2020屆高三物理一?？荚囋囶}(含解析)

---高三物理一?？荚囋囶}（含解析）一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分）1.在人類對物質(zhì)運動規(guī)律的認識過程中，許多物理學家大膽猜想、勇于質(zhì)疑，取得了輝煌的成就，下列有關(guān)科學家及他們的貢獻描述中正確的是（ ）A.卡文迪許在牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后，進行了“月-地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統(tǒng)一起來B.開普勒潛心研究第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，提出行星繞太陽做勻速圓周運動C.法國物理學家德布羅意大膽預(yù)言了實物粒子在一定條件下會表現(xiàn)出波動性，提出了物質(zhì)波概念，后來的科學家在實驗中找到了實物粒子波動性的證據(jù)。D.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)【答案】C【解析】試題分析：牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后，進行了“月 -地檢驗”，將天體間的力和地球上物體的重力統(tǒng)一起來，故A錯誤；開普勒潛心研究第谷的天文觀測數(shù)據(jù)，提出行星繞太陽做橢圓運動，故B錯誤；法國物理學家德布羅意大膽預(yù)言了實物粒子在一定條件下會表現(xiàn)出波動性，提出了物質(zhì)波概念，后來的科學家在實驗中找到了實物粒子波動性的證據(jù)，故 C正確；安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，故 D錯誤?？键c：物理學史【名師點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，平時注意歷史知識的積累。2.如圖所示，質(zhì)量為M=10kg的小車停放在光滑水平面上。在小車右端施加一個 F=10N的水平恒力。當小車向右運動的速度達到2.8m/s時，在其右端輕輕放上一質(zhì)量m=20kg的小黑煤塊（小黑煤塊視為質(zhì)點且初速度為零） ，煤塊與小車間動摩擦因數(shù) n=0.20o假定小車足夠長,g=10m/s2。則下列說法正確的是（ ）A.煤塊在整個運動過程中先做勻加速直線運動穩(wěn)定后做勻速直線運動B.小車一直做加速度不變的勻加速直線運動C.煤塊在3s內(nèi)前進的位移為9mD.小煤塊最終在小車上留下的痕跡長度為 2.8m【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第二定律，剛開始運動時對小黑煤塊有：N=ma,FN-m驢0,代入數(shù)據(jù)解得：ai=2m/s2剛開始運動時對小車有：F-!iFN=Ma,解得：a2=0.6m/s2,經(jīng)過時間t,小黑煤塊和車的速度相等，小黑煤塊的速度為： vi=ait,車的速度為：V2=v+a2t,vi=v2,解得：t=2s,以后煤塊和小車一起運動，根據(jù)牛頓第二定律： F=（M+ma3,a3=5m/s2一起以加速6度a3=5m/s2做運動加速運動，故選項AB錯誤；在2s內(nèi)小黑煤塊前進的位移為： xi=-ait2TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"6 2=lx2X22m=4m,然后和小車共同運動is時間，此is時間內(nèi)位移為：x'i=vit'+工a3t'2\o"CurrentDocument"2 2=4.4m，故煤塊在3s內(nèi)前進的位移為4+4.4m=8.4m,故選項C錯誤；在2s內(nèi)小黑煤塊前進的位移為：xi=—ait2=—X2X22=4m,小車前進的位移為：X2=vit+—a2t2=\o"CurrentDocument"2 2 2.8X2+1x0.6X22=6.8m,兩者的相對位移為：△x=X2-Xi=6.8-4=2.8m，故選項D2正確.故選D.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點睛】該題是相對運動的典型例題，要認真分析兩個物體的受力情況，正確判斷兩物體的運動情況，再根據(jù)運動學基本公式求解，難度適中。.如圖所示a、b間接入正弦交流電，理想變壓器右側(cè)部分為一火災(zāi)報警系統(tǒng)原理圖， R2為熱敏電阻，隨著溫度升高其電阻變小，所有電表均為理想電表，電流表 A2為值班室的顯示器，顯示通過Ri的電流，電壓表V2顯示加在報警器上的電壓（報警器未畫出） ，R3為一定值電阻。當R2所在處出現(xiàn)火情時，以下說法中正確的是A.Vi的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大

