高考物理重慶物理方法知識(shí)點(diǎn)圖文解析

B,物體A恰好)A. =0.65B. =0.5C.mB=1.2mD.mB=1.6m.如圖所示，粗糙的水平地面上有三塊材料完全相同的木塊 AB,物體A恰好)A. =0.65B. =0.5C.mB=1.2mD.mB=1.6m.如圖所示，粗糙的水平地面上有三塊材料完全相同的木塊 A、B、C,質(zhì)量均為m,B、C之間用輕質(zhì)細(xì)繩連接.現(xiàn)用一水平恒力 F作用在C上，三者開始一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中把一塊橡皮泥粘在某一塊上面，系統(tǒng)仍加速運(yùn)動(dòng)，且始終沒有相對滑動(dòng).則在粘上橡皮泥并達(dá)到穩(wěn)定后，下列說法正確的是( )A.若粘在C木塊上面，繩的拉力增大,B.若粘在A木塊上面，繩的拉力減小,C.若木^在B木塊上面，繩的拉力增大,A、B間摩擦力減小A、B間摩擦力不變A、B間摩擦力增大D.若粘在C木塊上面，繩的拉力和A、B間摩擦力都減小.如圖所示，重為G的光滑球在傾角為。的斜面和豎直墻壁之間處于靜止?fàn)顟B(tài).若將此斜面換成材料和質(zhì)量相同，但傾角 。稍小一些的斜面，以下判斷正確的是 ( )高考物理重慶物理方法知識(shí)點(diǎn)圖文解析一、選擇題1.如圖所示，質(zhì)量為m的物體A放在傾角為。=37的斜面上時(shí)，恰好能勻速下滑，現(xiàn)用細(xì)線系住物體A,并平行于斜面向上繞過光滑的定滑輪，另一端系住物體能沿斜面勻速上滑，(g取10m/s2,sin37=0.6,cos37°=0.8)貝U(A.球?qū)π泵娴膲毫υ龃驜.球?qū)π泵娴膲毫p小C.斜面可能向左滑動(dòng)D.地面受到的壓力變小.如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿 MON,桿的水平部分粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù) 打0.2,桿的豎直部分光滑.兩部分各套有質(zhì)量均為 1kg的小球A和B,A、B球間用細(xì)繩相連.初始A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知OA=3m,OB=4m,若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動(dòng)1m(取g=10m/s2),那么該過程中拉力F做功為( )

4J10J12J14J.如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣空心斜面 ABC放置在水平面上，/CAB=30°,斜面內(nèi)部。點(diǎn)（與斜面無任何連接）固定有一正點(diǎn)電荷，一帶負(fù)電的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）可以分別靜止在M、N、MN的中點(diǎn)P上，OM=ON,OM//AB,則下列判斷正確的是（）A.小物體分別在三處靜止時(shí)所受力的個(gè)數(shù)一定都是 4個(gè)B.小物體靜止在P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，靜止在M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等C.小物體靜止在P點(diǎn)時(shí)受到的摩擦力最大D.當(dāng)小物體靜止在N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的摩擦力為零6.如圖所示，傾角為。的斜面體c置于水平地面上，小物塊b置于斜面上，通過細(xì)繩跨過光滑的定滑輪與沙漏a連接，連接b的一段細(xì)繩與斜面平行。在a中的沙子緩慢流出的過程中，a、b、c都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（ ）c對b的支持力減小c對b的摩擦力方向可能平行斜面向上C.地面對c的摩擦力方向向右D.地面對c的摩擦力增大7.如圖所示，放在粗糙水平桌面上的物體 m2,通過跨過定滑輪的繩與物體 mi相連，若由靜止釋放mi,m2的加速度大小為a,現(xiàn)取走mi,用力F向下拉繩，使m2的加速度仍為%不計(jì)滑輪摩擦及繩的質(zhì)量，則（）A.F>mA.F>migC.F=migB.F<migD.以上三種情況都有可能8.如圖所示，在水平桌面上疊放著質(zhì)量相等的 A、B兩塊木板在木板A上放著質(zhì)量為m的物塊C,木板與物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)A、B、C之間以及B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為內(nèi)設(shè)最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，現(xiàn)用水平恒力 F向右拉木板A,在下列說法正確的是（） fA.A、B間的摩擦力大小不可能等于FB.A、C間的摩擦力大小一定等于^mgC.