卷5-高考物理模擬考沖刺卷 (新高考湖北專用) 解析版

高考物理模擬考沖刺卷（卷5）第I卷（選擇題）一、選擇題:共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～11題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．如圖，若x軸表示時(shí)間，y軸表示位置，則該圖像反映了某質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，位置與時(shí)間的關(guān)系．若令x軸和y軸分別表示其它的物理量，則該圖像又可以反映在某種情況下，相應(yīng)的物理量之間的關(guān)系．下列說(shuō)法中正確的是（）A．若x軸表示時(shí)間，y軸表示功能，則該圖像可以反映某物體受恒定合外力作用做直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體動(dòng)能與時(shí)間的關(guān)系B．若x軸表示頻率，y軸表示動(dòng)能，則該圖像可以反映光電效應(yīng)中，光電子最大初動(dòng)能與入射光頻率之間的關(guān)系C．若x軸表示時(shí)間，y軸表示動(dòng)量，則該圖像可以反映某物在沿運(yùn)動(dòng)方向的恒定合外力作用下，物體動(dòng)量與時(shí)間的關(guān)系D．若x軸表示時(shí)間，y軸表示感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則該圖像可以反映靜置于磁場(chǎng)中的某閉合回路，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增大時(shí)，閉合回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間的關(guān)系【答案】C【解析】根據(jù)動(dòng)量定理，說(shuō)明動(dòng)量和時(shí)間是線性關(guān)系，縱截距為初動(dòng)量，C正確．結(jié)合得，說(shuō)明動(dòng)能和時(shí)間的圖像是拋物線，A錯(cuò)誤．根據(jù)光電效應(yīng)方程，說(shuō)明最大初動(dòng)能和時(shí)間是線性關(guān)系，但縱截距為負(fù)值，B錯(cuò)誤．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增大時(shí)，增長(zhǎng)合回路內(nèi)的磁通量均勻增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律增長(zhǎng)合回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于磁通量的變化率，是一個(gè)定值不隨時(shí)間變化，D錯(cuò)誤．2．如圖所示，由粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線圍成的一個(gè)正六邊形線框abcdef，它的六個(gè)頂點(diǎn)均位于一個(gè)半徑為R的圓形區(qū)域的邊界上，be為圓形區(qū)域的一條直徑，be上方和下方分別存在大小均為B且方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于圓形區(qū)域?，F(xiàn)給線框接入從a點(diǎn)流入、從f點(diǎn)流出的大小為I的恒定電流，則金屬線框受到的安培力的大小為A． B． C．BIR D．0【答案】A【詳解】根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知線框流過(guò)af邊的電流：流過(guò)abcdef邊的電流：de、ab邊受到的安培力等大同向，斜向左下方，同理bc、ef邊受到的安培力等大同向，斜向右下方，則de、ab、bc、ef邊所受的安培力合力為：，方向向下；cd邊受到的安培力：，方向向下;af邊受到的安培力：，方向向上；所以線框受到的合力：A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。3．氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變而釋放巨大的能量，該反應(yīng)方程為：，式中x是某種粒子．已知：、、和粒子x的質(zhì)量分別為2.0141u、3.0161u、4.0026u和1.0087u；1u=931.5MeV/C2，C是真空中的光速.由上述反應(yīng)方程和數(shù)據(jù)可知A．粒子x是 B．該方應(yīng)中的質(zhì)量虧損為0.0289uC．該反應(yīng)釋放出的能量約為17.6MeV D．該反應(yīng)中釋放的全部能量轉(zhuǎn)化為粒子x的動(dòng)能【答案】C【解析】A.根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒，可判斷x為中子，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.該方應(yīng)中的質(zhì)量虧損為，故B錯(cuò)誤；C.由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程可知釋放出的能量為ΔE＝(2.0141+3.0161－4.0026－1.0087)×931.5MeV＝17.6MeV，選項(xiàng)C正確；D.