V2的示數(shù)減小，Ai的示數(shù)增大V1的示數(shù)不變，A1的示數(shù)減小V2的示數(shù)不變，A2的示數(shù)減小【答案】B【解析】試題分析：當傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，的的電阻減小，導致電路的總的電阻減小，所以電路中的總電流將會增加， Ai測量的是原線圈中的總的電流， 由于副線圈的電流增大了， 所以原線圈的電流Ai示數(shù)也要增加；由于電源的電壓不變，原副線圈的電壓也不變，所以V的示數(shù)不變，由于副線圈中電流增大， R的電壓變大，所以上的示數(shù)要減小，即Ri的電壓也要減小，所以外的示數(shù)要減小，所以B正確，ACDt誤.故選B.考點：變壓器；電路的動態(tài)分析【名師點睛】電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。4.如圖所示，某同學用玻璃皿在中心放一個圓柱形電極接電源 負極，沿邊緣放一個圓環(huán)形電極接電源的正極做“旋轉(zhuǎn)的液體的實驗”，若蹄形磁鐵兩極間正對部分的磁場視為勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B=0.1T,玻璃皿的橫截面的半徑為 a=0.05m,電源的電動勢為E=3V,內(nèi)阻r=0.1Q,限流電阻R=4.9Q,玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為關(guān)后當液體旋轉(zhuǎn)時電壓表的示數(shù)恒為 1.5丫，則（ ）A.由上往下看，液體做順時針旋轉(zhuǎn)B.液體所受的安培力大小為 1.5X10-4NC.閉合開關(guān)10s,液體具有的熱能是4.5JD.閉合開關(guān)后，液體熱功率為 0.081W【答案】DR=0.9Q,閉合開【解析】R=0.9Q,閉合開【詳解】A.由于中心放一個圓柱形電極接電源的負極，沿邊緣放一個圓環(huán)形電極接電源的正極，在電源外部電流由正極流向負極，因此電流由邊緣流向中心；器皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則可知，導電液體受到的磁場力沿逆時針方向，因此液體沿逆時針方向旋轉(zhuǎn) .故選項A不符合題意.B.電壓表的示數(shù)為1.5V,則根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=l+IRo+Ir代入數(shù)據(jù)可得電路中的電流值=0.3A,液體所受的安培力大小為F=BIL=BIa=0.1X0.3x0.05=1.5X103N故選項B不符合題意.C.液體的等效電阻為R=0.9Q,10s內(nèi)液體的熱能Q=12Rt=0.32x0.9x10=0.81J故選項C不符合題意.D.玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為 R=0.9Q,則液體熱功率為P熱=12R=0.32X0.9=0.081W故選項D符合題意.TOC\o"1-5"\h\z5.如圖所示，勻強電場中有一個以。為圓心、半徑為R的圓，電場方向與圓所在平面平行， A、O兩點電勢差為U,一帶正電的粒子在該電場中運動，經(jīng) A、B兩點時速度方向沿圓的切線，速度大小均為v。，粒子重力不計，只受電場力，則下列說法正確的是（ ）A.粒子從A到B的運動過程中，動能先增大后減小B.圓周上電勢最高的點與 O點的電勢差為J2lC.粒子在A、B間是做圓周運動D.勻強電場的電場強度 E=--R【答案】B【解析】試題分析：帶電粒子僅在電場力作用下， 由于粒子在AB兩點動能相等，則電勢能也相等.