電容器充電，充電完畢后，電容器C1兩板間有一帶電微粒恰好處于平衡狀態(tài)再將開(kāi)關(guān)S

5、斷開(kāi)，把電容器C2兩板稍錯(cuò)開(kāi)一些（兩板間距離保持不變），重新平衡后，下列判斷正確的是（ ）A電容器C1兩板間電壓減小B電容器C2兩板間電壓增大C帶電微粒將加速上升D電容器C1所帶電荷量增大8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻r=1，燈泡L上標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=0.50。閉合電鍵后，燈泡恰好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)也恰好正常工作，以下判斷正確的是A電動(dòng)機(jī)的輸入功率為12WB電動(dòng)機(jī)的輸出功率為6WC電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為75%D電源的輸出功率為20W9、平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，負(fù)極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點(diǎn)，如圖所示，以E表示兩極板間場(chǎng)強(qiáng)，U

6、表示電容器兩極間電壓；表示正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能若保持負(fù)極板不動(dòng)，將正極板移到圖中虛線所示位置，則（）AU變小，E不變BE變大，變大CU不變，不變DU變小，不變10、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對(duì)值分別為U1和U2；流過(guò)電源的電流為I，其變化量的絕對(duì)值為I當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片從右端滑到左端的過(guò)程中（燈泡電阻不變化）A小燈泡L3變暗，L1、L2變亮BC不變D不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性，并測(cè)出該燈泡在額定

7、電壓下工作時(shí)的電功率。(1)在閉合開(kāi)關(guān)S前,滑動(dòng)變阻器觸頭應(yīng)該放在_端。(選填“a”或“b”）(2)按電路圖（甲）測(cè)出的燈泡電阻值比真實(shí)值_(選填“偏大”或“偏小”）。(3)根據(jù)所得到的圖象如圖乙所示，它在額定電壓下實(shí)際功率P =_W。12（12分）某同學(xué)在做多用電表測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)中：（1）測(cè)量某電阻時(shí)，用“10”檔時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，他應(yīng)該換用_檔（填“1”或“100”），換檔后，在測(cè)量前先要_（2）如圖所示，A、B、C是多用表在進(jìn)行不同測(cè)量時(shí)，轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)分別指示的位置，D是多用表表盤(pán)指針在測(cè)量時(shí)的偏轉(zhuǎn)位置若是用A檔測(cè)量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_(kāi)；若是用B檔測(cè)量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_(kāi)；若

8、是用C檔測(cè)量，指針偏轉(zhuǎn)如D，則讀數(shù)為_(kāi)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，圖甲為一個(gè)電燈兩端電壓與通過(guò)它的電流的變化關(guān)系曲線由圖可知，兩者不成線性關(guān)系，這是由于焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故，參考這條曲線回答下列問(wèn)題（不計(jì)電流表內(nèi)阻，線路提供電壓不變）： （1）若把三個(gè)這樣的電燈串聯(lián)后，接到電壓恒定為12 V的電路上，求流過(guò)燈泡的電流和每個(gè)燈泡的電阻；（2）如圖乙所示，將兩個(gè)這樣的電燈并聯(lián)后再與10的定值電阻R0串聯(lián)，接在電壓恒定為10V的電路上，求通過(guò)電流表的電流值以及每個(gè)燈的實(shí)際功率14（

9、16分）如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)水平向右，在電場(chǎng)中的O點(diǎn)固定一輕細(xì)線，細(xì)線的另一端系一質(zhì)量為m帶電量為q的小球，小球平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向成角。（重力加速度g，）(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度；(2)將小球拉至右側(cè)與O等高，細(xì)線水平伸直，然后將小球靜止釋放，求小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)線的張力；(3)小球從最低點(diǎn)繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，求小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角。15（12分）如圖所示，質(zhì)量的帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)范圍足夠大，場(chǎng)強(qiáng)E=500N/C，小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角=37，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，求：（1）小球電荷量及帶電性質(zhì)；（2）小球

10、靜止時(shí)細(xì)線中的拉力大??；（3）某時(shí)刻將細(xì)線剪斷，此后內(nèi)小球的位移參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】手榴彈在空中爆炸過(guò)程，爆炸力遠(yuǎn)大于重力，在水平方向上動(dòng)量守恒，以手榴彈原來(lái)速度為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：即解得故選C.2、A【解析】甲電路：由于額定電壓都是18V，額定功率IA0.6A、IB1.0A，由此可知RARB，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，會(huì)使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會(huì)平分，AB不會(huì)同時(shí)正常發(fā)光，也就是說(shuō)甲電路不可能使A、B兩燈都能正常發(fā)光；乙電路：由于額定電壓都是18V，額定功率IA0.

11、6A、IB1.0A，由此可知RARB，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使B與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時(shí)正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與B燈泡的功率相同，所以總功率的大小為:；丙電路：把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當(dāng)電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時(shí)，AB就可以正常發(fā)光，此時(shí)電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為；由以上分析可知，只有乙丙能正常發(fā)光，乙電路消耗的功率小于丙電路消耗的功率；故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A；3、A【解析】由，得，所以，A. ，選項(xiàng)A符合題意；B. ，選項(xiàng)B不符合題意；C. ，選項(xiàng)C不符合題意；D. ，選項(xiàng)D

