2022-2023學(xué)年浙江省寧波余姚市高風(fēng)中學(xué)高二上學(xué)期10月月考物理試題（解析版）

余姚市高風(fēng)中學(xué)2022學(xué)年第一學(xué)期10月月考試卷高二物理試卷一、單選題（共15題，每小題3分，共45分。每小題只有一個(gè)答案符合題意）1.下列敘述中正確的是（）A.用點(diǎn)電荷代替帶電體是采用了理想模型的方法B.伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)總結(jié)出了慣性定律C.在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中主要使用了控制變量的方法D.開(kāi)普勒通過(guò)總結(jié)規(guī)律發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)得到了引力常量G【答案】A【解析】【詳解】A．用點(diǎn)電荷代替帶電體是采用了理想模型的方法，理想模型法是物理中研究問(wèn)題的一種方法，故A正確；B．伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)總結(jié)出了力不是維持運(yùn)動(dòng)的原因，牛頓總結(jié)了慣性定律，故B錯(cuò)誤；C．在探究求合力方法的實(shí)驗(yàn)中主要使用了等效替代的方法，故C錯(cuò)誤；D．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪什測(cè)出了引力常量的值，故D錯(cuò)誤。故選A。2.關(guān)于摩擦力做功的下列說(shuō)法中正確的是（）A.靜摩擦力一定不做功 B.滑動(dòng)摩擦力一定做負(fù)功C.靜摩擦力可以做正功，但不能做負(fù)功 D.滑動(dòng)摩擦力既可以做功，也可以不做功【答案】D【解析】【詳解】AC．恒力做功的表達(dá)式，靜摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可以相反，還可以與運(yùn)動(dòng)方向垂直，故靜摩擦力可以做正功，也可以做負(fù)功，也可以不做功，故AC錯(cuò)誤；BD．恒力做功的表達(dá)式，滑動(dòng)摩擦力的方向與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，但與運(yùn)動(dòng)方向可以相同，也可以相反，物體受滑動(dòng)摩擦力也有可能位移為零，故可能做負(fù)功，也可能做正功，也可以不做功，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】功等于力與力的方向上的位移的乘積，這里的位移是相對(duì)于參考系的位移；靜摩擦力的方向與物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反，滑動(dòng)摩擦力的方向與物體的相對(duì)滑動(dòng)的方向相反。3.關(guān)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度的變化率恒定B.勻減速直線運(yùn)動(dòng)就是加速度為負(fù)值的運(yùn)動(dòng)C.勻加速直線運(yùn)動(dòng)的速度一定與時(shí)間成正比D.速度先減小再增大的運(yùn)動(dòng)一定不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】【詳解】A．勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度的變化率即加速度恒定，故A正確；B．勻減速直線運(yùn)動(dòng)中，如初速度方向?yàn)檎较?，則加速度方向與初速度方向相反，為負(fù)；如初速度的反方向?yàn)檎较?，則加速度方向與初速度方向相反，為正，故B錯(cuò)誤；C．勻加速直線運(yùn)動(dòng)的速度均勻變化，但不一定與時(shí)間成正比，故C錯(cuò)誤；D．速度先減小再增大，但加速度不變，有可能為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。4.一帶負(fù)電油滴在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，電場(chǎng)方向豎直向下．若不計(jì)空氣阻力，則此帶電油滴從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）A.油滴的電勢(shì)能減少 B.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)C.油滴所受電場(chǎng)力小于重力 D.油滴重力勢(shì)能減小【答案】A【解析】【詳解】A、由圖示運(yùn)動(dòng)軌跡可知，帶電油滴的運(yùn)動(dòng)軌跡向上偏轉(zhuǎn)，則其合力方向向上，油滴受到豎直向下的重力和豎直方向的電場(chǎng)力，則知電場(chǎng)力必定豎直向上；故電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減?。籄正確；B、油滴逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)升高，則在A點(diǎn)電勢(shì)低于在B點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；C、油滴受到的合力方向豎直向上，電場(chǎng)力必定大于重力，C錯(cuò)誤．