2021屆福建省三明市普通高中高三(上)期末質(zhì)量檢測物理試題

三明市2020-2021學(xué)第一學(xué)期普高中期末質(zhì)檢測高三物試題一、選題（共10題，1~7題每題分，每小題6分共46分.每題給的四選項中第1-7只有一符合題，第題有多項符合意，全選對得分，選對但不全得3，有選錯不答得0）“動勢”是表電源特性的物理量，這種特性是下列哪個定律的具體體現(xiàn)？（）歐定律

電定律

焦定律

能量守恒定律【答案】【解析】【分析】【詳解】電源是通過非靜電力做功把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置，在不同的電源中，非電力做功的本領(lǐng)也不相同，物理學(xué)中用電動勢來表明電源的這種特性，這種特性是能量守恒定律的具體現(xiàn)。故選D。如所示實表示某電場的電場（方向未標(biāo)出是帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設(shè)M點點的電勢分別為

、M

，粒子在M和N時速度大小分別為

a、aM

，速度大小分別為v、vMN

，電勢能分別為

E、EPM

．下列判斷正確的是A.C.

vaMM，EMNPM

B.D.

vMaEEMMPN【答案】【解析】試題分析：將粒子的運動分情況討論：從M運動到N；從運動到，根據(jù)電場的性質(zhì)依次判斷；電場線越密，電場強(qiáng)度越大，同一個粒子受到的電場力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度大，故有aM

；若粒子從M動到N點則根據(jù)帶電粒子受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場

力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，，M

，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故

M

；若粒子從運動到，根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場力方向速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動能增大，，M

，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故

M

；綜上所述，D正；【點睛】考查了帶電粒子在非勻強(qiáng)電場中的運動；本題的突破口是根據(jù)粒子做曲線運動時受到合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從而判斷出電場力方向與速度方向的夾角關(guān)系，進(jìn)而判斷出電場力做功情況．如所示，在豎面內(nèi)，一半徑為R的滑半圓軌道和水平軌道在點相切，PB為弧軌道的直徑。一小滑塊從點水平軌道向右運動經(jīng)B沿圓弧軌道恰好通過P點最后落在A點小滑塊與水軌道間的動摩擦因數(shù)為，力加速度為，計空氣阻力。則小滑塊從A點動時的初速度為（）A.

B.

6

C.

gR

D.

22gR【答案】【解析】【分析】

2【詳解】小滑塊沿圓弧軌道恰好通過P點此時重力提供向心力，即2mgm

解得從P到點滑塊做平拋運動，豎直方向2

12

水平方向聯(lián)立得s小滑塊從A點P點程中，由動能定理得解得

1mv2

gR故選。

年1124日4點30，嫦娥五號探測器成功發(fā)射升空。若嫦娥五號在距月球表面高度分別為1

、h2

的軌道I、Ⅱ上運行，均可視為勻圓周運動，則在軌道I、Ⅱ上行時，嫦娥號與月球中心連線掃過相同面積所用的時間之比為（月球看成半徑為R、質(zhì)量均勻分布的球體）A.

B.

R1R2

C.

RR

h1h2

D.

RR【答案】【解析】【分析】【詳解】根據(jù)萬有引力提供向心力G

2

可知嫦娥五號在距月球表面高度為h、h12

軌道I、Ⅱ的角速度分別為

1

GMR1

，

2

GMR2

又因為嫦娥五號與月球中心連線掃過的面積為s當(dāng)掃過面積相等時，有11122解得R2R

故選D?？沾嬖谝环较蚣埫娲怪?、大小隨時間變化的勻強(qiáng)磁場，一圓形硬質(zhì)導(dǎo)線固定在紙面內(nèi)，如圖（甲）所示。磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間t的化關(guān)系如圖（乙）所示，t時刻磁場方向垂直紙面向里。取紙面內(nèi)垂直ab

連線向上為安培力的正方向，在

4

時間內(nèi)，圓形導(dǎo)線劣弧

受到該磁場對它的安培力F隨間t

的變化關(guān)系圖為（）A.B.