該反應(yīng)中釋放一部分轉(zhuǎn)化為X粒子的動(dòng)能，一部分轉(zhuǎn)化為的動(dòng)能，故D錯(cuò)；故選C。4．如圖所示，在xOy平面內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)，半徑為R的圓周上有一粒子源P，以相同的速率v0在平行于圓周面內(nèi)沿各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為m的帶電量為＋q的微粒，微?？梢缘竭_(dá)圓周上任意一個(gè)位置。比較到達(dá)圓上各個(gè)位置的微粒，發(fā)現(xiàn)到達(dá)Q點(diǎn)的微粒的動(dòng)能最小，從C點(diǎn)離開(kāi)的微粒的機(jī)械能最大，已知∠BOP＝30°，∠AOQ＝37°，取重力加速度為g，取sin37o=0.6，cos37o=0.8，取最低點(diǎn)D所在水平面為零重力勢(shì)能面，不計(jì)空氣阻力及帶電微粒間的相互作用。則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向沿y軸負(fù)方向B．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向沿x軸負(fù)方向C．通過(guò)D點(diǎn)的微粒動(dòng)能為m+()mgRD．微粒從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過(guò)程中電勢(shì)能增加【答案】A【詳解】AB．在C點(diǎn)微粒機(jī)械能最大，說(shuō)明P到C電場(chǎng)力做功最大，由幾何關(guān)系可知，過(guò)C點(diǎn)做圓的切線為電場(chǎng)的等勢(shì)線，即電場(chǎng)力沿OC方向，因帶電粒子帶正電，場(chǎng)強(qiáng)方向沿OC方向，即沿x軸負(fù)方向；而在Q點(diǎn)，微粒動(dòng)能最小，即重力與電場(chǎng)力的合力方向沿QO，則有解得故B正確，A錯(cuò)誤；C．從P點(diǎn)到D點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有則有故C正確；D．微粒從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力做功電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故D正確。本題要求選錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選A。5．如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的振源振動(dòng)產(chǎn)生沿x軸正向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，振幅為A，M、N為x軸上相距d的兩質(zhì)點(diǎn)。t=0時(shí)，振源開(kāi)始沿-y方向振動(dòng)；t=t0時(shí)，振源第一次到達(dá)y=A處，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)M開(kāi)始振動(dòng)；當(dāng)質(zhì)點(diǎn)M第一次到達(dá)y=-A處時(shí)，質(zhì)點(diǎn)N開(kāi)始振動(dòng)。則該簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度大小為()A． B．C． D．【答案】C【詳解】由題意可知，從M傳到N所需要的時(shí)間為，則有故選C。6．如圖所示，一輕桿兩端分別固定著質(zhì)量為和的兩個(gè)小球A和B（可視為質(zhì)點(diǎn)）。將其放在一個(gè)直角形光滑槽中，已知輕桿與槽右壁成α角，槽右壁與水平地面成θ角時(shí)，兩球剛好能平衡，且α≠θ，則A、B兩小球質(zhì)量之比為（）A．B．C．D．【答案】D【詳解】對(duì)A球受力分析，受重力、桿的彈力、斜面的支持力，如圖所示根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有再對(duì)B球受力分析，受重力、桿的彈力、斜面的支持力，如圖所示根據(jù)平衡條件，有聯(lián)立解得故選D。7．某同學(xué)做了一個(gè)力學(xué)實(shí)驗(yàn)，如圖所示，將一金屬球通過(guò)一輕質(zhì)彈簧懸掛于O點(diǎn)，并用一水平方向的細(xì)繩拉住，然后將水平細(xì)繩剪斷，經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn)，水平細(xì)繩剪斷后金屬球在第一次向左擺動(dòng)以及回?cái)[過(guò)程的一段運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示。根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡以及相關(guān)的物理知識(shí)，該同學(xué)得出以下幾個(gè)結(jié)論中正確的是（）A．