物理-第六章學案

第六章靜電場26電荷及其守恒定律庫侖定律

q1q2，當兩電荷的距離趨近于零時，靜電力將趨向無kq1q2q1對q2q2q1A、B、C，A帶電荷量＋7Q、B帶電荷量－Q、C不帶B球間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼?A．35/8B．7/4C．4/7懸掛在O點靜止時AB相距為d.為使平衡時 2A、B2B8將小球A、BB倍e＝1.6×10－19C.荷量．)2很遠，此時球1、2之間作用力的大小為F.現(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠處，此時1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變．由此可知( 2(2010·啟東模擬)2所示，兩個質(zhì)量均為mab，L3Qa、b兩球之間的萬有引力F引、庫侖力F庫分別為 A．F引＝GL2，F(xiàn)庫 B．F引≠GL2，F(xiàn)庫 C．F引≠GL2，F(xiàn)庫 D．F引＝GL2，F(xiàn)庫列平衡方程(F合＝0Fx＝0，F(xiàn)y＝0)或用平衡條件推論分析．為點電荷)在PPA與AB的夾角α與Q1Q2的關系滿足()A．tan2 B．tan2 C．tan3 D．tan3

[1](2009·浙江理綜·16)43個電荷量均簧的原長為()

B．l－

帶電－9Q.C，恰好使三個點電荷均在電場力的作用下處于平衡狀態(tài)，問：C應帶什么性質(zhì)的電？應放于何處？所帶電荷量為多少？[2]6所示，水平天花板下用長度相同的絕緣細線懸掛起來的兩個相同a、b，左邊放一個帶正電的固定球＋Q時，兩懸球都保持豎直方向．下面說法中正確的是()A．a(chǎn)球帶正電，baB．a(chǎn)球帶負電，b球帶正電，并且aC．a(chǎn)球帶負電，b球帶正電，并且aD．a(chǎn)球帶正電，ba【例5】一根放在水平面內(nèi)的光滑玻璃管絕緣性能很好，管有兩個完全一樣的彈再次經(jīng)過圖中位置時，A球的瞬時加速度為釋放時的幾倍？A、B、Cm，間距均為r，A、BqCF8所示，欲使得三個小球在運動過程中保持間距r不變，求：CF 2．M和N是兩個不帶電的物體，它們互相摩擦后M帶正電1.6×10－10C，下列判斷正 A．在摩擦前M和N的沒有任何電B．摩擦的過程中電子從M轉(zhuǎn)移到C．N1.6×10－10D．M1.6×10－10下面各圖A球系在絕緣細線的下端，B球固定在絕緣平面上，它們帶電的種類以及位置已在圖中標出．A球能保持靜止的是( 在M、N間放一帶電小球b，則b應(a、b兩小球均可看成點電荷 帶負電，放在ABCC5．(2010·遼寧沈陽二測)10所示，點電荷＋3Q與＋Q分別固定在A、B兩點，C、D兩點將ABC點開始以某一初速度向右運動，CD之間的運動，下列說法中可能正確的是()豎直方向，a、b、c連線恰構(gòu)成一等邊三角形，則下列說法正確的是()在光滑絕緣的水平面上，相距一定的距離放有兩個質(zhì)量分別為m和2m的帶電小球(可視為質(zhì)點)A和B.在t1＝0時，同時將兩球無初速釋放，此時A球的加速度大小為a；經(jīng)一段時間后，在t2＝t時，B球的加速度大小也變?yōu)閍.若釋放后兩球在運動過程中并未接觸， t2t1時刻的22t2t1時刻的2123456712所示，A、B0.1kg20cm.現(xiàn)將絕緣細線繞過固定于O點的光滑定滑輪，將兩球懸掛起來，兩球平衡時，OAOB的線長，A球依靠在光滑絕緣豎直墻上，BOB偏60°BA球的壓力．(g10m/s2)B均可視為質(zhì)點)，它們之間的距離為r，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ.求：A、BFC球，使三者一起向右勻加速運動．求：FC學案 電荷及其守恒定律庫侖定 [CA、B反復接觸后，最終結(jié)果是A、B

7 7

k 7kr2；A、B4

＝4kr2F′＝7F，A、B33 B、【考點突破

例1 232232

＝球3再與球1接觸后，球1的帶電量 2＝

，此時1、2間的作用力 nq2

F′＝F

n＝6.故D 例2D [因為a、b兩球所帶異種電荷相互吸引，使它們各自的電荷分布不均勻，即相F庫≠kL2F庫≠kL2

＝D

F GL2[規(guī)范思維 (1)萬有引力定律適用于質(zhì)點間的相互作用，而均勻球體可看做質(zhì)點3F形：tanα＝FBPFxx xx x由幾何關系得：tanxQ聯(lián)立解得：tan3α＝Q2，DQ1 4負電A0.2mAB9解析根據(jù)平衡條件判斷，C應帶負電，放在A的左邊且和AB在一條直線上．設q，與AxA

kr2C B 解①②x＝1＝0.2 C應帶負電，放在A0.2mAB 959解析A、B吸引、相碰，相碰后電荷中和一部分后重新分配，對于本題中兩個小球完全相荷應均勻分配，即A、B兩球相碰后均帶電4Q.對于A球，釋放時受庫力F1＝ k 故 99A球瞬時加速度為釋放時的169 3．(1)負 (2)3

解析設取A、B、C F1＝kr2 F2解得33kq233kq2 方向豎直向上，acFacbcFbcc處于平衡狀態(tài)，所以Fac和Fbc的合力必沿豎直方向，因為a、b、c構(gòu)成一等邊三角形，所以Fac＝Fbc.細線Oa、Ob所受拉力大小相等，C正確；a、b、c三球的質(zhì)量、帶電荷量沒有要求，可能D8．0.2 解析對AFT－mAg－Fsin30°＝0①Fcos30°－FN＝0②B由①②③④mB＝0.2FN＝1.732N，由第三定律，墻所受A球壓力大FN′＝FN＝1.732N，方向水平向左．

解析(1)物體AA受到的靜摩擦力：Ff＝kr2，方向水平向右(

4Q2－

2 2

、運動的距離為

kQ2

kk

解析ABBFcos45°＜mgsin以后由于F增大，兩球做運動，當速度減為零后又沿斜面向上加速運動．故：(1)Fcos45°＝mgsin k.所以F＝mg，而F＝kr2.所以 .k k 11．(1) (2)帶負電3解析A、B為同種電荷，ABA向右勻加速運動，則A球必須受到C球施加的向右的庫侖力，即C球帶負電．設加速度為a，由第二定A、B、CA

k B

k

qC＝3q(負電

L2 例1 2 3 4負電A的左邊0.2m處且與

[針對訓練 3．(1)負 (2)3

【效果檢測】 8．0.2 1.732N9．(1)k 2

11．(1) (2)帶負電3 例1 2 3 4負電A的左邊0.2m處且與

[針對訓練 3．(1)負 (2)3

【效果檢測】 8．0.2 1.732N9