C.D.【答案】【解析】【分析】【詳解】在

0~t

時間內(nèi)，感應(yīng)電動勢為E

SB0t0電動勢為定值，感應(yīng)電流也為定值，方向為順時針，向上，與正方向相同，再根據(jù)安培力公式F

0

時間內(nèi)，根據(jù)左手定則可知，安培力方向豎直可知該段時間內(nèi)，安培力大小隨著磁感應(yīng)強(qiáng)度的減小而減??；同理可得，~t00

時間內(nèi)，安培力方向向下為負(fù)值，且安培力大小隨著磁感應(yīng)強(qiáng)度的增大而不斷增大。故選B。如所示，小物從固定斜面頂端A由止開始沿斜下滑至斜面中點B的程中，系統(tǒng)增加的內(nèi)能為Q小物塊到達(dá)時，動能為E，選取斜面底端為重力勢能零點，重力勢能為E、機(jī)械能為E。已知k斜面傾角為

物塊與斜面間的動摩擦因

0.60.8

。現(xiàn)用圓的面積表示小物塊在點機(jī)械能，仍以為重力勢能零點，下列各圖中，比例系正確的是（）A.B.

p0012p0012C.D.【答案】【解析】【分析】【詳解設(shè)斜面的長度為L物的質(zhì)量為小塊開始運動時的機(jī)械能等于小物塊在點的重力勢能，則有mgL

0.6mgL小物塊在B點時的重力勢能為L2此過程中克服摩擦力做的功等于產(chǎn)生的熱量，則有Qcos

L0.2mgL23根據(jù)功能關(guān)系可得k

23若用圓的面積表示小物塊在A點的機(jī)械能，則重力勢能占總面積的

12

1，產(chǎn)生熱量占總面積的，能總3面積的

16

，正，錯。故選D。某學(xué)在水平地上拖地時，沿拖桿方向推拖把，推力F拖把頭所受地面摩擦力

大小隨時間的變化可簡化為圖（甲的線。已知拖把頭的質(zhì)量為，桿量可以忽略，拖桿與地面間的夾角θ保持不變，圖中fft、t

均為已知量，則

0~t

時間內(nèi)拖把頭運動的位移為（）A.

cosf00m

B.

cos0m

1022110221C

f021m

D.

f121

【答案】【解析】【分析】【詳解】經(jīng)分析可知，

t

時間內(nèi)，拖把處于靜止?fàn)顟B(tài)，f為最大靜摩擦力；

tt2

時間內(nèi)，拖把在力F作用下做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得cos0根據(jù)勻變速位移公式

0x

at

聯(lián)立得Fcosx0002m

故選。如所示，不可長的輕質(zhì)細(xì)繩，一端固定于豎直桿P上另一端繞過輕質(zhì)滑輪，懸掛一質(zhì)量為m的物體?，F(xiàn)掛上質(zhì)量為m（包括衣架）的衣服計切摩擦，當(dāng)系統(tǒng)靜止時，輕繩與豎直方向夾角分別為和，定滑輪的作用力大小F，（）A.

B.

C.Fmg

D.

F2【答案】【解析】【分析】

【詳解】AB．量為m的體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則繩子拉力大小等于物體重力，即對節(jié)點O受分，受到兩個繩子拉力F和衣架向下的拉力，大小等于，正交分解得水平方向sin1

Fsin1

豎直方向Fcosmg1解得60故A正，錯誤；CD根據(jù)幾何知識可知，作用于滑上兩個繩子拉力夾角為，則對定滑輪的作用力大小為Fcos

602

mg故確D錯。故選AC。物在合外力的用下從止開始沿直線運動隨時間t變的圖線如圖所示，則塊（

）A.在

2s

時間內(nèi)動量變化量為

2kgsB.動在

2s

內(nèi)比

2

內(nèi)變化快C.

