2021屆高考物理預(yù)測卷 (新課標Ⅱ)

2021年全國新課標Ⅱ考預(yù)測卷（理）第Ⅰ(選題共48分一選題本共題，小6分共48分在小給的個項，1417題有項合題要，18～21題多符題要。部對得6分，對不的，選的0分14金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)其遏止電壓與射光頻率關(guān)系圖象如圖所示則由圖象可()cA．射頻率越大，該金屬的逸出功越大B入射光的頻率越大，則遏止電壓越>ν)0UC由圖可求出普朗克常量h＝ν0D．電的最大初動能與入射光的頻率成正比15.如圖所示，三個固定的帶電球、，互的距離分別為＝bc3，＝。球所受庫侖力的合力的方向平行于、連線．設(shè)小球、帶電荷量的比值的絕對值為，則)16A．、的荷同號k916Bab的荷異號＝964Cab的荷同號＝2764D．、的荷異號k2716.圖甲為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為的強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO沿平方向勻轉(zhuǎn)動，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻＝Ω連，與電阻并聯(lián)的交流電壓表為理想電壓表是10。圖乙是矩形線圈中磁通量隨時間t變的圖象內(nèi)阻不計)甲

乙A．交發(fā)電機的電動勢平均值為102V

1212212122B＝時兩的壓瞬時值為零C．兩端的電壓u隨間t變的規(guī)律是u＝2cos(100tVD．a(chǎn)b邊度方向向上時，它所受安培力的方向也向上17.某回旋加速器的示意圖如圖兩個半徑均為R的D形置于磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場中，并與高頻電源兩極相連，現(xiàn)對氚H)加，所需的高頻電源的頻率為f。已知元電為。下列說法正確的()A．形可以用玻璃制成eBfB氚核的質(zhì)量為2πC高頻電源的電壓越大，氚核從處射出的速度越大3D．對核4He)加，則高頻電源的頻率應(yīng)調(diào)為f218.如圖所示，三個小球從不同處A、、分別以水平初速度、、拋出，落在水平面上同一位置，123OA1若不計空氣阻力，則下列說法正確的是

()A．B、三小球水平初速度之比＝123B．C三個小球水平初速度之比v＝123C．C三個小球通過的位移大小之比為D．B、三小球落地速度與水平地面夾角的正切值之比為19.如圖所示，在粗糙的水平面，質(zhì)量分別為m的塊A、用輕彈簧相連，兩物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)均為，當用水平力F用于B上兩塊共同向右以加速度a勻加速運動時，彈簧的伸長量為；當用同樣大小的恒力沿著傾角為的滑斜面方向作用于上且兩物塊共同以加速度a勻加速沿斜面向上運動時，彈簧的伸長量為，下列說法中正確的是A．m>，x＝12B若m，＝12

212212C若>sin，有x>x12D．<sinθ有x1220.、兩球沿一直線運動并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時間變化的圖象、分為、B兩球碰前的位移隨間變化的圖線碰后兩球共同運動的位移隨時間變化的圖線球量是m＝，則由圖象判斷下列結(jié)論正確的是

()A．撞、后A球動量變化量為4kg·m/sB碰撞時球?qū)η蚴┑臎_量為－N·sC．兩球碰撞前的總動量為3kg·m/sD．撞兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為10J21.水平地面上固定有兩個高度同的粗糙斜面體甲和乙，斜面長分別為、，圖所示。兩個完全相同的小滑1塊AB可為質(zhì)點，同時由靜止開始從甲、乙兩個斜面的頂端釋放，小滑一沿斜面甲滑到底端C點而小滑塊沿斜面乙滑到底端P點又水平面滑行距離L到點小塊B在點斜面滑到水平面時速度大小不變，＝＋。小滑塊A、與個斜面以及水平面間的動摩擦因數(shù)相同，（A．塊到底端C點的動能一定滑塊到D點時的動能小B兩個滑塊在斜面上加速下滑的過程中，到達同一高度時，動能可能相同C．、兩滑塊從斜面頂端分別運動到C、的程中，滑塊A重做功的平均功率小于滑塊重做功的平均功率D．B兩滑塊從斜面頂端別運動到C、的過程中，由于克服摩擦而產(chǎn)生的熱量一定相同第二非擇：62分第9～12題為考，個題生必作答第13～14題為考，生據(jù)要作。一必題共47分（分我們可以通過實驗探電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律下實驗探究過程的一部分，請補充完整。