不管F多大，木板B一定會(huì)保持靜止 D.A、B、C有可能一起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng).如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A放在質(zhì)量為M的三角形斜面B上，現(xiàn)用大小均為F,方向相反的水平力分別推A和B,它們均在地面上靜止不動(dòng)，則 （）B與地面之間可能存在摩擦力A與B之間可能存在摩擦力B對A的支持力一定大于mgB對A的支持力一定小于mg.如圖所示，物體A、B放在物體C上,水平力F水平向左作用于A上，使A、B、C一起在水平地面向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則（）A.物體A受到三個(gè)力作用 B.物體C受到六個(gè)力作用C.物體C受到三個(gè)摩擦力的作用 D.C對B有向左的摩擦力.如圖所示，物體B放在物體A上，正一起沿光滑的斜面向下滑動(dòng)，已知 A的上表面水平，下列對A、B兩物體受力情況分析正確的是（ ）B只受重力和支持力兩個(gè)力作用A對B一定有沿斜面向下的靜摩擦力A對B一定有水平向向左的靜摩擦力B對A的壓力大小應(yīng)等于B的重力12.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家都做出了重要的貢獻(xiàn)，他們也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法。下列關(guān)于物理學(xué)史與物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是（ ）

A.物理學(xué)中所有物理量都是采用比值法定義的B.元電荷、點(diǎn)電荷都是理想化模型C.奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象D.法拉第最早提出了 電場”的概念.如圖所示，在傾角為45。的斜面頂端，用線沿平行斜面方向系一個(gè)質(zhì)量是 m的小球,若不計(jì)一切磨擦，當(dāng)斜面體以 a=2g的加速度向左運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定后，線上的張力為A.0B.1.8*2陽c2\j2mgd..如圖所示，一質(zhì)量為M的楔形木塊放在水平桌面上，它的頂角為 90°,兩底角為“和3;a、b為兩個(gè)位于斜面上質(zhì)量均為 m的小木塊，已知所有接觸面都是光滑的.現(xiàn)發(fā)現(xiàn)a、b沿斜面下滑，而楔形木塊靜止不動(dòng)，這時(shí)楔形木塊對水平桌面的壓力等于（ ）Mg+mgMg+2mgMg+mg(sin+sinFMg+mg(cos+cos$15.如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿， MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個(gè)套在此桿上的帶有同種電荷的小球.用一指向豎直桿的力 F作用在A球，使兩球均A、B兩小球可以重新平A、B兩小球可以重新平衡.則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，下列判斷正確的是A.A、BA.A、B兩小球間的庫侖力變大，B.A、B兩小球間的庫侖力變小，C.A、B兩小球間的庫侖力變小，D.A、B兩小球間的庫侖力變大，16.如圖所示，兩質(zhì)量相等的物體A球又MO桿的壓力變大A球?qū)O桿的壓力變小A球?qū)O桿的壓力不變A球又MO桿的壓力不變.A、B疊放在水平面上靜止不動(dòng),A與B間及B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同.現(xiàn)用水平恒力F間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同.現(xiàn)用水平恒力F拉物體A,A與B恰好不發(fā)生相對滑動(dòng)；若改用另一水平恒力拉物體B,要使A與B能發(fā)生相對滑動(dòng)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則拉物體B的水平恒力至少應(yīng)大于F B.2F C.3F D.4F17.如圖所示，質(zhì)量為M的斜面A置于粗糙水平地面上，動(dòng)摩擦因數(shù)為和物體B與斜面間無摩擦.在水平向左的推力 F作用下，A與B一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，兩者無相對滑A.a=gsin0,動(dòng).已知斜面的傾角為 0,物體B的質(zhì)量為m,則它們的加速度a及推力F的大小為（ ）A.a=gsin0,F=(M+m)g(葉sin@a=gcos0,F=(M+m)gcos0a=gtan0,F=(M+m)g(葉tan@a=gcot0,F=[M+m)g.