4s

時動量大小為

2kgsD.時運動方向發(fā)生改變【答案】【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)動量定理

Ft可知，在

~2s

時間內(nèi)動量變化量為22kgs4kgs故A錯；B在02s時內(nèi)量變化了

4kgs

，~4s時內(nèi)動量變化了

2kgs

，所以動量在0內(nèi)2

內(nèi)變化快，故B正確；C．4s時動量大小為///s故確；D．4s

時動量仍為正值，運動方向沒有發(fā)生改變，故D錯誤。故選。如圖所示輕簧一端固定于擋板P另一端與物塊A栓A通輕細(xì)繩繞過定滑輪與套在豎直桿的物塊B相。開始時托住B，細(xì)伸直且無張力

平行于斜面?，F(xiàn)由靜止釋放B當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時B的度為

，細(xì)繩與桿的夾角為B

，不計一切摩擦，則此過程中（）A.物A與組的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.當(dāng)B到時A速的大小為

vsin

C.彈彈性勢能的減少量等于

AB

系統(tǒng)機(jī)械能的增加量D.重對B做功的平均功率大于拉力對B做功的平均功率【答案】【解析】【分析】【詳解】A．由于有彈簧的彈力對物塊A做，則物塊A與B組的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項A錯；B當(dāng)B到點時，將C的度分解，其中沿細(xì)線向的速度等于的速，則A速度的大小為vcosA

2選項B錯；2C．彈簧以及AB組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒則簧彈性勢能的減少量等于AB系機(jī)械能的增加量，選項C正確D．物B由能定理1WGB

2B則W

T根據(jù)

Wt則重力對B做的均功率大于拉力對B功的平均功率，選項D正確。故選。二、實探究題（2小題，共14分）某同學(xué)用圖（甲）所示實驗裝置探究小車做勻變速直運動的規(guī)律。圖（乙）為得到的某條清晰紙帶的一部分。ABE是帶上標(biāo)出的計數(shù)點，每兩個相鄰的計數(shù)點之間還有個出的點未畫出C的計數(shù)點D未出交流電源的頻率為。(1)實驗時，必須進(jìn)行的是________（填選項字母A平衡摩擦力B調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)線與長木板平行C．擇所掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)于小車的質(zhì)量M(2)打出點小車的速度大小，加速度大小為_______m/s果保留小數(shù)）【答案】

B

【解析】【分析】【詳解】．探究小車做勻變速直線運動規(guī)律時不需要平衡摩擦力A錯；

100μAB調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)線與長木板平行B正確100μAC．究小車做勻變速直線運動的規(guī)律時，不需要選擇所掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)于小車的質(zhì)量MC錯。故選B。(2)[2]打點小車的速度大小為D

19.220.2

m/s[3]速度大小為

2

m/s22.00m/s

實驗小組用滿偏電流為、阻約為幾千歐的電流表進(jìn)電表的改裝與校準(zhǔn)實驗：(1)如圖（甲）所示，采用“半偏法”測量電流表G的阻，則測量實值（選填>”“=”“”。若測得電流表的阻

2000

，將電流表G改成量程為

0~3V

和

0~15V

的雙量程電壓表，設(shè)計電路如圖乙所示，則R；(2)用量程為3V的標(biāo)準(zhǔn)電壓表V對裝電壓表的V擋進(jìn)行校準(zhǔn)，電源的電動勢E，動變阻器有兩種規(guī)格，最大阻值分別為

5

和5k。①為了方便實驗中調(diào)節(jié)電壓，應(yīng)選用最大阻值②請將圖中實驗器材連接成校準(zhǔn)電壓表的電。

滑動變阻器；

【答案】

“<”

見解析【解析】【分析】【詳解】(1)[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)的特點，當(dāng)閉合開關(guān)S，調(diào)整電流表半偏時，回路中的總電流增大（大于滿偏電流I流

