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文檔簡介
2022-2023學年九上數(shù)學期末模擬試卷注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚,將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫,字體工整、筆跡清楚。3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試題卷上答題無效。4.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(每小題3分,共30分)1.將拋物線向左平移2個單位長度,再向下平移3個單位長度,得到的拋物線的函數(shù)表達式為()A.B.C.D.2.如圖,點E是正方形ABCD的邊DC上一點,把△ADE繞點A順時針旋轉90°到△ABF的位置,若四邊形AECF的面積為25,DE=3,則AE的長為()A. B.5 C.8 D.43.一塊矩形菜地的面積是120平方米,如果它的長減少2米,菜地就變成正方形,則原菜地的長是()A.10 B.12 C.13 D.144.如圖,矩形的對角線交于點O,已知則下列結論錯誤的是()A. B.C. D.5.小思去延慶世界園藝博覽會游覽,如果從永寧瞻勝、萬芳華臺、絲路花雨、九州花境四個景點中隨機選擇一個進行參觀,那么他選擇的景點恰為絲路花雨的概率為()A. B. C. D.6.等腰三角形的一邊長等于4,一邊長等于9,則它的周長是()A.17 B.22 C.17或22 D.137.如圖,CD為⊙O的弦,直徑AB為4,AB⊥CD于E,∠A=30°,則扇形BOC的面積為()A. B. C.π D.8.若2是關于方程x2﹣5x+c=0的一個根,則這個方程的另一個根是()A.﹣3 B.3 C.﹣6 D.69.在下列圖形中,不是中心對稱圖形的是()A. B. C. D.10.下列選項的圖形是中心對稱圖形的是()A. B. C. D.二、填空題(每小題3分,共24分)11.若實數(shù)a、b滿足a+b2=2,則a2+5b2的最小值為_____.12.如圖,在中,點在邊上,與邊分別相切于兩點,與邊交于點,弦與平行,與的延長線交于點若點是的中點,,則的長為_____.13.小明擲一枚硬幣10次,有9次正面向上,當他擲第10次時,正面向上的概率是_____.14.如圖,正六邊形ABCDEF內(nèi)接于O,點M是邊CD的中點,連結AM,若圓O的半徑為2,則AM=____________.15.一個盒子里有完全相同的三個小球,球上分別標有數(shù)字,,,隨機摸出一個小球(不放回),其數(shù)字為,再隨機摸出另一個小球其數(shù)字記為,則滿足關于的方程有實數(shù)根的概率是___________.16.已知,是方程的兩實數(shù)根,則__.17.計算:cos45°=________________18.在平面直角坐標系中,已知、兩點,以坐標原點為位似中心,相似比為,把線段縮小后得到線段,則的長度等于________.三、解答題(共66分)19.(10分)如圖,把點以原點為中心,分別逆時針旋轉,,,得到點,,.(1)畫出旋轉后的圖形,寫出點,,的坐標,并順次連接、,,各點;(2)求出四邊形的面積;(3)結合(1),若把點繞原點逆時針旋轉到點,則點的坐標是什么?20.(6分)箱子里有4瓶牛奶,其中有一瓶是過期的.現(xiàn)從這4瓶牛奶中任意抽取牛奶飲用,抽取任意一瓶都是等可能的.