山東省青島市萊西第一中學南校2023年高三物理聯(lián)考試題含解析

山東省青島市萊西第一中學南校2023年高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，A．B兩個小球帶同種電荷，用一根絕緣細線相連，靜放在光滑的絕緣水平面上，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為2m。剪斷細線后某時刻A球的速度為v。則從剪斷細線到A球速度為v的過程中，關于A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢能的變化，以下說法正確的是A．電勢能增加了B．電勢能增加了C．電勢能減少了D．電勢能減少了參考答案：

D2.（單選）人放風箏，可使風箏靜止在空中。如圖所示的四幅圖中，MN代表風箏截面，PQ代表風箏線，風向水平，風箏可能靜止的是參考答案：B3.（多選題）如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻r.閉合電鍵S，電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I,在滑動變阻器R2的滑片P由a端滑到b端的過程中（

）A．U先變大后變小B．I先變大后變小C．U與I的比值先變小后變大D．U變化量與I變化量的比值不變參考答案：AD考點：閉合電路的歐姆定律、動態(tài)電路【名師點睛】本題主要考查了閉合電路的歐姆定律、動態(tài)電路?；瑒幼冏杵魃舷聝刹糠植⒙?lián)，當滑片在中間位置時總電阻最大，則在滑動變阻器R2的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R2的電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流及電壓的變化情況，因為，所以，又由，可知U變化量與I變化量的比值。4.（單選）如圖所示，兩根可自由移動的靠得很近的平行長直導線，通以相反方向的電流，且I1＞I2，則兩導線所受的安培力F1和F2的大小關系及其運動方向為（）A．F1＞F2，且相互靠近B．F1＜F2，且相互遠離C．F1=F2，且相互靠近D．F1=F2，且相互遠離參考答案：考點：平行通電直導線間的作用．分析：物體間力的作用是相互的，物體間的相互作用力大小相等；磁場是由通電導線產(chǎn)生的，一通電導線在另一導線電流的磁場中，會受到安培力作用，由安培定則判斷出電流的磁場方向，然后由左手定則判斷出安培力方向．解答：解：A、通電導線在其周圍產(chǎn)生磁場，通電導線在磁場中受到安培力作用，兩導線所受安培力是作用力與反作用力，它們大小相等，故AB錯誤；C、由右手螺旋定則可知：I1在I2處產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，由左手定則可知，I2所所受安培力向左；由右手螺旋定則可知：I2在I1處產(chǎn)生的磁場垂直紙面向外，由左手定則可知，I1所所受安培力向右；則兩導線相互遠離；故C錯誤，D正確；故選D．點評：通電導線處于磁場中要受到安培力作用，可得：同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．可作為結論讓學生記?。?.(單選)電荷均勻分布在半球面上，在這半球的中心O處電場強度等于E0.兩個平面通過同一條直徑，夾角為α(α<π2)，從半球中分出這一部分球面，則剩余部分球面上(在“大瓣”上)的電荷(電荷分布不變)在O處的電場強度()參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）圖A是在高速公路上用超聲波測速儀測量車速的示意圖，測速儀發(fā)出并接收超聲波沖信號，根據(jù)發(fā)出和接收到的信號間的時間差，測出被測物體的速度。圖B中p1、p2是測速儀發(fā)出的超聲波信號，n1、n2是p1、p2由汽車反射回來的信號。設測速儀勻速掃描，p1、p2之間的時間間隔Δt＝1.0s，超聲波在空氣中傳播的速度是v＝340m/s，若汽車是勻速行駛的，則根據(jù)圖B可知，汽車在接收到p1、p2兩個信號之間的時間內(nèi)前進的距離是

m，汽車的速度是

m/s。參考答案：答案：17，17.97.新發(fā)現(xiàn)的雙子星系統(tǒng)“開普勒-47”有一對互相圍繞運行的恒星，運行周期為T，其中一顆大恒星的質(zhì)量為M，另一顆小恒星只有大恒星質(zhì)量的三分之一。已知引力常量為G。大、小兩顆恒星的轉(zhuǎn)動半徑之比為_____________，兩顆恒星相距______________。參考答案：1:3，

8.一多用電表的電阻檔有三個倍率，分別是“×1”、“×10”、“×100”．用“×10”檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為使測量值更準確，應換到×100檔；如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是歐姆調(diào)零．參考答案：考點：用多用電表測電阻．專題：實驗題；恒定電流專題．分析：使用歐姆表測電阻時應選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零．解答：解：用“×10”檔測量某電阻時，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明所選擋位太小，為使測量值更準確，應換大擋，應換到×100擋；換擋后要重新進行歐姆調(diào)零，然后再測電阻阻值．故答案為：×100；歐姆調(diào)零．點評：本題考查了歐姆表的實驗注意事項與使用方法，使用歐姆表測電阻時應選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零．9.（4分）有兩個單擺做簡諧運動，位移與時間關系是：x1=3asin(4πbt+)和x2=9asin(8πbt+)，其中a、b為正的常數(shù)，則它們的：①振幅之比為__________；②擺長之比為_________。參考答案：①1：3②4：110.已知氣泡內(nèi)氣體的密度為30g/，平均摩爾質(zhì)量為1.152g/mol。阿伏加德羅常數(shù)，估算氣體分子間距離d=___________m，氣泡的體積為1cm3，則氣泡內(nèi)氣體分子數(shù)為_____________個。參考答案：d=4×10-9m