如圖，有A、B兩個(gè)完全相同的小球并排放在傾角為 30°的固定斜面上，B球被豎直擋板擋住，不計(jì)一切摩擦，則A、B之間的作用力與豎直擋板對B的作用力之比為（.下列關(guān)于物理學(xué)史和物理研究方法的敘述中正確的是dxA.根據(jù)速度的定義式v==，當(dāng)At取不同的值時(shí)，v都可以表示物體的瞬時(shí)速度dtB.牛頓在前人的基礎(chǔ)上總結(jié)得出并通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了牛頓運(yùn)動(dòng)定律C.伽利略借助實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理得出了自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律FD.用比值定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如加速度 a=一就是采用比值tn定義的.如圖所示，有3000個(gè)質(zhì)量均為m的小球，將它們用長度相等的輕繩依次連接，再將其左端用細(xì)繩固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球靜止.若連接天花板的細(xì)繩與水平方向的夾角為37°,則第1218個(gè)小球與1219個(gè)小球之間的輕繩與水平方向的夾角 a的正切值等于（sin37=0.6,cos37°=0.8）

2的自明的30001781A. 4000c2的自明的30001781A. 4000c609C. 2000B.D.121940008912000g取10m/s2,墻面對正方體的.如圖所示，質(zhì)量為m=1.2Kg、g取10m/s2,墻面對正方體的兩豎直墻和水平地面間，處于靜止?fàn)顟B(tài).若不計(jì)一切摩擦,彈力大小與水平地面對正方體的彈力大小分別為A.20N,36N B.16N,32N C.16N,40N D.20N,20N.在推導(dǎo)”勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移的公式 時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分為很多個(gè)小段，每一小段近似為勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，物理學(xué)中把這種研究方法叫做 微元法”.下面實(shí)例中應(yīng)用到這一思想方法的是（ ）A.在探究牛頓第二定律的過程中，控制物體的質(zhì)量不變，研究物體的加速度和力的關(guān)系B.在計(jì)算帶電體間的相互作用力時(shí)，若電荷量分布對計(jì)算影響很小，可將帶電體看作點(diǎn)電荷C.在求兩個(gè)力的合力是，如果把一個(gè)力的作用效果與兩個(gè)力共同作用的效果相同，這個(gè)力就是兩個(gè)力的合力D.在探究彈簧彈性勢能表達(dá)式的過程中，把拉伸彈簧的過程分為很多小段，在每一小段內(nèi)認(rèn)為彈簧的彈力是恒力，然后把每一小段彈力所做的功相加.物體b在力F作用下將物體a壓向光滑的豎直墻壁，a始終處于靜止?fàn)顟B(tài).如圖所示，當(dāng)F逐漸增大時(shí)下列說法中正確的是（ ）a受的摩擦力有兩個(gè)a與b間的摩擦力大小隨 F的增大而增大a受的摩擦力大小不隨 F的增大而變化b相對a的運(yùn)動(dòng)趨勢方向豎直向下24.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家們總結(jié)出了許多物理學(xué)方法，以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述正確的是（ ）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法運(yùn)用了假設(shè)法xB.根據(jù)速度的定義式V——，當(dāng)^t趨近于零時(shí)，就可以表布物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度,t該定義運(yùn)用了極限思想C.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運(yùn)用了極限的方法D.在對自由落體運(yùn)動(dòng)的研究中，伽利略猜想運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，并用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證25.如圖所示，三個(gè)形狀不規(guī)則的石塊 a、b、c在水平桌面上成功地疊放在一起靜止不動(dòng)，下列說法正確的是（ ）c與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 科二0c對b的作用力一定豎直向上b對a的支持力是由于a物體發(fā)生形變產(chǎn)生的a對b的壓力就是a物體的重力【參考答案】***試卷處理標(biāo)記，請不要?jiǎng)h除一、選擇題C解析：C【解析】【分析】A勻速下滑時(shí)，對物體A進(jìn)行受力分析，根據(jù)物體所處平衡狀態(tài)結(jié)合力的分解列出平衡等式，求解動(dòng)摩擦因數(shù).