因為勻強電場，所以兩點的連線AB即為等勢面，根據(jù)等勢面與電場線垂直特性，從而畫出電場線CQ由曲線運動條件可知，正電粒子所受的電場力沿著 CO方向，因此粒子從A到B做拋體運動，速度方向與電場力方向夾角先大于 90后小于90,電場力對于運動來說先是阻力后是動力，所以動能先減小后增大，故 AC錯誤；勻強電場的電場強度UEd式中的d是沿著電場強度方向的距離，因而由幾何關(guān)系可知， UacE—R,所以E42U圓周上電勢2 R最高的點與O點的電勢差為UERY2URJ2U,故B正確，D錯誤；R考點：電勢差與電場強度的關(guān)系、電勢能【名師點睛】緊扣動能相等作為解題突破口，由于僅在電場力作用下，所以得出兩點的電勢能大小關(guān)系.并利用等勢面與電場線垂直的特性，從而推出電場線位置.再由曲線運動來確定電場力的方向，同時考查UEd中d的含義重要性。6.如圖是滑雪場的一條雪道。質(zhì)量為70kg的某滑雪運動員由A點沿圓弧軌道滑下，在B點以5點m/s的速度水平飛出，落到了傾斜軌道上的 C點（圖中未畫出）。不計空氣阻力，0=30°,g=10m/s2,則下列判斷正確的是A.該滑雪運動員騰空的時間為 1sB.BC兩點間的落差為5j3mC.落到C點時重力的瞬時功率為3500"WD.若該滑雪運動員從更高處滑下，落到 C點時速度與豎直方向的夾角不變【答案】AD【解析】1 2試題分析：運動員平拋 過程中，水平位移為Xv0t,豎直位移為y-gt2,落地時：tan-x聯(lián)立解得t1s,y5m,故A正確，B錯誤；落地時的速度： Vygt10110m/s,所以：落到C點時重力的瞬時功率為:落地時速度方向與水平方向之間的夾角直方向的夾角與平拋運動的初速度無考點：功率、平均功率和瞬時功率;【名師點睛】平拋運動在水平方向上他水平位移與豎直位移之間的關(guān)系求的農(nóng)7.如圖所示，MN為兩塊帶等量異甲之間的各種數(shù)值.靜止的帶電粒子帶速后，從小孔Q進入N板右側(cè)的勻下CD為磁場邊界上的一絕緣板，它與B1010J000?W,故C錯誤；根據(jù)9，y,可知到如時速度與豎6向體運動，■據(jù).■板間電壓可取從零到大值為m（不計重力）點P經(jīng)電場加大小為，N板的夾角為9=30。，孔Q到板的下端C的距離為L,當MN兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在C或上，則：（）2,2A.兩板間電壓的最大值Um=型口2mB.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長度C.粒子在磁場中運動的最長時間 tm=-qBD.能打到N板上的粒子的最大動能2 2,2為318m【答案】ACD【詳解】畫出粒子運動軌跡的示意圖，如圖所示,A.當MN兩板間電壓取最大值時，粒子恰垂直打在 CD板上，可知粒子半徑r=L,的加速電1場中，根據(jù)動能定理： qUm—mv2,在偏轉(zhuǎn)磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：22qvBm—,聯(lián)立可得:r22Umq23A正確;B.設(shè)粒子軌跡與CD相切于H點，此時粒子半徑為r,粒子軌跡垂直打在CD邊上的G點，則TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"r LGH間距離即為粒子打中區(qū)域的長度 x,根據(jù)幾何關(guān)系： QCLr——，可得：r—,sin 3根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子打中區(qū)域的長度： xr— 1—L,故B錯誤;tan 3C.粒子在磁場中運動的周期為： T22,粒子在磁場中運動的最大圓心角： 180,Tm所以粒子在磁場中運動的最長時間為： t———，故C正確;2qBD.當粒子在磁場的軌跡與D.當粒子在磁場的軌跡與CD邊相切時，即粒子半徑rL,時，打到N板上的粒子的動能最31 2大，最大動能：Eg2mv,根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得:聯(lián)立可得能打到N板上的粒子的最大動能為:222聯(lián)立可得能打到N板上的粒子的最大動能為:222qBLE Ekm /c18m,故D正確；故選ACD【點睛】本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運動，解題關(guān)鍵是要畫出粒子軌跡過程圖，分好過程，針對每個過程的受力特點和運動形式選擇合適的規(guī)律解決問題，對數(shù)學幾何能力有一定的要求。