(1)若小芳任意抽取1瓶,抽到過期的一瓶的概率是;(2)若小芳任意抽取2瓶,請用畫樹狀圖或列表法求,抽出的2瓶牛奶中恰好抽到過期牛奶的概率.21.(6分)如圖,∠A=∠B=50°,P為AB中點,點M為射線AC上(不與點A重合)的任意點,連接MP,并使MP的延長線交射線BD于點N,設∠BPN=α.(1)求證:△APM≌△BPN;(2)當MN=2BN時,求α的度數(shù);(3)若△BPN的外心在該三角形的內(nèi)部,直接寫出α的取值范圍.22.(8分)如圖,在正方形ABCD中,M、N分別是射線CB和射線DC上的動點,且始終∠MAN=45°.(1)如圖1,當點M、N分別在線段BC、DC上時,請直接寫出線段BM、MN、DN之間的數(shù)量關系;(2)如圖2,當點M、N分別在CB、DC的延長線上時,(1)中的結論是否仍然成立,若成立,給予證明,若不成立,寫出正確的結論,并證明;(3)如圖3,當點M、N分別在CB、DC的延長線上時,若CN=CD=6,設BD與AM的延長線交于點P,交AN于Q,直接寫出AQ、AP的長.23.(8分)如圖,已知一次函數(shù)的圖象與反比例函數(shù)的圖象交于點,與軸交于點,連接,點為軸上一點,,連接.(1)求反比例函數(shù)與一次函數(shù)的解析式;(2)求的面積.24.(8分)如圖,,D、E分別是半徑OA和OB的中點,求證:CD=CE.25.(10分)如圖,在△ABC中,AD是BC邊上的中線,E是AD的中點,過點A作BC的平行線交BE的延長線于點F,連接CF,(1)求證:AF=DC;(2)若AB⊥AC,試判斷四邊形ADCF的形狀,并證明你的結論.26.(10分)如圖,AB為⊙O直徑,點D為AB下方⊙O上一點,點C為弧ABD中點,連接CD,CA.(1)若∠ABD=α,求∠BDC(用α表示);(2)過點C作CE⊥AB于H,交AD于E,∠CAD=β,求∠ACE(用β表示);(3)在(2)的條件下,若OH=5,AD=24,求線段DE的長.
參考答案一、選擇題(每小題3分,共30分)1、A【分析】先確定拋物線y=x2的頂點坐標為(0,0),再根據(jù)點平移的規(guī)律得到點(0,0)平移后所得對應點的坐標為(-2,-1),然后根據(jù)頂點式寫出平移后的拋物線解析式.【詳解】拋物線y=x2的頂點坐標為(0,0),把點(0,0)向左平移1個單位,再向下平移2個單位長度所得對應點的坐標為(-2,-1),所以平移后的拋物線解析式為y=(x+2)2-1.
故選A.2、A【分析】利用旋轉的性質得出四邊形AECF的面積等于正方形ABCD的面積,進而可求出正方形的邊長,再利用勾股定理得出答案.【詳解】把順時針旋轉的位置,四邊形AECF的面積等于正方形ABCD的面積等于25,,,中,.故選A.【點睛】此題主要考查了旋轉的性質以及正方形的性質,正確利用旋轉的性質得出對應邊關系是解題關鍵.3、B【分析】設原菜地的長為,根據(jù)正方形的性質可得原矩形菜地的寬,再根據(jù)矩形的面積公式列出方程求解即可.【詳解】設原菜地的長為,則原矩形菜地的寬由題意得:解得:,(不合題意,舍去)故選:B【點睛】本題考查了一元二次方程的實際應用,依據(jù)題意正確建立方程是解題關鍵.4、C【分析】根據(jù)矩形的性質得出∠ABC=∠DCB=90°,AC=BD,AO=CO,BO=DO,AB=DC,再解直角三角形判定各項即可.