當(dāng)物體A沿斜面勻速上t時(shí)，再對A受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出物體B的質(zhì)量.【詳解】當(dāng)物體A沿斜面勻速下滑時(shí)，受力圖如圖甲：飛困甲根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有：/二mqa由田，N=ingco超,其中『二〃N,聯(lián)立解得:^=t<m37°=0.75|,當(dāng)物體A沿斜面勻速上滑時(shí)，受力圖如圖乙：版g雷乙A物體所受摩擦力大小不變，方向沿斜面向下，沿斜面方向的合力為 0,則有：T>=r+血0$由第，對物體B：由牛頓第三定律可知：『力二『以，聯(lián)立各式得：帆h=1.2嗎故選c。【點(diǎn)睛】解決共點(diǎn)力平衡問題的一般思路是對物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)物體所處平衡狀態(tài)結(jié)合力的分解列出平衡等式.D解析：D【解析】【分析】對整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律判斷系統(tǒng)加速度的變化.通過隔離分析，得出繩子拉力和摩擦力的大小的變化。【詳解】因無相對滑動(dòng)，所以，無論橡皮泥粘到哪塊上，根據(jù)牛頓第二定律都有： F-3wmgwz^mg=(3m+Am)a,a者B將減小。A、D項(xiàng)：若粘在C木塊上面，a減小，對A有：fA=ma,可知A的摩擦力減小，以AB為整體，有T-2mg=2m<a得：丁=2科mg+2ma,則T減小，故A錯(cuò)誤，D正確；B項(xiàng)：若粘在A木塊上面，以C為研究對象，受F、摩擦力^mg、繩子拉力T,F-科mgT=ma,則得：T=F-mgma,a減小，F(xiàn)、科m并變，所以，T增大。故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：若粘在B木塊上面，a減小，以A為研究對象，m不變，由fA=ma知，A所受摩擦力減??；對C:F-(imgT=ma,得T=F-mgma,a減小，F(xiàn)、(im環(huán)變，貝UT增大，故C錯(cuò)誤；故選：D?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要靈活選擇研究對象，會(huì)用整體法和隔離法，能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解。B解析：B【解析】A、B、以球?yàn)檠芯繉ο螅艿街亓?mg,斜面對它的支持力Ni,墻壁對它的彈力F的作用而處于平衡狀態(tài)，如圖所示：my

N?= 根據(jù)平衡條件有： Nicos9=mg,Nisin0F=,解彳導(dǎo):F=mgtan0, cosff傾角。減小時(shí)，Ni變小，F(xiàn)變小，由牛頓第三定律知球?qū)π泵娴膲毫ψ冃。瑝κ艿降膲毫ψ冃?，?A錯(cuò)誤，B正確.C、D、選取球（m）和斜面（M）這個(gè)整體為研究對象，受到重力（ M+m）g,地面支持力N,墻壁的彈力F和地面的靜摩擦力f的作用而處于平衡狀態(tài).如圖所示.根據(jù)平衡條件有： N-（M+m）g=0,故地面受到的壓力大小不變，水平方向 F=f.傾角0減小時(shí)，靜摩擦力f減小，斜面仍將保持靜止，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤.故選B.【點(diǎn)睛】正確選擇研究對象，對其受力分析，運(yùn)用平衡條件列出平衡等式解題.要注意多個(gè)物體在一起時(shí)，研究對象的選取.D解析：D【解析】【分析】對AB整體受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式，求出支持力N,從而得到滑動(dòng)摩擦力為恒力，最后對整體運(yùn)用動(dòng)能定理列式，得到拉力的功；【詳解】對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力Ni,如圖所示：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有豎直方向：NGG2水平方向：Ff N1其中：fN解得：N（m1 m2）g 20N，fN0.220N4N對整體在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中運(yùn)用動(dòng)能定理列式，得到： WF fsm2gh0根據(jù)幾何關(guān)系，可知求 B上升距離h 1m，故有：WF fsm2gh 41J1 101J 14J，故選項(xiàng) D正確，選項(xiàng) ABC錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據(jù)動(dòng)能定理求變力做功．