8日接受新華社記者采訪時說，預(yù)計.8日接受新華社記者采訪時說，預(yù)計今年三季度發(fā)射的天宮二號，將搭載全球第一臺冷原子鐘，利用太空微重力條件，穩(wěn)定度高達10的負16次方。超高精度的原子鐘是衛(wèi)星導航等領(lǐng)域的關(guān)鍵核心技術(shù)……。我國的航天技術(shù)突飛猛進，前期做了分步走的大量工作。在2013年6月10日上午，我國首次太空授課在距地球300多千米的“天空一號”上舉行，如圖所示的是宇航員王亞萍在“天空一號”上所做的"水球”.若已知地球的半徑為 6400km,地球表面的重力加速度為 g=9.8m/s2,下列關(guān)TOC\o"1-5"\h\z于“水球”和“天空一號”的說法正確的是（ ）“水球”的形成是因為太空中沒有重力“水球”受重力作用其重力加速度大于 5m/s2“天空一號”運行速度小于 7.9km/s“天宮一號”的運行周期約為 1.5h【答案】BCD【解析】試題分析：水球受重力作用，但其處于完全失重狀態(tài)，其重力加速度由高度決定，因其距離地面的高度較低，則其加速度接近 9.8m/s2,大于5m/s2，則A錯誤，B正確；由萬有引力提供向心力得：vGM,因離地面一定高度，則其速度小于第一宇宙速度，則 C正確；萬rr3 r3有引力提供向心力， T2J——2J-2-1.5h,則D正確。.GM ■,R2g考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，并能根據(jù)題意結(jié)合向心力的幾種不同的表達形式，選擇恰當?shù)南蛐牧Φ谋磉_式。二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第 22題第32題為必考題每個試題考生都必須作答.第H卷第3第40題為選考題（一）必考題（共 19分考生根據(jù)要求作答（6分）.某同學用游標為10分度的卡尺測量一個圓柱體的直徑，由于長期使用，測量腳磨損嚴重，當兩測量腳直接合并在一起時，游標尺的零線與主尺的零線不重合，出現(xiàn)如圖（ a）所示的情況，測量圓柱的直徑時的示數(shù)如圖（ b）所示，則圖（b）的示數(shù)為mm,所測圓柱的直徑為mm【答案】23.5;24.1【解析】試題分析：游標卡尺若完好的話，游標的 10刻度線應(yīng)與主尺的9對齊，而現(xiàn)在為游標的4刻度線與主尺的3對齊，因游標的每一小刻度比主尺的最小刻度小0.1mm,則可知，游標部分應(yīng)向左移動了0.6mm,故兩零刻度相差0.6mm;圖b中游標卡尺的讀數(shù)為23mm50.1mm23.5mm,由于游標卡尺的誤差為0.6mm,正確的讀數(shù)小了0.6mm,所以真實的結(jié)果為24.1mm?？键c：刻度尺、游標卡尺的使用【名師點睛】由游標卡尺的讀數(shù)方法，逆向推理可知兩零刻度線之間的距離；本題中游標卡尺考的非常新穎，要求我們能熟練掌握好其原理才能正確作答。.現(xiàn)有一滿偏電流為500dA,內(nèi)阻為1.0X103Q的靈敏電流計G,某同學想把它改裝成內(nèi)電阻為500a的歐姆表，實驗室提供如下器材：A.一節(jié)干電池（電動勢為1.5V,內(nèi)阻不計）B.電阻箱R（最大阻值99.99Q）C.電阻箱R2（最大阻值999.9Q）D.滑線變阻器R3（0-100Q）E.滑線變阻器R4（0-1kQ）F.導線若干及兩個接線柱

@―I卷 山(1)由于電流計G的內(nèi)阻較大，該同學先把電流計 G改裝為量程為0?3.0mA的電流表A,則電流計G應(yīng)聯(lián)一個電阻箱(填“串”或“并”)，將該電阻箱的阻值調(diào)為Q.(2)將改裝后的電流表A改裝為歐姆表，請選擇適當?shù)钠鞑脑诜娇騼?nèi)把改裝后的電路圖補畫完整(含電流表的改裝)，并標注所選電阻箱和滑線變阻器的符號.(3)用改裝后的歐姆表測量一電阻， 電流計G的示數(shù)為200dA,則該電阻的阻值為Q.