金屬球運(yùn)動(dòng)到懸點(diǎn)正下方時(shí)所受合力方向豎直向上B．水平細(xì)繩剪斷瞬間金屬球的加速度方向垂直于彈簧向左下方C．金屬球動(dòng)能最大的位置應(yīng)該在懸點(diǎn)正下方的左側(cè)D．金屬球運(yùn)動(dòng)到最左端時(shí)動(dòng)能為零【答案】C【詳解】A．當(dāng)金屬球運(yùn)動(dòng)到懸點(diǎn)O正下方時(shí)，根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件結(jié)合受力分析可知，此時(shí)金屬球所受合力方向豎直向下，如圖所示，故A錯(cuò)誤；B．細(xì)繩未剪斷前，設(shè)小球的重力為G、彈簧的彈力為F，細(xì)繩的拉力為T(mén)，由于金屬球處于水平狀態(tài)，則根據(jù)三力平衡可知G與F的合力與T等大反向，即G與F的合力水平向左，當(dāng)細(xì)繩被剪斷的瞬間細(xì)繩的拉力突然消失，而彈簧彈力的大小和方向均不發(fā)生變化仍為F，所以此時(shí)小球所受G與F的合力仍水平向左，根據(jù)牛頓第二定律中力與加速度的同向性可知在水平細(xì)繩剪斷瞬間金屬球的加速度方向一定水平向左，故B錯(cuò)誤；C．如圖甲所示，當(dāng)金屬球運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正下方時(shí)，金屬球所受合力與金屬球的速度成銳角，在此后的一段時(shí)間內(nèi)金屬球的速度將增大，動(dòng)能增大，則金屬球動(dòng)能最大的位置應(yīng)該在懸點(diǎn)正下方的左側(cè)，故C正確；D．當(dāng)金屬球運(yùn)動(dòng)到最左端時(shí)，由軌跡的切線可知，速度方向向上，不為零，動(dòng)能不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。8．a(chǎn)、b兩種單色光以相同的入射角從某種介質(zhì)射向真空，光路如圖所示，則下列敘述正確的是()A．a(chǎn)光的全反射臨界角小于b光的全反射臨界角B．通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的干涉條紋間距比b光的寬C．在該介質(zhì)中a光的傳播速度大于b光的傳播速度D．在該介質(zhì)中a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)【答案】BC【解析】由圖可知，b光比a光偏折角大，故b光的折射率大，由n＝可知，b光在該介質(zhì)中傳播速度小，由λ＝可知，在該介質(zhì)中a光的波長(zhǎng)較長(zhǎng)，再由Δx＝λ可知，a光干涉條紋間距較大，故B，C正確，D錯(cuò)誤；由sinC＝可得，a光全反射的臨界角較大，A錯(cuò)誤。9．人們經(jīng)長(zhǎng)期觀測(cè)發(fā)現(xiàn)，天王星繞太陽(yáng)圓周運(yùn)動(dòng)實(shí)際運(yùn)行的軌道總是周期性地每隔t0時(shí)間發(fā)生一次最大的偏離。英國(guó)劍橋大學(xué)學(xué)生亞當(dāng)斯和法國(guó)天文學(xué)家勒維耶認(rèn)為形成這種現(xiàn)象的原因是天王星外側(cè)還存在著一顆未知行星。這就是后來(lái)被稱為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”—海王星，已知天王星運(yùn)行的周期為T(mén)0，軌道半徑為R0。則得到海王星繞太陽(yáng)運(yùn)行周期T，軌道半徑R正確的是()A．B．C．D．【答案】BD【解析】天王星發(fā)生最大偏離時(shí)，A、B行星與恒星在同一直線上且位于恒星同一側(cè)．設(shè)行星B運(yùn)行周期為T(mén)，軌道半徑為R，則有，解得海王星的運(yùn)行周期，故A錯(cuò)誤B正確；由開(kāi)普勒第三定律有：，解得，故C錯(cuò)誤D正確10．如圖所示三維坐標(biāo)系O-xyz，空間直角坐標(biāo)系Oxy內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向與Oxy平面平行且與y軸負(fù)方向的夾角為θ，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向沿y軸負(fù)方向；一質(zhì)子（不計(jì)重力）從原點(diǎn)O以速度向z軸正方向射出。已知質(zhì)子的電荷量為e，下列關(guān)于質(zhì)子的受力和運(yùn)動(dòng)的描述正確的是（）A．質(zhì)子不可能做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)B．質(zhì)子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的合力為變力C．質(zhì)子在O點(diǎn)受到的合力大小為D．質(zhì)子沿z軸方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】CD【詳解】AD．由于質(zhì)子在O點(diǎn)受到的合力方向沿B的方向，始終與初速度的方向垂直，所以質(zhì)子沿z軸方向的分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)；在zOB的平面內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，是做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)，D對(duì)；B．