B解析：B【解析】試題分析：根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可知在 M點(diǎn)小物體可以受三個(gè)力的作用，所以 A錯(cuò)誤；根據(jù)幾何關(guān)系小物體在 M、N兩點(diǎn)時(shí)，庫侖力咋垂直于 AC方向的分立相同，支持力等于重力的分立加上庫侖力的分力，所以靜止在 M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等， OP垂直與AC,故支持力等重力的分力加上庫侖力，所以小物體靜止在 P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，故 B正確；在P點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，在 N點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力加庫侖力的分力，大于在P點(diǎn)受摩擦力，所以C錯(cuò)誤；因正點(diǎn)電荷與斜面無任何連接，小物體靜止在 N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的向右的靜摩擦力，所以D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查庫侖力，物體的平衡6．B解析：B【解析】【分析】b受到c的摩擦力不一定為零，與兩物體的重力、斜面的傾角有關(guān)。對 bc整體研究，由平衡條件分析水平面對 c的摩擦力方向和支持力的大小?！驹斀狻緼項(xiàng)：c對b的支持力為： mbgcos，所以不變，故 A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：設(shè)a、b的重力分別為 Ga、G"若Ga=Gbsin,0b受到c的摩擦力為零；若GaWGbsin,0b受到c的摩擦力不為零。若 Ga<Gbsin,0b受到c的摩擦力沿斜面向上，故B正確；C項(xiàng)：以bc整體為研究對象，分析受力如圖，Gb+Gc根據(jù)平衡條件得知水平面對c的摩擦力f=Tcos0=GCos。,方向水平向左在a中的沙子緩慢流出的過程中，則摩擦力在減小。故應(yīng)選：B。【點(diǎn)睛】本題采用隔離法和整體法研究兩個(gè)物體的平衡問題及 B所受的摩擦力，要根據(jù)B所受的拉力與重力沿斜面向下的分力大小關(guān)系，分析摩擦力的大小和方向。B解析：B【解析】【分析】當(dāng)兩物體共同存在時(shí)，對mi來講，具有豎直向下的加速度，處于失重狀態(tài)，由失重的定義可知F與mig的大小關(guān)系?！驹斀狻慨?dāng)兩物體共同存在時(shí)，兩者具有共同的加速度，對 mi來講，其具有豎直向下的加速度，處于失重狀態(tài)，故對m2的拉力小于mig,所以，當(dāng)用力F向下拉繩，使m2的加速度仍為a時(shí)，必有Fvmig,故B正確，A、C、D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：B。【點(diǎn)睛】超、失重問題是高考及各類考試經(jīng)常涉及的知識(shí)點(diǎn)，其標(biāo)志是加速度的方向，加速度向下或有向下的分量則是失重，否則為超重。C解析：C【解析】【分析】當(dāng)拉力F較小時(shí)，ABC都處于靜止?fàn)顟B(tài)，A、C間的摩擦力大小為零，對木塊B受力分析，豎直方向受重力、壓力和支持力，水平方向受 A對B向右的摩擦力fAB和地面對B向左的摩擦力fDB,由于A對B的最大靜摩擦力小于地面對B的最大靜摩擦力，故物體B一定保持靜止；然后對BC整體和C分別受力分析即可求解.【詳解】當(dāng)拉力F較小時(shí)，ABC都處于靜止?fàn)顟B(tài)，A.C間的摩擦力大小為零，設(shè)A.B的質(zhì)量為M,先對木塊B受力分析，豎直方向受重力、壓力和支持力，水平方向受A對B向右的摩擦力fAB和地面對B向左的摩擦力fDB,由于A對B的最大靜摩擦力科（m+M）g，小于地面對B的最大靜摩擦力科（m+2M）g,故物體B一定保持靜止，B不會(huì)受到地面的滑動(dòng)摩擦力，當(dāng)F較小時(shí)，A.、B.、C保持相對靜止，對AC整體分析，B對A的摩擦力等于拉力F的大小.故選C.