【詳解】選項A,∵四邊形ABCD是矩形,∴∠ABC=∠DCB=90°,AC=BD,AO=CO,BO=DO,∴AO=OB=CO=DO,∴∠DBC=∠ACB,∴由三角形內(nèi)角和定理得:∠BAC=∠BDC=∠α,選項A正確;選項B,在Rt△ABC中,tanα=,即BC=m?tanα,選項B正確;選項C,在Rt△ABC中,AC=,即AO=,選項C錯誤;選項D,∵四邊形ABCD是矩形,∴DC=AB=m,∵∠BAC=∠BDC=α,∴在Rt△DCB中,BD=,選項D正確.故選C.【點睛】本題考查了矩形的性質和解直角三角形,能熟記矩形的性質是解此題的關鍵.5、B【分析】根據(jù)概率公式直接解答即可.【詳解】∵共有四個景點,分別是永寧瞻勝、萬芳華臺、絲路花雨、九州花境,∴他選擇的景點恰為絲路花雨的概率為;故選:B.【點睛】本題考查了概率的知識.用到的知識點為:概率=所求情況數(shù)與總情況數(shù)之比.6、B【分析】題目給出等腰三角形有兩條邊長為4和9,而沒有明確腰、底分別是多少,所以要進行討論,還要應用三角形的三邊關系驗證能否組成三角形.【詳解】解:分兩種情況:當腰為4時,4+4<9,不能構成三角形;當腰為9時,4+9>9,所以能構成三角形,周長是:9+9+4=1.故選B.【點睛】本題考查了等腰三角形的性質和三角形的三邊關系;已知沒有明確腰和底邊的題目一定要想到兩種情況,分類進行討論,還應驗證各種情況是否能構成三角形,這點非常重要,也是解題的關鍵.7、B【解析】連接AC,由垂徑定理的CE=DE,根據(jù)線段垂直平分線的性質得到AC=AD,由等腰三角形的性質得到∠CAB=∠DAB=30°,由圓周角定理得到∠COB=60°,根據(jù)扇形面積的計算公式即可得到結論.【詳解】連接AC,∵CD為⊙O的弦,AB是⊙O的直徑,∴CE=DE,∵AB⊥CD,∴AC=AD,∴∠CAB=∠DAB=30°,∴∠COB=60°,∴扇形BOC的面積=,故選B.【點睛】本題考查的是扇形的面積的計算,圓周角定理,垂徑定理,等腰三角形的性質,熟練掌握圓周角定理是解答此題的關鍵.8、B【分析】根據(jù)一元二次方程根與系數(shù)的關系即可得.【詳解】設這個方程的另一個根為,由一元二次方程根與系數(shù)的關系得:,解得,故選:B.【點睛】本題考查了一元二次方程根與系數(shù)的關系,熟練掌握一元二次方程根與系數(shù)的關系是解題關鍵.9、C【解析】根據(jù)中心對稱圖形的概念,對各選項分析判斷即可得解.【詳解】解:A、是中心對稱圖形,故本選項不符合題意;
B、是中心對稱圖形,故本選項不符合題意;
C、不是中心對稱圖形,故本選項符合題意;
D、是中心對稱圖形,故本選項不符合題意.故選:C.【點睛】本題考查了中心對稱圖形的概念,中心對稱圖形是要尋找對稱中心,旋轉180度后兩部分重合.10、B【分析】把一個圖形繞某一點旋轉180°,如果旋轉后的圖形能夠與原來的圖形重合,那么這個圖形就叫做中心對稱圖形,這個點叫做對稱中心.【詳解】解:A、不是中心對稱圖形,故此選項錯誤;B、是中心對稱圖形,故此選項正確;C、不是中心對稱圖形,故此選項錯誤;D、不是中心對稱圖形,故此選項錯誤;故選:B.【點睛】本題主要考查的是中心對稱圖形,理解中心對稱圖形的定義是判斷這四個圖形哪一個是中心對稱圖形的關鍵.二、填空題(每小題3分,共24分)11、1【分析】由a+b2=2得出b2=2-a,代入a2+5b2得出a2+5b2=a2+5(2-a)=a2-5a+10,再利用配方法化成a2+5b2=(a-,即可求出其最小值.【詳解】∵a+b2=2,
∴b2=2-a,a≤2,
∴a2+5b2=a2+5(2-a)=a2-5a+10=(a-,
當a=2時,
a2+b2可取得最小值為1.