由于質(zhì)子在O點(diǎn)受到的合力方向沿B的方向，與初速度的方向垂直，所以質(zhì)子將獲得沿B的方向的分速度，根據(jù)左手定則可得，沿B方向的不能產(chǎn)生洛倫茲力，所以質(zhì)子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的洛倫茲力的大小和方向不變，所以質(zhì)子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的合力為不變；故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則判斷出質(zhì)子受到的洛倫茲力的方向，然后畫(huà)出質(zhì)子的受力如圖洛倫茲力電場(chǎng)力根據(jù)平行四邊形定則可知，質(zhì)子在O點(diǎn)受到的合力方向沿B的方向，大小為C正確。故選CD。11．一個(gè)細(xì)小金屬圓環(huán)，在范圍足夠大的磁場(chǎng)中豎直下落，磁感線的分布情況如圖，其中沿圓環(huán)軸線的磁場(chǎng)方向始終豎直向上。開(kāi)始時(shí)圓環(huán)的磁通量為φ0，圓環(huán)磁通量隨下落高度y變化的關(guān)系為φ=φ0(1＋ky)(k為比例常數(shù)，k>0)。金屬圓環(huán)在下落過(guò)程中的環(huán)面始終保持水平，速度越來(lái)越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱為收尾速度。圓環(huán)的收尾速度為v，已知圓環(huán)的電阻為R，重力加速度為g，忽略空氣阻力，關(guān)于該情境，以下結(jié)論正確的有（）A．圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為kφ0vB．圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)的熱功率C．圓環(huán)速度穩(wěn)定后，金屬圓環(huán)的熱功率D．圓環(huán)的質(zhì)量【答案】AB【詳解】A圓環(huán)速度穩(wěn)定后，在很短時(shí)間Δt內(nèi)，下降的高度穿過(guò)圓環(huán)磁通量的變化量，解得根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)解得A正確；BC．圓環(huán)的熱功率解得B正確，C錯(cuò)誤；D．圓環(huán)速度穩(wěn)定后，由能量守恒定律知，金屬圓環(huán)減小的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃?，則，解得，D錯(cuò)誤。故選AB。第II卷（非選擇題）共5小題，共56分。12．(8分)在研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)記錄了小球運(yùn)動(dòng)途中經(jīng)過(guò)的A、B、C、D、E、F、G點(diǎn)的位置，相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔均為=0.05s．取A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，以+x方向表示水平初速度方向、+y方向表示豎直向下方向，實(shí)驗(yàn)記錄如下：（結(jié)果保留兩位小數(shù)）標(biāo)號(hào)nABCDEFGt（s）00.050.100.150.200.250.30x（m）00.0240.0510.0730.0980.1260.150y（m）00.0420.1080.1980.3140.4540.617（1）作出x—t圖象如圖1所示，小球平拋運(yùn)動(dòng)的水平初速度大小是______m/s；（2）以t為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，作出—t圖象如圖2所示，其函數(shù)解析式為=4.88t+0.59：①重力加速度的測(cè)量值是________m/s；②t=0.10s時(shí)，小球的豎直分速度大小是_________m/s；【答案】0.50；9.761.57【解析】（1）小球做平拋運(yùn)動(dòng)，將運(yùn)動(dòng)分解，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有：x=v0t根據(jù)作出的x-t圖象，則平拋的水平初速度大小為：；（2）根據(jù),則有：因此重力加速度的測(cè)量值為：g=2k=2×4.88=9.76m/s2豎直方向的初速度應(yīng)該為縱截距0.59，可知t=0時(shí)豎直分速度v0y=0.59m/s；0.1s時(shí)豎直分速度v1y=voy+gt=1.57m/s13．(8分)市場(chǎng)上銷(xiāo)售的銅質(zhì)電線電纜產(chǎn)品中，部分存在導(dǎo)體電阻不合格問(wèn)題，質(zhì)檢部門(mén)檢驗(yàn)發(fā)現(xiàn)不合格的原因有兩個(gè)，一個(gè)是銅材質(zhì)量不合格，使用了再生銅或含雜質(zhì)很多的銅；再一個(gè)就是銅材質(zhì)量可能合格，但導(dǎo)體橫截面積較小。