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵靈活地選擇研究對象進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式判斷，注意 F的大小不確定，要分情況討論.B解析：B【解析】【分析】先對A、B整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對整體的摩擦力，再對物體A受力分析，根據(jù)平衡條件求解B對A的支持力和摩擦力；【詳解】A、對A、B整體受力分析，如圖，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的兩個(gè)推力，對于整體，由于兩個(gè)推力剛好的合力為零，故整體與地面間沒有摩擦力，即 B與地面之間沒有摩擦力，故A錯(cuò)誤；B、再對物體A受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面體B對A的支持力N和摩擦力f,當(dāng)推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力的方向沿斜面向下，如下圖：鳴、當(dāng)推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力的方向沿斜面向上，如下圖:當(dāng)推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量時(shí)，摩擦力為零，如下圖:根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件，運(yùn)用正交分解法，可以得到:NmgcosFsin,由于與根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件，運(yùn)用正交分解法，可以得到:NmgcosFsin,由于與F大小未知，故B對A的支持力N與mg的大小關(guān)系無法確定，故選項(xiàng) B正確，CD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對A、B整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到地面對整體的摩擦力，然后再對物體A受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式求解出各個(gè)力的情況。B解析：B【解析】【分析】根據(jù)平衡條件，分別對A、BC進(jìn)行受力分析，注意B與C之間沒有摩擦力?！驹斀狻緼以A為研究對象，A受重力，C對A的支持力，水平力F,因?yàn)樗芎贤饬?,故C對A有向右的摩擦力，故A受四個(gè)力的作用，故A錯(cuò)誤。B、以C為研究對象，C受重力，地面對C的支持力，A對C的壓力，B對C的壓力，根據(jù)牛頓第三定律知，A對C有向左的摩擦力，以A,B,C整體為研究對象，在F作用下向左勻速運(yùn)動(dòng)，所受合外力為0,故知地面對C有向右的摩擦力，C受六個(gè)力的作用，故B正確。C對物體B來說，因其所受合外力為0,故B,C間沒有摩擦力，即物體C受到兩個(gè)摩擦力的作用，故C、D錯(cuò)誤。故選：BC解析：C【解析】【分析】AB一起沿光滑斜面向下滑動(dòng)，將AB看成整體，受力分析可知， AB一起沿斜面向下做加速度為gsin的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。由此運(yùn)動(dòng)狀態(tài)出發(fā)，判斷A和B的受力情況即可?！驹斀狻緼BC、因?yàn)锽的加速度沿斜面向下，故B還受A給的水平向左的靜摩擦力， AB錯(cuò)誤，C正確；D、因B的加速度由沿豎直向下的分量ay,故在豎直方向滿足mgFnmay,則mgFn,根據(jù)牛頓第三定律可知， B對A的壓力大小應(yīng)小于B的重力，故D錯(cuò)誤。故選Co【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意整體法和隔離法的運(yùn)用。D解析：D【解析】FA項(xiàng)：加速度‘ 不是比值定義法定義的，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的，質(zhì)點(diǎn)電荷都是理想化模型，元電荷不是，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：法拉第先提出電場的概念，揭示了電荷間相互作用就是電場對電荷的作用，故確。D解析：D【解析】小球?qū)瑝K的壓力等于零時(shí)，對小球進(jìn)行受力分析，如圖所示：由圖知，F(xiàn)合=mgcot45=ma,故a=g,由上圖得，當(dāng)a=2g時(shí)，小球?qū)㈦x開滑塊， F合=ma=2mg由勾股定理得：F==\后，，響,故選d.【點(diǎn)睛】該題是牛頓第二定律的直接應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是正確對物體進(jìn)行受力分析，判斷出小球離開斜面的條件.A解析：A【解析】【分析】本題由于斜面光滑，兩個(gè)木塊均加速下滑，分別對兩個(gè)物體受力分析，求出其對斜面體的壓力，再對斜面體受力分析，求出地面對斜面體的支持力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到斜面體對地面的壓力?！驹斀狻繉δ緣Ka受力分析，如圖，受重力和支持力由幾何關(guān)系，得到:Ni=mgcosa故物體a對斜面體的壓力為：Ni'=mgcosa①同理，物體b對斜面體的壓力為：N2'=mgcos3?②對斜面體受力分析，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，得到：N2'cosN1'cos3=哂F支-Mg-Ni'sin—N2'sina=???