D、因油滴向上運(yùn)動(dòng)，故重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加，D錯(cuò)誤；5.一質(zhì)點(diǎn)t=0時(shí)刻從原點(diǎn)開(kāi)始沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)在m處B.第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度的方向相同C.第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，合力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做的功相同D.s內(nèi)和s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的平均速度相同【答案】B【解析】【詳解】A．0-4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移等于0-2s的位移，為△x=×（1+2）×2m=3m則t=4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)在x=3m處，故A錯(cuò)誤；B．圖線的斜率表示加速度，直線的斜率一定，則知第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度相同，其方向相同，故B正確；C．第3s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的速度減小，合力做負(fù)功，第4s內(nèi)速度增大，合力做正功，由動(dòng)能定理知第3s內(nèi)和第4s內(nèi)，合力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做的功不等，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在時(shí)間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)，則知0～2s內(nèi)和0～4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移相同，但所用時(shí)間不同，則平均速度不同，故D錯(cuò)誤。故選B。6.關(guān)于圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.做圓周運(yùn)動(dòng)物體受到的合力一定指向圓心B.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的加速度不變C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的速度方向是運(yùn)動(dòng)軌跡的切線方向D.蕩秋千時(shí)秋千落下過(guò)程的運(yùn)動(dòng)可以近似看做勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體合力一定指向圓心，但做變速圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的合力不指向圓心，故A錯(cuò)誤；B．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的加速度大小不變，但方向總是改變，故B錯(cuò)誤；C．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的速度方向是運(yùn)動(dòng)軌跡的切線方向，故C正確；D．蕩秋千時(shí)秋千落下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度逐漸增大，不可以近似看做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，細(xì)線一端固定在O點(diǎn)，另一端拴一小球。將小球從細(xì)線水平且伸直的位置由靜止釋放，在小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球所受合力就是小球運(yùn)動(dòng)的向心力B.細(xì)線上拉力逐漸增大C.小球重力的功率逐漸增大D.細(xì)線拉力的功率逐漸增大【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．小球所受合力沿細(xì)線方向分力，提供小球運(yùn)動(dòng)的向心力，沿運(yùn)動(dòng)方向的分力提供切向加速度來(lái)改變速度的大小，所以A錯(cuò)誤；B．設(shè)細(xì)線與水平方向夾角為，根據(jù)牛頓第二定律可得由動(dòng)能定理可得聯(lián)立解得在小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，越來(lái)越大，所以細(xì)線上拉力逐漸增大，則B正確；C．由于小球重力的功率為開(kāi)始時(shí)速度為0，功率為0，在最低點(diǎn)時(shí)，則功率也為0，所以小球重力的功率先增大后減小，則C錯(cuò)誤；D．細(xì)線拉力總是與速度方向垂直，所以細(xì)線的拉力不做功，其的功率為0，則D錯(cuò)誤；故選B。