故答案是:1.【點睛】考查了二次函數(shù)的最值,解題關鍵是根據(jù)題意得出a2+5b2=(a-.12、.【分析】連接交于,根據(jù)已知條件可得出,點是的中點,再由垂徑定理得出CE垂直平分,由此得出是等邊三角形,又因為BC、AB分別是的切線,進而得出是等邊三角形,利用角之間的關系,可得出,從而可得出OD的長.【詳解】解:連接設交于.與相切于點,于..,..點是的中點;,,是的中點,垂直平分,,是等邊三角形,,分別是的切線,,,是等邊三角形,,,,的半徑為.故答案為.【點睛】本題考查的知識點有圓的切線定理,垂徑定理,以及等邊三角形的性質等,解題的關鍵是結合題目作出輔助線.13、.【分析】根據(jù)概率的性質和概率公式即可求出,當他擲第10次時,正面向上的概率.【詳解】解:∵擲一枚質地均勻的硬幣,有兩種結果:正面朝上,反面朝上,每種結果等可能出現(xiàn),∴她第10次擲這枚硬幣時,正面向上的概率是:.故答案為:.【點睛】本題考查了概率統(tǒng)計的問題,根據(jù)概率公式求解即可.14、【分析】連接AD,過M作MG⊥AD于G,根據(jù)正六邊形的相關性質,求得AD,MD的值,再根據(jù)∠CDG=60°,求出DG,MG的值,最后利用勾股定理求出AM的值.【詳解】解:連接AD,過M作MG⊥AD于G,則由正六邊形可得,AD=2AB=4,∠CDA=60°,又MD=CD=1,∴DG=,MG=,∴AG=AD-DG=,∴AM=故答案為.【點睛】本題考查了正多邊形和圓、正六邊形的性質、三角函數(shù)、勾股定理;熟練掌握正六邊形的性質,作出輔助線構造直角三角形是解題的關鍵.15、.【解析】解:畫樹狀圖得:∵共有6種等可能的結果,滿足關于x的方程x2+px+q=0有實數(shù)根的有4種情況,∴滿足關于x的方程x2+px+q=0有實數(shù)根的概率是:.故答案為.16、1【分析】先根據(jù)一元二次方程根的定義得到,則可變形為,再根據(jù)根與系數(shù)的關系得到,,然后利用整體代入的方法計算代數(shù)式的值.【詳解】是方程的實數(shù)根,,,,,是方程的兩實數(shù)根,,,.故答案為1.【點睛】考查了根與系數(shù)的關系:若,是一元二次方程的兩根時,,.17、1【分析】將cos45°=代入進行計算即可.【詳解】解:cos45°=故答案為:1.【點睛】此題考查的是特殊角的銳角三角函數(shù)值,掌握cos45°=是解決此題的關鍵.18、【分析】已知A(6,2)、B(6,0)兩點則AB=2,以坐標原點O為位似中心,相似比為,則A′B′:AB=2:2.即可得出A′B′的長度等于2.【詳解】∵A(6,2)、B(6,0),∴AB=2.又∵相似比為,∴A′B′:AB=2:2,∴A′B′=2.【點睛】本題主要考查位似的性質,位似比就是相似比.三、解答題(共66分)19、(1)詳見解析,,,;(2)50;(3)【分析】(1)根據(jù)題意再表格中得出B、C、D,并順次連接、,,各點即可畫出旋轉后的圖形,寫出點,,的坐標即可.(2)可證得四邊形ABCD是正方形,根據(jù)正方形的面積公式:正方形的面積=對角線×對角線÷2即可得出結果.(3)觀察(1)可以得出規(guī)律,旋轉后的點的坐標和旋轉前的點橫縱坐標位置相反,且縱坐標變?yōu)橄喾磾?shù).【詳解】解:(1)如圖,,,(2)由旋轉性質可得:,∴,∴四邊形ABCD為正方形,∴(3)根據(jù)題(1)可得出【點睛】本題主要考查的是作圖和旋轉的性質,根據(jù)題目要求準確的作出圖形是解題的關鍵.20、(1);(2)抽出的2瓶牛奶中恰好抽到過期牛奶的概率為.【分析】(1)直接根據(jù)概率公式計算可得;