根據(jù)題意有：a+3=905由①?⑤式解得：F支=Mg+mg根據(jù)牛頓第三定律，斜面體對地的壓力等于 Mg+mg;故選：A?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵先對木塊a和b受力分析，求出木塊對斜面的壓力，然后對斜面體受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出各個(gè)力。也可以直接對三個(gè)物體整體受力分析，然后運(yùn)用牛頓第二定律列式求解，可使解題長度大幅縮短，但屬于加速度不同連接體問題，難度提高。C解析：C【解析】試題分析：以AB整體作為研究對象，分析其受力知，整體受重力， OM桿的支持力，水平拉力，和ON桿上的彈力，整體豎直方向平衡， OM桿的支持力等于重力，由牛頓第三定律知A球?qū)M桿的壓力不變；分析B球的受力如圖：豎直方向有FCOSmg,移動(dòng)以后F與豎直方向的夾角變小，余弦值變大，庫侖力 F力將變小，C正確，ABD錯(cuò)誤.考點(diǎn)：本題考查了整體法和隔離法D解析：D【解析】【分析】拉A時(shí)，根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力和B與地面之間的最大靜摩擦力判斷B是否滑動(dòng)，根據(jù)A與B恰好不發(fā)生相對滑動(dòng)表示F的大??；隔離對A分析求出整體的臨界加速度，根據(jù)牛頓第二定律表示拉力的大小.然后比較即可.【詳解】設(shè)A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為科，AB之間的最大靜摩擦力為：fAB=mgB與地面間的最大靜摩擦力為： fb地=(m+m)g=2wmg當(dāng)作用力在A上且AB之間的摩擦力最大時(shí)， B的加速度為零，此時(shí)F=pmg當(dāng)作用力在B上且AB之間的摩擦力最大時(shí)， A的加速度達(dá)到最大，此時(shí)：fAB=n?aA,此時(shí)：aA=gA的加速度與B的加速度相等，所以對AB：F-fb地=2ma,F=fb地+2ma=4(img=4F故ABC錯(cuò)誤,D正確.故選DC解析：C【解析】【分析】B向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，合力水平向左，對B進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，再對AB整體運(yùn)用牛頓第二定律即可求解 F.【詳解】對B進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得： a=￡魚=mgtan=gtan；對ab整體進(jìn)行mm受力分析得：F-(M+m)g=(M+m)a；解彳導(dǎo):F=(M+m)g(科+tan)。，故C正確，ABD錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】

本題主要考查了牛頓第二定律的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是選擇合適對象根據(jù)整體法和隔離法列式求解.C解析：C【解析】對A【解析】對A球受力分析，如圖所示,Fi=mgsin30°；A、B之間的作用力等于AFi=mgsin30°；B球與豎直擋板間的作用力F2,方向與擋板垂直，把A、B看作一個(gè)整體，即:故選：Co點(diǎn)睛：先對A球受力分析，根據(jù)平衡條件列式求解 B對A的支持力；再將A、B球作為個(gè)整體，根據(jù)平衡條件列式求解豎直擋板對 B的作用力。C解析：C【解析】【詳解】AxA.根據(jù)速度的定義式v=--,當(dāng)At趨近于0時(shí)，v都可以表示物體的瞬時(shí)速度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.牛頓在前人的基礎(chǔ)上總結(jié)得出了牛頓運(yùn)動(dòng)定律，但是牛頓第一定律是不能通過實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證的，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。C.伽利略借助實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理得出了自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，故 C正確；FD.公式儀=二怔牛頓第二定律的表達(dá)式，不是采用比值定義的。故 D錯(cuò)誤。mD解析：D【解析】【詳解】以3000給小球組成的整體為研究對象，分析受力情況，如下圖所示，根據(jù)平衡條件可得3000mgFtan37，再以2019個(gè)球到3000個(gè)球組成的整體為研究對象，如下圖所示，由平衡條件可得:8911782mgFtan,由以上兩方程可得： tan 。2000B解析：B【解析】【詳解】/r/