【答案】(1)并；300;(2)如圖(電路連接錯誤、電阻箱或滑動變阻器選錯或未標出均零分)⑶900【解析】500106110331035001050010611033103500106200IgRg并聯(lián)電阻阻值：R—g■工IIg(2)改裝后的電流表內(nèi)阻:RIgRg5001061103167,把表頭改裝成中值電I 310(2)改裝后的電流表內(nèi)阻:阻為500a的歐姆表，則需要串聯(lián)的電阻 R'=500-167=333"所以選才i電阻箱 R(最大阻值999.9Q)和滑動變阻器R4(0-1kQ),實驗電路圖如圖所示：…3103 ,、，一 (3)改裝后電流表量程是原電流表 G量程的： 310/6倍，電流表G的示數(shù)為200pA,500106電路電流：I=200^AX6=1200WA=1.2mA待測電阻阻值：—U— 15 ― —RX—Rj 3500750;I1.210考點：電表的改裝【名師點睛】本題主要考查了電流表和歐姆表的改裝，要注意明確實驗原理，能正確應(yīng)用歐

姆定律和串并聯(lián)電路的特點進行分析，難度適中。三、解答題(共6小題，滿分47分)11.如圖a所示，水平放置著兩根相距為 d=0.1m的平行金屬導軌MN^PQ導軌的電阻忽略不計且兩導軌用一根電阻也不計的導線相連 .導軌上跨放著一根粗細均勻長為 L=0.3m、電阻R=3.0Q的金屬棒ab,金屬棒與導軌正交，交點為cd.整個空間充滿垂直于導軌向上的磁場,磁場B隨時間變化的規(guī)律如圖b所示.開始時金屬棒在3s前靜止于距離NQ為2m處,3s后在外力作用下以速度 v=4.0m/s向左做勻速直線運動，試求:0?3s末回路中產(chǎn)生電流的大小和方向;6s?8s過程中通過金屬棒橫截面的電荷量為多少t=12s時金屬棒ab兩端點間的電勢差為多少？【答案】(1)0.6A;【答案】(1)0.6A;順時針方向(2)1.6C(3)1.6V【解析】試題分析：(1)3s末回路中產(chǎn)生電流的方向為順時針方向由圖b可知，3s末磁感應(yīng)強度B1.5TB回路中產(chǎn)生的感生電動勢為E咸—dvt0.50.143V0.6V

心t回路中感應(yīng)電流為：I—E—0.6AR/3(2)回路中產(chǎn)生的感生電動勢為 EBdV0.8V,回路中感應(yīng)電流為I—0.8A,則R/3電量為：qIt1.6Co(3)t12s時金屬棒(3)t12s時金屬棒ab兩端點間的電勢差UB(Ld)V1.6Vo考點：導體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電功、電功率；焦耳定律【名師點睛】本題是電磁感應(yīng)與電路知識 綜合，關(guān)鍵要區(qū)分清楚哪部分電路是電源，哪部分是外部分，以及ab兩端點間的電勢差與感應(yīng)電動勢的關(guān)系。12.如圖所示，傾角 e=37。的光滑且足夠長的斜面固定在水平面上，在斜面頂端固定一個輪半徑和質(zhì)量不計的光滑定滑輪 D,質(zhì)量均為m=1kg的物體A和B用一勁度系數(shù)k=240N/m的輕彈簧連接，物體B被位于斜面底端且垂直于斜面的擋板 P擋住。用一不可伸長的輕繩使物體A跨過定滑輪與質(zhì)量為M的小環(huán)C連接，小環(huán)C穿過豎直固定的光滑均勻細桿，當整個系統(tǒng)靜止時，環(huán)C位于Q處，繩與細桿的夾角“二53°,且物體B對擋板P的壓力恰好為零。圖中SD水平且長度為d=0.2m,位置R與位置Q關(guān)于位置S對稱，輕彈簧和定滑輪右側(cè)的繩均與斜面平行?，F(xiàn) 讓環(huán)C從位置R由靜止釋放，sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2。求：⑴小環(huán)C的質(zhì)量M⑵小環(huán)C通過位置S時的動能Ek及環(huán)從位置R運動到位置S的過程中輕繩對環(huán)做的功W;⑶小環(huán)C運動到位置Q的速率v.【答案】(1)0.72kg(2)0.3J(3)2m/s【解析】【詳解】(1)先以AB組成整體為研究對象，AB系統(tǒng)受到重力。支持力和繩子的拉力處于平衡狀態(tài)，則繩子的拉力為： T=2mg>in。=2X10Xsin37°=12N以C為研究對象，則C受到重力、繩子的拉力和桿的彈力處于平衡狀態(tài)，如圖，則：T?cos53=Mg代入數(shù)據(jù)得：M=0.72kg(2)由題意，開始時B恰好對擋板沒處于伸長狀態(tài)；產(chǎn)生B沿斜面方向的Fi二mgsin0=1x10Xsin37°=6N