(2)設這四瓶牛奶分別記為A、B、C、D,其中過期牛奶為A,畫樹狀圖可得所有等可能結果,從所有等可能結果中找到抽出的2瓶牛奶中恰好抽到過期牛奶的結果數(shù),再根據(jù)概率公式計算可得.【詳解】(1):(1)小芳任意抽取1瓶,抽到過期的一瓶的概率是,故答案為:.(2)設這四瓶牛奶分別記為、、、,其中過期牛奶為畫樹狀圖如圖所示,由圖可知,共有12種等可能結果;由樹狀圖知,所抽取的12種等可能結果中,抽出的2瓶牛奶中恰好抽到過期牛奶的有6種結果,所以抽出的2瓶牛奶中恰好抽到過期牛奶的概率為.【點睛】本題考查了列表法與樹狀圖法,以及概率公式,用到的知識點為:概率=所求情況數(shù)與總情況數(shù)之比.21、(1)證明見解析;(2)α=50°;(3)40°<α<90°.【解析】(1)根據(jù)AAS即可證明△APM≌△BPN;(2)由(1)中的全等得:MN=2PN,所以PN=BN,由等邊對等角可得結論;(3)三角形的外心是外接圓的圓心,三邊垂直平分線的交點,直角三角形的外心在直角頂點上,鈍角三角形的外心在三角形的外部,只有銳角三角形的外心在三角形的內(nèi)部,所以根據(jù)題中的要求可知:△BPN是銳角三角形,由三角形的內(nèi)角和可得結論.【詳解】(1)∵P是AB的中點,∴PA=PB,在△APM和△BPN中,,∴△APM≌△BPN;(2)由(1)得:△APM≌△BPN,∴PM=PN,∴MN=2PN,∵MN=2BN,∴BN=PN,∴α=∠B=50°;(3)∵△BPN的外心在該三角形的內(nèi)部,∴△BPN是銳角三角形,∵∠B=50°,∴40°<∠BPN<90°,即40°<α<90°.【點睛】本題考查了全等三角形的判定與性質、等腰三角形的判定與性質、三角形外接圓圓心的位置等,綜合性較強,難度適中,解題的關鍵是熟練掌握三角形外心的位置.22、(1)BM+DN=MN;(2)(1)中的結論不成立,DN﹣BM=MN.理由見解析;(3)AP=AM+PM=3.【分析】(1)在MB的延長線上,截取BE=DN,連接AE,則可證明△ABE≌△ADN,得到AE=AN,進一步證明△AEM≌△ANM,得出ME=MN,得出BM+DN=MN;
(2)在DC上截取DF=BM,連接AF,可先證明△ABM≌△ADF,得出AM=AF,進一步證明△MAN≌△FAN,可得到MN=NF,從而可得到DN-BM=MN;
(3)由已知得出DN=12,由勾股定理得出AN===6,由平行線得出△ABQ∽△NDQ,得出====,∴=,求出AQ=2;由(2)得出DN-BM=MN.設BM=x,則MN=12-x,CM=6+x,在Rt△CMN中,由勾股定理得出方程,解方程得出BM=2,由勾股定理得出AM==,由平行線得出△PBM∽△PDA,得出==,,求出PM=PM=AM=,得出AP=AM+PM=3.【詳解】(1)BM+DN=MN,理由如下:如圖1,在MB的延長線上,截取BE=DN,連接AE,∵四邊形ABCD是正方形,∴AB=AD,∠BAD=∠ABC=∠D=90°,∴∠ABE=90°=∠D,在△ABE和△ADN中,,∴△ABE≌△ADN(SAS),∴AE=AN,∠EAB=∠NAD,∴∠EAN=∠BAD=90°,∵∠MAN=45°,∴∠EAM=45°=∠NAM,在△AEM和△ANM中,,∴△AEM≌△ANM(SAS),∴ME=MN,又∵ME=BE+BM=BM+DN,∴BM+DN=MN;故答案為:BM+DN=MN;(2)(1)中的結論不成立,DN﹣BM=MN.