，)

1.56×1019

11.（4分）盧瑟福通過___________實驗，發(fā)現(xiàn)了原子中間有一個很小的核，并由此提出了原子的核式結構模型。平面示意圖中的四條線表示α粒子運動的可能軌跡，在圖中完成中間兩條α粒子的運動軌跡。

參考答案：答案：α粒子散射

12.質(zhì)量M=500t的機車，以恒定的功率從靜止出發(fā)，經(jīng)過時間t=5min在水平路面上行駛了s=2.25km，速度達到了最大值vm=54km/h，則機車的功率為3.75×105W，機車運動中受到的平均阻力為2.5×104N．參考答案：考點：功率、平均功率和瞬時功率．專題：功率的計算專題．分析：汽車達到速度最大時做勻速直線運動，牽引力做功為W=Pt，運用動能定理求解機車的功率P．根據(jù)勻速直線運動時的速度和功率，由P=Fv求出此時牽引力，即可得到阻力．解答：解：機車的最大速度為vm=54km/h=15m/s．以機車為研究對象，機車從靜止出發(fā)至達速度最大值過程，根據(jù)動能定理得

Pt﹣fx=當機車達到最大速度時P=Fvm=fvm由以上兩式得P=3.75×105W機車勻速運動時，阻力為f=F==2.5×104N故答案為：3.75×105；2.5×104點評：本題關鍵要清楚汽車啟動的運動過程和物理量的變化，能夠運用動能定理和牛頓第二定律解決問題．13.某實驗小組在探究加速度與力、質(zhì)量的關系的實驗中，得到以下左圖所示的實驗圖線a、b，其中描述加速度與質(zhì)量關系的圖線是

；描述加速度與力的關系圖線是

。為了便于觀察加速度與質(zhì)量關系通常采用

關系圖線．⑵．（6分）在研究勻變速直線運動的實驗中，獲得反映小車運動的一條打點紙帶如右上圖所示，從比較清晰的點開始起，每5個打點取一個計數(shù)點（交流電源頻率為50HZ），分別標出0與A、B、C、D、E、F點的距離，則小車①做

運動，判斷依據(jù)

；②小車的加速度為______m/s2參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（09年大連24中質(zhì)檢）（選修3—4）（5分）半徑為R的半圓柱形玻璃，橫截面如圖所O為圓心，已知玻璃的折射率為，當光由玻璃射向空氣時，發(fā)生全反射的臨界角為45°．一束與MN平面成45°的平行光束射到玻璃的半圓柱面上，經(jīng)玻璃折射后，有部分光能從MN平面上射出．求①說明光能從MN平面上射出的理由?

②能從MN射出的光束的寬度d為多少?參考答案：解析：①如下圖所示，進入玻璃中的光線a垂直半球面，沿半徑方向直達球心位置O，且入射角等于臨界角，恰好在O點發(fā)生全反射。光線a右側(cè)的光線（如：光線b）經(jīng)球面折射后，射在MN上的入射角一定大于臨界角，在MN上發(fā)生全反射，不能射出。光線a左側(cè)的光線經(jīng)半球面折射后，射到MN面上的入射角均小于臨界角，能從MN面上射出。（1分）最左邊射向半球的光線c與球面相切，入射角i=90°折射角r=45°。故光線c將垂直MN射出（1分）