某興趣小組想應(yīng)用所學(xué)的知識(shí)來(lái)檢測(cè)實(shí)驗(yàn)室中一捆銅電線的電阻率是否合格。小組成員查閱資料得知，純銅的電阻率為1.7×10－8Ω·m。現(xiàn)取橫截面積約為1mm2、長(zhǎng)度為100m（真實(shí)長(zhǎng)度）的銅電線，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量其電阻率，實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有的器材如下：A.電源（電動(dòng)勢(shì)約為5V，內(nèi)阻不計(jì)）B.待測(cè)長(zhǎng)度為100m的銅電線，橫截面積約為1mm2C.電壓表V1（量程為0~3V，內(nèi)阻約為0.5kΩ）D.電壓表V2（量程為0~5V，內(nèi)阻約為3kΩ）E.電阻箱R（阻值范圍為0~999.9Ω）F.定值電阻R0＝1ΩG.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干(1)小組成員先用螺旋測(cè)微器測(cè)量該銅電線的直徑d，如圖甲所示，則d＝_______mm。(2)小組設(shè)計(jì)的測(cè)量電路如圖乙所示，則P是________，N是_______，（填器材代號(hào)）通過(guò)實(shí)驗(yàn)作出的圖像如圖丙所示。(3)圖乙電路測(cè)得的銅電線的電阻測(cè)量值比真實(shí)_________（選填“偏大”“不變”或“偏小”），原因是____________。(4)長(zhǎng)度為100m（真實(shí)長(zhǎng)度）的銅電線的電阻為_(kāi)____Ω；這捆銅電線的電阻率ρ=_____（此結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；從銅電線自身角度考慮，你認(rèn)為電阻率大的可能原因是__________?！敬鸢浮?.125mmDC偏大見(jiàn)解析可能使用了再生銅或含雜質(zhì)很多的銅【詳解】(1)螺旋測(cè)微器測(cè)得的直徑為1.125mm(2)由于題目中沒(méi)有電流表，給了兩塊電壓表，顯然P測(cè)量的電壓大，應(yīng)選用5V量程的電壓表D；而N測(cè)量的電壓低，小選用3V量程的電壓表C。(3)測(cè)量值比真實(shí)值偏大。兩塊電壓表的差值就是L兩端的電壓，通過(guò)V1與R測(cè)出流過(guò)L的電流，但由于電壓表V1的分流作用，測(cè)得流過(guò)L的電流偏小，因此測(cè)量L的阻值偏大。(4)根據(jù)兩段電壓之比等于電阻之比，即整理得因此，圖象丙的斜率就表示L的電阻，代入數(shù)據(jù)根據(jù)電阻率公式代入數(shù)據(jù)，可得可能使用了再生銅或含雜質(zhì)很多的銅14．(9分)如圖甲所示，水平放置的汽缸內(nèi)壁光滑，活塞的厚度不計(jì)，在A、B兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A、B之間運(yùn)動(dòng)，A左側(cè)汽缸的容積為V0，A、B之間容積為0.1V0，開(kāi)始時(shí)活塞在A處，缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為0.9p0（p0為大氣壓強(qiáng)），溫度為297K，現(xiàn)通過(guò)對(duì)氣體緩慢加熱使活塞恰好移動(dòng)到B，求：(1)活塞移動(dòng)到B時(shí)，缸內(nèi)氣體溫度TB；(2)在圖乙中畫(huà)出整個(gè)過(guò)程的p-V圖線?！敬鸢浮?1)363K；(2)【詳解】(1)活塞離開(kāi)A處前缸內(nèi)氣體發(fā)生等容變化，初態(tài)，末態(tài)根據(jù)查理定律得代入數(shù)據(jù)解得，活塞剛離開(kāi)A處時(shí)的溫度活塞由A移動(dòng)到B的過(guò)程中，缸內(nèi)氣體作等壓變化，由氣態(tài)方程得代入數(shù)據(jù)解得(2)P?V圖線如圖15．(13分)某學(xué)校的興趣小組探究下落的小球與地面碰撞前后的運(yùn)動(dòng)情況，得到速度隨時(shí)間變化的圖象，并作出t=0.5時(shí)刻的切線，如圖所示，已知小球在t=0時(shí)刻釋放，其質(zhì)量為0.5kg，并且在小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度小于10m/s時(shí)可認(rèn)為空氣阻力與物體速度成正比關(guān)系，重力加速度g取10m/s2，求：(1)小球與地面第一次碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能；(2)小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到空氣阻力的最大值?！敬鸢浮?1)2.25J；(2)3.75N【詳解】(1)由圖像可知，小球第一次與地面碰撞前后的速度分別為v1=5m/s，v2=4m/s，損失的機(jī)械能為(2)t=0.5s時(shí)的速度為v3=4m/s，加速度為由牛頓第二定律得解得最大速度為v1=5m/s，最大阻力為16．(18分)某研究小組設(shè)計(jì)了如圖所示的雙立柱形粒子加