8.如圖所示，一質(zhì)量為m的小球分別在甲、乙兩種豎直固定軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。若兩軌道內(nèi)壁均光滑、半徑均為R，重力加速度為g，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，則（）A.小球通過(guò)甲軌道最高點(diǎn)時(shí)的最小速度為B.小球通過(guò)乙管道最高點(diǎn)時(shí)的最小速度為零C.小球以最小速度通過(guò)甲軌道最高點(diǎn)時(shí)受到軌道彈力為mgD.小球以速度通過(guò)乙管道最高點(diǎn)時(shí)受到軌道彈力為mg【答案】B【解析】【分析】【詳解】AC．甲軌道，在最高點(diǎn)，當(dāng)軌道給的彈力為零的時(shí)候，小球的速度最小，由重力提供向心力有可得最小速度，故AC錯(cuò)誤；B．乙軌道，由圖可知，乙軌道可以給小球支持力，所以小球最低速度可以為零，當(dāng)小球速度為零時(shí)，彈力與小球的重力相等為mg，故B正確；D．當(dāng)小球以速度通過(guò)乙管道最高點(diǎn)時(shí)有帶入速度可求得可知，軌道給小球的彈力大小為，方向與重力方向相反，豎直向上，故D錯(cuò)誤。故選B。9.圖是用伏安法測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻畫(huà)出的U－I圖像。下列說(shuō)法中正確的是（）A.橫軸截距表示短路電流為0.5AB.待測(cè)電源內(nèi)電阻為12ΩC.縱軸截距表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)6.0VD.電流為0.3A時(shí)的外電阻是16Ω【答案】C【解析】【詳解】A．短路電流是路端電壓為0時(shí)的電流，因圖中縱軸不從0開(kāi)始，故橫軸截距不表示短路電流，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)電源的U－I圖像，縱軸截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻，則由圖知該電源電動(dòng)勢(shì)為6.0V，內(nèi)阻為故B錯(cuò)誤，C正確；D．由圖知，電流為0.3A時(shí)的外電壓為5.4V，則外電阻為故D錯(cuò)誤。故選C。10.有一接地的導(dǎo)體球殼，如圖所示，球心處放一點(diǎn)電荷q，達(dá)到靜電平衡時(shí)，則()A.q的電荷量變化時(shí)，球殼外電場(chǎng)隨之改變B.q在球殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C.球殼內(nèi)、外表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零D.q與球殼內(nèi)表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零【答案】D【解析】【詳解】A．由于球殼接地，在靜電平衡后，球殼與大地是等勢(shì)體，所以球殼外的電場(chǎng)為0，不隨q的變化發(fā)生變化，A錯(cuò)誤；B．平衡狀態(tài)后，q與球殼內(nèi)表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零，q單獨(dú)在球殼外產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，B錯(cuò)誤；CD．金屬球殼外表面接地，所以球殼外表面不帶電，內(nèi)表面帶與q相反電性的電荷，當(dāng)?shù)竭_(dá)靜電平衡狀態(tài)后，q與球殼內(nèi)表面的電荷在殼外的合場(chǎng)強(qiáng)為零，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。11.如圖所示，質(zhì)量分別是和帶電量分別為和的小球，用長(zhǎng)度不等的輕絲線懸掛起來(lái)，兩絲線與豎直方向的夾角分別是和，兩小球恰在同一水平線上，那么（）A.兩球帶同種電荷B.大于C.小于D.所受庫(kù)侖力小于所受的庫(kù)侖力【答案】C【解析】【詳解】A．兩球相互吸引必定是異種電荷，故A錯(cuò)誤；BD．兩球間的庫(kù)侖力為相互作用力，由牛頓第三定律可知，無(wú)論電荷量是否相等都有庫(kù)侖力大小相等，故無(wú)法判斷電量的大小，故BD錯(cuò)誤；C．設(shè)兩球間庫(kù)侖力大小為F，對(duì)研究，得到同理，對(duì)研究，得到則因，得到故選C。12.如圖所示，在地面上發(fā)射一顆衛(wèi)星，進(jìn)入橢圓軌道II運(yùn)行，其發(fā)射速度A.等于7．9km/sB.大于16．7km/sC.大于7．9km/s，小于11．2km/sD.大于11．2km/s，小于16．7km/s【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)宇宙速度的意義可知，在地面上發(fā)射一顆衛(wèi)星，要進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ運(yùn)行，其發(fā)射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s，故C正確．13.