I的實際電流比流過電流表的電流大（大于此

R

，即測量值小于真實值；[2]開關(guān)接1時，根據(jù)歐姆定律可得

g

g1

當(dāng)開關(guān)接2時根據(jù)歐姆定律可得

g

g

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可得1

，

1200002(2)①[3]為實驗時調(diào)節(jié)滑動變阻器，電壓表能從始，且有明顯示數(shù)變化，宜選用最大阻值較小的滑動變阻器，即選擇50的；②[4]實物路圖如圖所示三、計題（本大題小題，共40，解答時應(yīng)出必要文字說明、程式和要步驟，

V水000000只寫出后答案的不得分，數(shù)值計算的，答案必須明確寫數(shù)值和位）V水000000圖為粗細(xì)均勻的圓管形兒童玩具水

水槍吸水前，先將圓形薄活塞向下推至底部；插入水中后緩慢向上拉動活塞，待水面上升一定高度后，保持槍管豎直提離水面?，F(xiàn)測得槍內(nèi)水面距槍口的高度h，管內(nèi)空氣柱的長度為

l

，槍內(nèi)活塞的橫截面積為，氣壓強(qiáng)為，水的密度為，力加速度為，求吸水前槍內(nèi)活塞至槍口間空氣的體積。槍密閉性良好，設(shè)整個過程氣體可視為理想氣體，溫度保持不變?！敬鸢浮?/p>

p)00【解析】【分析】【詳解】設(shè)吸水后封閉氣體壓強(qiáng)為，槍內(nèi)吸入水的質(zhì)量mρVρSh對槍內(nèi)吸入水由平衡條件得+pSS解得

的=pρgh吸水前槍內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p，積為，水后氣體的體積為VSl氣體溫度不變，由玻意耳定律可得pSl解得V

p)

012如圖所示，半徑相同、質(zhì)量均為km（為整數(shù)）的012

光滑圓弧斜劈A和止于光滑水平面上，曲面下端均與水平面相切，圓弧斜劈B處于鎖定狀態(tài)。一質(zhì)量為m的小位于兩斜劈中間的某位置，現(xiàn)給小球一初速度v，球恰好能滑到圓弧斜劈B最點，求：(1)小球剛滑入斜劈B時圓孤的壓力大??；(2)若小球剛滑到斜劈B最高點時立即解除鎖定，要使其能次滑上，則的小值?！敬鸢浮?；【解析】【分析】【詳解】(1)小球滑到圓弧斜劈最高點過程中，根據(jù)動能定理得2小球剛滑入斜劈，對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得F

mv0聯(lián)立得mgN根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)A孤的壓力大小等于圓孤對小球的支持力，也為；(2)小球下滑過程中與圓弧B構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒向為正球滑下時小球和圓弧B的速度分別、v，根據(jù)動量守定律得0mvkmv1

2根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgR

mv2mvkmv聯(lián)立得

2

，

對于小球與滑塊A組的統(tǒng)，當(dāng)小球滑下時，設(shè)小球和圓弧A的度分別為v據(jù)動量守恒定1

律得11

2根據(jù)機(jī)械能守恒定律得12mvmv2解得v

v，

要使其能再次滑上，需要滿足v，即1202化簡得k

k解得k的小值為3如圖所示，在x軸上方空間區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B，方向垂直紙面向里，在軸方空間區(qū)域存在平行于

xOy

平面的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為、荷量為

q(q

的粒子從y上的

)

點，沿y軸正方向入射后，第一次通過軸，速度方向與x軸正方向角，第二次通過x軸后恰好返回a點兩次通過a點速度等大反向。重力不計，求：(1)粒子在磁場中運動的軌道半徑r和度大小v；(2)粒子第一次穿越電場過程中離x軸最大距

y

；(3)粒子第通過x軸的坐標(biāo)。qBh【答案）2，2）

22

）n為數(shù)時，第n次過軸

位置的坐標(biāo)為(

22，，當(dāng)n為偶數(shù)時，第通過軸位置的坐標(biāo)(

2h，0)

1【解析】1