12、不符合題意；4、C【解析】設(shè)R2和R3并聯(lián)的電壓為U并，則由公式P=U2/R可得，P2=，P3=，所以P2P3；電阻R1的電流等于R2和R3的電流的和，所以R1的功率為P1=I2R1=（+）2R1=；所以P1 P2 P3，所以C正確故選C5、A【解析】A：平行板電容器的電容，電容器電壓與電容的關(guān)系為，電量不變，保持不變，增大，電容減小，電壓增大， 變大，故A項(xiàng)正確B：電量不變，保持不變，減小，電容增大，電壓減小， 變小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤C：電量不變，保持不變，減小，電容減小，電壓增大， 變大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤D：電量不變，保持、不變，在兩板間插入電介質(zhì)，電容增大，電壓變小， 變小，故D項(xiàng)錯(cuò)誤所以選A點(diǎn)睛：

13、平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來(lái)判斷各量如何變化。平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，由于電荷不能移動(dòng)，電容器的帶電量不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來(lái)判斷各量如何變化。6、C【解析】合上開(kāi)關(guān)K接通電路時(shí)，A2先亮，由于A1與L串聯(lián)，在L中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增加，故A1逐漸亮起來(lái)，但是由于L有電阻，故最后A1比A2要暗，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)K切斷電路時(shí)，原來(lái)通過(guò)A2的電流立刻消失，但是由于L中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，故此電流會(huì)在L、A1和A2中形成新的回路，故兩燈都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅，選項(xiàng)C正確；D錯(cuò)

14、誤；故選C二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解析】當(dāng)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，則電容器兩極板間的電量不變?nèi)舭央娙萜鲀砂迳藻e(cuò)開(kāi)一些，則導(dǎo)致平行板電容器的電容減小，從而導(dǎo)致電容器兩端電壓增大，故B正確；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，電容器C1兩端電壓與電容器兩端電壓相同，則電容器兩板間電壓也增大，故A錯(cuò)誤；電容器兩的電容不變，根據(jù)可知，其兩極板上的電荷量增大，故D正確；由于電容器C1兩極板間的間距不變，根據(jù)可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增加，所以電場(chǎng)力大于重力，出現(xiàn)液滴向上加速運(yùn)動(dòng)，故C正確；故選

15、BCD【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是電容器兩端電壓發(fā)生變化導(dǎo)致電容器電量和電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，從而引起電場(chǎng)力變化8、BCD【解析】A. 整個(gè)電路中的電流為：電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為：所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：故A錯(cuò)誤；BC. 電動(dòng)機(jī)的熱功率為：熱則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為：故B、C正確；D. 電源的輸出功率為：出故D正確。9、AD【解析】平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，電容器的電量不變將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，由，知電容C增大，由，知板間場(chǎng)強(qiáng)不變，而電量Q不變，由公式分析得到板間電壓U減小，根據(jù)，E不變，P點(diǎn)到負(fù)極板的距離不變，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能不變，故選AD.【點(diǎn)睛

16、】平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)后，電容器的電量不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，電容增大，電場(chǎng)強(qiáng)度不變.10、ACD【解析】A當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L1變亮。變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，則L3變暗。總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮。故A正確。B由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數(shù)之和減小，所以U1U1故B錯(cuò)誤。C由U1=E-I（RL1+r）得：不變，故C正確。D根據(jù)歐姆定律得=R

17、1，不變，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、a 偏小 1.2 【解析】（1）1實(shí)驗(yàn)前為了保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該放在a端（2）2根據(jù)電路圖可知，燈泡的電壓測(cè)量準(zhǔn)確，電流測(cè)量偏大，所以測(cè)量結(jié)果偏小（3）3燈泡的額定電壓為2.4V，可知電壓為2.4V時(shí)電流為0.5A，因此額定電壓時(shí)燈泡的功率為1.2W12、1 重新調(diào)零 1.3103 6.4mA 32.0 V 【解析】指針偏角大，應(yīng)換用小倍率，并重新調(diào)零，電阻的讀數(shù)為示數(shù)乘以倍率，電壓和電流的讀數(shù)為格子數(shù)乘以每小格表示的數(shù)【詳解】（1）指針偏角過(guò)大，說(shuō)明待測(cè)電

18、阻阻值較小，為了準(zhǔn)確要換1擋，然后重新調(diào)零（2）若用A擋，是測(cè)電阻，讀數(shù)為13100=1.3103若用B擋，是測(cè)電流，讀數(shù)為32.0 =6.40mA若用C擋，是測(cè)電壓，讀數(shù)為32.0=32.0V【點(diǎn)睛】本題考查了歐姆表、電壓表和電流表的使用和讀數(shù)，記住其方法即可解決此類題目四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）0.4 A；10 （2）0.7 A；10.5 W【解析】（1）由于三個(gè)電燈完全相同，所以每個(gè)電燈兩端的電壓為：ULV4 V結(jié)合圖象可得當(dāng)UL4 V時(shí)，IL0.4 A故每個(gè)電燈的電阻為：R10 .（2）設(shè)此

19、時(shí)電燈兩端的電壓為U，流過(guò)每個(gè)電燈的電流為I，由閉合電路歐姆定律得EU2IR0代入數(shù)據(jù)得U1020I可得到該直線與曲線的交點(diǎn)（3 V，0.35 A），即流過(guò)電燈的電流為0.3 A，則流過(guò)電流表的電流為IA2I0.7 A每個(gè)燈的功率為：PUI30.35 W10.5 W.14、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)(2) 根據(jù)動(dòng)能定理、牛頓第二定律得解得（3）設(shè)最大偏角為，從小球釋放到運(yùn)動(dòng)到最大高度過(guò)程中由動(dòng)能定理得解得=1615、（1）負(fù)電，1.510-3C；（2）1.25N；（3）25m；【解析】試題分析：（1）對(duì)小球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出電場(chǎng)力的大小，結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式求出小球的電荷