質(zhì)量為m的小球，從離桌面H高處由靜止下落，桌面離地面高度為h，如圖所示，若以桌面為參考平面，那么小球落地時(shí)的重力勢(shì)能及整個(gè)下落過(guò)程中重力勢(shì)能的變化分別是（）A.mgh，減少mg（H-h）B.-mgh，增加mg（H+h）C.-mgh，增加mg（H-h）D.-mgh，減少mg（H+h）【答案】D【解析】【詳解】ABCD．以桌面為零勢(shì)能參考平面，那么小球落地時(shí)的重力勢(shì)能為整個(gè)過(guò)程中小球的重力做正功，故重力勢(shì)能減少，重力勢(shì)能的減少量為故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D。14.如圖所示，小球從a點(diǎn)由靜止自由下落，到b點(diǎn)與豎直放置的輕彈簧接觸，到c點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮到最短，不計(jì)空氣阻力，則小球在a→b→c的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A.系統(tǒng)的機(jī)械能不斷減小B.小球的動(dòng)能在b點(diǎn)達(dá)到最大，之后開(kāi)始減小C.從b到c，小球的重力勢(shì)能變化率先變大后變小D.彈簧的彈性勢(shì)能先不斷增大后不斷減小【答案】C【解析】【詳解】A．由于系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功，則有系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，A錯(cuò)誤；B．小球從a到b運(yùn)動(dòng)中，重力勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，從b點(diǎn)開(kāi)始向下壓縮彈簧，小球受到重力和彈簧彈力，當(dāng)彈力小于重力時(shí)，小球受合力方向向下，小球做加速運(yùn)動(dòng)，速度繼續(xù)增大，當(dāng)彈力等于重力時(shí)，合力是零，小球速度達(dá)到最大，動(dòng)能最大，B錯(cuò)誤；C．小球從b到c，先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，即小球速度向下先變大后變小，可知小球在相等時(shí)間內(nèi)下落的高度先變大后變小，則有重力勢(shì)能變化率先變大后變小，C正確；D．小球從a點(diǎn)到b點(diǎn)，彈簧沒(méi)有被壓縮，彈性勢(shì)能不變，小球從b點(diǎn)到c點(diǎn)，彈簧的壓縮量不斷增大，彈簧的彈性勢(shì)能不斷增大，D錯(cuò)誤。故選C。15.一輛汽車(chē)在水平路面上由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，直到速度最大并保持恒定，所受阻力恒定不變，在此過(guò)程中牽引力F與車(chē)速的倒數(shù)的關(guān)系如圖所示，已知汽車(chē)質(zhì)量，發(fā)動(dòng)機(jī)的最大牽引力為，最大輸出功率，圖中的為汽車(chē)的最大速度，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.汽車(chē)在BC段的運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.汽車(chē)在AB段的運(yùn)動(dòng)為勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.當(dāng)速度v＝15m/s時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的瞬時(shí)輸出功率D.當(dāng)速度v＝5m/s時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的瞬時(shí)輸出功率【答案】A【解析】【詳解】AB．當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)達(dá)到最大輸出功率時(shí)有，由圖可得，從A開(kāi)始發(fā)動(dòng)機(jī)輸出功率在增大，到B點(diǎn)時(shí)達(dá)到最大輸出功率后保持不變到C，AB段牽引力不變，根據(jù)牛頓第二定律可得此時(shí)加速度不變，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，到BC段后牽引力在減小，得加速度在減小，同時(shí)速度在增加，所以做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)BC段功率不變?yōu)樽畲筝敵龉β士傻?，所以?dāng)速度v＝15m/s時(shí)，此時(shí)處于BC段，發(fā)動(dòng)機(jī)處于最大輸出功率階段，故此時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)的瞬時(shí)輸出功率為當(dāng)速度為5m/s時(shí)，處于AB段，發(fā)動(dòng)機(jī)此時(shí)沒(méi)達(dá)到最大輸出功率，此時(shí)功率為CD正確。本題選錯(cuò)誤的，故選A。二、實(shí)驗(yàn)題（14分，每空2分）16.