②由折射定律知（1分）

則r=45°

（1分）

所以在MN面上射出的光束寬度應是

（1分）15.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的小物塊靜止放置在固定水平臺的最左端，質(zhì)量2kg的小車左端緊靠平臺靜置在光滑水平地面上，平臺、小車的長度均為0.6m?，F(xiàn)對小物塊施加一水平向右的恒力F，使小物塊開始運動，當小物塊到達平臺最右端時撤去恒力F，小物塊剛好能夠到達小車的右端。小物塊大小不計，與平臺間、小車間的動摩擦因數(shù)均為0.5,重力加速度g取10m/s2，水平面足夠長，求:(1)小物塊離開平臺時速度的大??；(2)水平恒力F對小物塊沖量的大小。參考答案：（1）v0=3m/s；（2）【詳解】（1）設撤去水平外力時小車的速度大小為v0，小物塊和小車的共同速度大小為v1。從撤去恒力到小物塊到達小車右端過程，對小物塊和小車系統(tǒng)：動量守恒：能量守恒：聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：v0=3m/s（2）設水平外力對小物塊的沖量大小為I，小物塊在平臺上運動的時間為t。小物塊在平臺上運動過程，對小物塊：動量定理：運動學規(guī)律：聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，質(zhì)量M＝10kg、上表面光滑的足夠長的木板在F＝50N的水平拉力作用下，以初速度v0=5m/s沿水平地面向右勻速運動?，F(xiàn)有足夠多的小鐵塊，它們的質(zhì)量均為m=1kg，將一鐵塊無初速地放在木板的最右端，當木板運動了L＝1m時，又無初速度地在木板的最右端放上第2塊鐵塊，只要木板運動了L就在木板的最右端無初速度放一鐵塊。（取g＝10m/s2）試問：（1）第1塊鐵塊放上后，木板運動了L時，木板的速度多大？（2）最終木板上放有多少塊鐵塊？（3）最后一塊鐵塊與木板右端距離多遠？20090602

參考答案：（1）木板最初做勻速運動，由解得，第l塊鐵塊放上后，木板做勻減速運動，即有：

代人數(shù)據(jù)解得：

（4分）（2）設最終有n塊鐵塊能靜止在木板上．則木板運動的加速度大小為：第1塊鐵塊放上后：第2塊鐵抉放上后：

第n塊鐵塊放上后：由上可得：木板停下時，，得n=6.6。即最終有7塊鐵塊放在木板上。

（5分）（3）從放上第1塊鐵塊至剛放上第7塊鐵塊的過程中，由（2）中表達式可得：從放上第7塊鐵塊至木板停止運動的過程中，設木板發(fā)生的位移為d，則：

聯(lián)立解得：

17.如圖所示，AB是一段位于豎直平面內(nèi)的光滑軌道，高度為h，末端B處的切線方向水平．一個質(zhì)量為m的小物體P從軌道頂端A處由靜止釋放，滑到B端后飛出，落到地面上的C點，軌跡如圖中虛線BC所示．已知它落地時相對于B點的水平位移OC＝l．現(xiàn)在軌道下方緊貼B點安裝一水平傳送帶，傳送帶的右端與B的距離為l／2．當傳送帶靜止時，讓P再次從A點由靜止釋放，它離開軌道并在傳送帶上滑行后從右端水平飛出，仍然落在地面的C點．（不計空氣阻力）（1）求P滑至B點時的速度大小（2）求P與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)（3）當傳送帶運動時（其他條件不變），P的落地點為仍為C點，求傳送帶運動方向及速度v的取值范圍

參考答案：（1）（2）（3）當傳送帶向右運動時，v＜

當傳送帶向左運動時，速度仍為，（1）物體P在AB軌道上滑動時，

（2分）P滑到B點時的速度為

（1分）（2）當沒有傳送帶時，物體離開B點后作平拋運動，運動時間為t，（1分）當B點下方的傳送帶靜止時，物體從傳送帶右端水平拋出，在空中運動的時間也為t，水平位移為l/2，因此物體從傳送帶右端拋出的速度（1分）由牛頓第二定律得（1分）由運動學公式得（1分）解得物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為（1分）（3）方式一：當傳送帶向右運動時，若傳送帶的速度v＜v1，即v＜時，物體在傳送帶上一直做勻減速運動，離開傳送帶的速度仍為，P的落地點為仍為C點

（2分）方式二：當傳送帶向左運動時，速度無大小要求，物體都一直做勻減速運動，離開傳送帶的速度仍為，P的落地點為仍為C點

（2分）18.如圖所示，光滑水平面上靜止放置質(zhì)量M=2kg，長L=0.84m的長木板C；離板左端S=0.12m處靜止放置質(zhì)量mA=1kg的小物塊A，A與C間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，在板右端靜止放置質(zhì)量mB=1kg的小物塊B，B與C間的摩擦忽略不計．設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A、B均可視為質(zhì)點，g=10m/s2．現(xiàn)在木板上加一水平向右的外力F，問：（1）當F=9N時，小物塊A、B、C的加速度分別為多大？（2）要使A與B碰撞之前，A的運動時間最短，則F至少應為多大，并求出最短時間．（3）若在A與B剛發(fā)生彈性碰撞時撤去外力F，且A最終能滑出C，則F的取值范圍是多少？參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系．.專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：（1）由牛頓第二定律可以求出加速度．（2）由牛頓第二定律與運動學公式可以求出運動時間．（3）由牛頓第二定律求出加速度，由勻變速運動的位移公式求出時間，然后應用牛頓第二定律、動量守恒定律與能量守恒定律求出力的范圍．解答：解：（1）設A和C一起向右加速，它們之間靜摩擦力為f，由牛頓第二定律得：F=（M+mA）a