彈簧的伸長量：△x產(chǎn)mgsin =0.025mk當小環(huán)C通過位置S時A下降的距離為：xA——d0.05msin此時彈簧的壓縮量為：△X2=Xa-△xi=0.025m由速度分解可知此時A的速度為零，所以小環(huán)C從R運動到S的過程中，初末態(tài)的彈性勢能相等，對于小環(huán)C、彈簧和A組成的系統(tǒng)機械能守恒有：Mgdcota+mgXASin0=Ek代入數(shù)據(jù)解得：Ek=1.38J環(huán)從位置R運動到位置S的過程中，由動能定理可知： WT+Mgdcota=Ek代入數(shù)據(jù)解得：W=0.3J(3)環(huán)從位置R運動到位置Q的過程中，對于小環(huán)C、彈簧和A組成的系統(tǒng)機械能守恒1 2 12Va=VCOSaMg(2dcot)Mv-mvAVa=VCOSa對環(huán)在Q點的速度進行分解如下圖，則:兩式聯(lián)立可得：v=2m/s兩式聯(lián)立可得：v=2m/s【點睛】該題中，第一問相對比較簡單，解答的關(guān)鍵是第二問，在解答的過程中一定要先得出彈簧的彈性勢能沒有變化的結(jié)論，否則解答的過程不能算是完整的.13.下列說法中正確的是。A.所有晶體沿著各個方向的物理性質(zhì)和化學光學性質(zhì)都相同B.足球充足氣后很難壓縮，是因為足球內(nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果C.自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，溫度升高，單位時間內(nèi)撞擊器壁單位面積上的分子數(shù)增多

【答案】CDE【解析】【詳解】A、單晶體具有各向異性，即單晶體沿著各個方向的物理性質(zhì)和化學光學性質(zhì)不同，故選項A錯誤；B、足球充足氣后很難壓縮是由于足球內(nèi)外有壓強差的原因，與氣體分子之間的作用力無關(guān)，故選項B錯誤；C根據(jù)熱力學第二定律知，自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故選項 C正確；D一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，由氣態(tài)方程pV-D一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，由氣態(tài)方程—C知溫度升高，內(nèi)能T增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律 UQW可知，氣體一定吸收熱量，故選項D正確；E、一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子的平均動能增大，則平均速率增大，單位時間內(nèi)撞擊單位面積上的分子數(shù)增多，故選項 E正確;故選選項CDE.如圖甲是一定質(zhì)量的氣體由狀態(tài) A經(jīng)過狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C的V-T圖象.已知氣體在狀態(tài)A①說出A-B過程中壓強變化的情形，并根據(jù)圖象提供的信息，計算圖甲中 Ta的溫度值.②請在圖乙坐標系中，作出該氣體由狀態(tài) A經(jīng)過狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C的p-T圖象，并在圖線相應(yīng)位置上標出字母AB、G如果需要計算才能確定的有關(guān)坐標值，請寫出計算過程?！敬鸢浮竣佟敬鸢浮竣?00K【詳解】①從圖甲所示圖象可知， A與B連線延長線過原點，即V與T成正比，由理想氣體狀態(tài)方程可知，【詳解】①從圖甲所示圖象可知， A與B連線延長線過原點，即V與T成正比，由理想氣體狀態(tài)方程可知，A-B是一個等壓變化，即Pa=Pb.由圖甲所示圖象可知，氣體在A點的狀態(tài)參量3V\=0.4m在B點，氣體的狀態(tài)參量3V?=0.6mTb=300K從A到B氣體發(fā)生等壓變化，由蓋-呂薩克定律得VaVBTa Tb解得Ta=200K②由題圖甲可知，由B-C是等容變化Pa=Pb=1.5xl05Pa由圖甲所示圖象可知,Tb=300KTc=400K從B到C氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得Pb PcTb Tc解