理由如下:如圖2,在DC上截取DF=BM,連接AF,則∠ABM=90°=∠D,在△ABM和△ADF中,,∴△ABM≌△ADF(SAS),∴AM=AF,∠BAM=∠DAF,∴∠BAM+∠BAF=∠BAF+∠DAF=∠BAD=90°,即∠MAF=∠BAD=90°,∵∠MAN=45°,∴∠MAN=∠FAN=45°,在△MAN和△FAN中,,∴△MAN≌△FAN(SAS),∴MN=NF,∴MN=DN﹣DF=DN﹣BM,∴DN﹣BM=MN.(3)∵四邊形ABCD是正方形,∴AB=BC=AD=CD=6,AD∥BC,AB∥CD,∠ABC=∠ADC=∠BCD=90°,∴∠ABM=∠MCN=90°,∵CN=CD=6,∴DN=12,∴AN===6,∵AB∥CD,∴△ABQ∽△NDQ,∴====,∴=,∴AQ=AN=2;由(2)得:DN﹣BM=MN.設BM=x,則MN=12﹣x,CM=6+x,在Rt△CMN中,由勾股定理得:62+(6+x)2=(12﹣x)2,解得:x=2,∴BM=2,∴AM===2,∵BC∥AD,∴△PBM∽△PDA,∴===,∴PM=AM=,∴AP=AM+PM=3.【點睛】本題是四邊形的綜合題目,考查了正方形的性質、全等三角形的判定和性質、勾股定理、相似三角形的判定與性質等知識;本題綜合性強,證明三角形全等和三角形相似是解題的關鍵.23、(1)y1=x+1,;(2)14【分析】(1)將分別代入兩個函數(shù)解析式得到方程組,解方程組后即可得出函數(shù)解析式;(2)根據(jù)勾股定理得出OD=OA=5,根據(jù)題意得出,OC=1,CD=4;最后根據(jù)S△ABD=S△DCB+S△DCA即可得出答案.【詳解】解:(1)由題意得,解得,∴,∴y1=x+1,(2)由勾股定理得,A(3,4)∴OA=,∴OD=OA=5,當y1=0時,0=x+1∴x=-1,OC=1,CD=4S△ABD=S△DCB+S△DCA=.【點睛】本題考查了反比例函數(shù)與一次函數(shù)的交點問題,代入求值法是解題的關鍵.24、證明見解析.【分析】連接OC,證明三角形△COD和△COE全等;然后利用全等三角形的對應邊相等得到CD=CE.【詳解】解:連接OC.在⊙O中,∵,∴∠AOC=∠BOC,∵OA=OB,D.E分別是半徑OA和OB的中點,∴OD=OE,∵OC=OC(公共邊),∴△COD≌△COE(SAS),∴CD=CE(全等三角形的對應邊相等).【點睛】本題考查圓心角、弧、弦的關系;全等三角形的判定與性質.25、(1)見解析(2)見解析【分析】(1)根據(jù)AAS證△AFE≌△DBE,推出AF=BD,即可得出答案.(2)得出四邊形ADCF是平行四邊形,根據(jù)直角三角形斜邊上中線性質得出CD=AD,根據(jù)菱形的判定推出即可.【詳解】解:(1)證明:∵AF∥BC,∴∠AFE=∠DBE.∵E是AD的中點,AD是BC邊上的中線,∴AE=DE,BD=CD.在△AFE和△DBE中,∵∠AFE=∠DBE,∠FEA=∠BED,AE=DE,∴△AFE≌△DBE(AAS)∴AF=B
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