某同學(xué)要研究一質(zhì)地均勻的圓柱形熱敏電阻電阻率隨溫度的變化規(guī)律，其部分步驟如下：(1)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖1所示，由圖1可知其長(zhǎng)度為_(kāi)________mm；(2)用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖2所示，由圖2可知其直徑為_(kāi)________mm；(3)該同學(xué)利用以下實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律：A．熱敏電阻（常溫下阻值約200Ω）；B．溫度計(jì)；C．電流表（60mA，約10Ω）；D．電流表（3A，約0.1Ω）；E．電壓表V（6V，約15kΩ）；F．滑動(dòng)變阻器R1（200Ω，0.5A）；G．滑動(dòng)變阻器R2（5Ω，2A）；H．蓄電池（6V，0.05Ω）I．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)要求通過(guò)熱敏電阻的電流從零開(kāi)始增加，電流表應(yīng)選擇_____，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇______。（均填器材前的字母）【答案】①.50.15②.4.696--4.699③.C④.G【解析】【詳解】(1)[1]由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為50mm+3×0.05mm=50.15mm；(2)[2]由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為4.5mm+19.6×0.01mm=4.696mm，由于誤差4.696--4.699mm均可；(3)[3]電路最大電流約為電流表應(yīng)選擇C；[4]實(shí)驗(yàn)要求通過(guò)熱敏電阻的電流從零開(kāi)始增加，滑動(dòng)變阻器用分壓式，則滑動(dòng)變阻器選總阻值較小的即為G。17.在“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”的實(shí)驗(yàn)中：（1）為減小空氣阻力對(duì)小球的影響，選擇小球時(shí)，應(yīng)選擇下列的______；A.實(shí)心小鐵球B.空心小鐵球C.實(shí)心小木球D.以上三種球都可以（2）高一某班某同學(xué)為了更精確地描繪出小球做平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，使用頻閃照相機(jī)（每隔相等時(shí)間T拍一次照片）拍攝小球在空中的位置，如圖所示為一小球做平拋運(yùn)動(dòng)的頻閃照片的一部分，圖中背景方格的邊長(zhǎng)表示實(shí)際長(zhǎng)度2mm，如果取g=10m/s2，那么：①照相機(jī)的頻閃周期T=______s；②小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平初速度大小是______m/s。【答案】①.A②.0.02③.0.3【解析】【分析】【詳解】(1)[1]實(shí)心小鐵球，所受空氣阻力影響最小。(2)①[2]小球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，A點(diǎn)與B點(diǎn)，B點(diǎn)與C點(diǎn)的水平距離相同，故時(shí)間間隔相等設(shè)為T(mén)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，滿(mǎn)足解得②[3]小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平初速度大小是解得三、計(jì)算題（本題共4小題，共38分。解答穎寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不得分）。18.把一小球從離地面h＝5m處，以v0＝10m/s的初速度水平拋出，不計(jì)空氣阻力（g＝10m/s2），求：（1）小球在空中飛行的時(shí)間；（2）小球落地點(diǎn)離拋出點(diǎn)的水平距離；（3）小球落地時(shí)的速度?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3），方向與水平方向成角向下【解析】【詳解】（1）豎直方向上有解得（2）水平方向有（3）豎直方向有水平方向有則小球落地時(shí)的速度大小為方向與水平方向成角向下。19.如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為，定值電阻，閉合、斷開(kāi)，電流表的示數(shù)是；閉合和，電流表的示數(shù)是，此時(shí)電動(dòng)機(jī)豎直向上勻速吊起質(zhì)量為的重物，已知電動(dòng)機(jī)線圈電阻為，電流表、電壓表均為理想電表，不計(jì)一切阻力，取，求：(1)電源電動(dòng)勢(shì)E；(2)閉合和時(shí)，重物向上運(yùn)動(dòng)的速率?！敬鸢浮?1)6.00V；(2)0.68m/s【解析】【詳解】(1)閉合、斷開(kāi)，電流表的示數(shù)是，由閉合電路歐姆定律有(2)閉合和，電流表的示數(shù)是，則路端電壓為此時(shí)流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為重物向上運(yùn)動(dòng)的速率20.如圖所示，有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)質(zhì)