甲

乙(1)如圖甲所示，當磁鐵的N極下運動時，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)，若要探究線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)是電流的方，必須知道

。(2)如乙所示，實驗中發(fā)現(xiàn)合開關(guān)時，電流表指針向右偏。電路穩(wěn)定后，若向左移動滑動觸頭，電流表指針向

偏轉(zhuǎn)。若將線圈A抽，電流表指針向

偏轉(zhuǎn)。均左或“”（分某同學(xué)利用共點力平的原理來探究共點力的合成是否遵循平行四邊形定則將條相同的橡皮筋(遵循胡克定律的一端系在一起，用三條細繩分別連接橡皮筋的另一端，圖10所示方式把重物豎直吊起．在實驗中可以通過刻度尺測量橡筋的長度來得到橡皮筋的拉力的大小通三條細繩的方向定三個拉力的方向，從而探究其中任意兩個拉力的合力是否與第三個力等大反向．圖10(1)在實驗過程中，下列說法正的_．A．驗程中需要測量三條橡皮筋的長度以及橡皮筋的原長B以O(shè)AOB為鄰邊作力的平行四邊，其對角線一定與在條直線上C多次實驗中可改變OA、的夾角或改變重物質(zhì)量，但結(jié)點O位不能改D．次驗均需記錄三條細繩的方向及結(jié)點的位置(2)為小實驗誤差，應(yīng)選擇度系數(shù)適當________(填“大或“小”的橡皮筋，質(zhì)量適當________(“大”或“小”的重物．24.（分如圖所示，為光滑的固定在豎直面內(nèi)的半圓形軌道，軌道半徑為R0.4m，為圓軌道水平直徑的兩個端點O為心在水平線以下和豎直線OQ左的空間內(nèi)存在豎直向下的勻強電場，電場強度E1.0×10

6N/C現(xiàn)有一個質(zhì)量2.0×102電量q＝2.0×10

7C的正電小球可看做質(zhì)從A點正上方由靜止釋放，經(jīng)時間＝s到A點沿切線進入半圓軌道g＝2，不計空氣阻力及一切能量損失，求：

1212圖(1)小球經(jīng)過C點時對道的壓力大?。?2)小球經(jīng)過點能上升的最大高度．（分）如圖甲所示，質(zhì)量＝kg、＝1m木板靜止在粗糙的水平地面上，在木板的左端放置一質(zhì)量m＝kg、大小可以忽略的鐵塊．假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力(＝2圖(1)若在鐵塊上施加一隨時間增的水平力F＝k是常，通過摩擦力傳感器描繪出鐵塊受到木板的摩擦力F隨時間變的圖象如圖乙所示．求木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ和木板與鐵塊間的動摩擦因數(shù)；(2)若在鐵塊上施加恒力，鐵塊從木板上滑落，求F的小范圍；(3)若在鐵塊上施加向右的恒力F＝，求鐵塊運動到木板右端所用的時間．

f

mAAAAmAAAA（）考：15分?？紡?道理中選題答如多做則所的一計。33.【物理一一選修3】（分（）5分某氣體的摩爾質(zhì)量為，分子質(zhì)量為。若1摩爾該氣體的體積為V，度ρ，該氣體單位體積分子數(shù)為阿伏加德羅常數(shù)為N)()NA.VmC.M

MBmVD．m

m（）（分如圖所示，向一空的鋁制飲料即拉罐中插入一根透明吸管，接口用蠟密封，在吸管內(nèi)引入一小段油柱長度可以忽)。如果不計大氣壓的變，這就是一個簡易的氣溫計。已知鋁罐的容積33

，吸管內(nèi)部粗細均勻，橫截面積為0.22

，吸管的有效長度為，當溫度為25，柱離管口10。管標刻溫度值時，刻度是否應(yīng)該均勻；算個氣溫計的測量范圍。34.【物理一一選修3】（分（（分如所示為迫振動的演示裝置在一根張緊的繩子上懸掛幾個擺球，可以用個單稱驅(qū)動擺”驅(qū)動另外幾個單擺。下列說法正確的()A．個擺擺動過程中多次通過同一位置時，速度可能不同而加速度一定相同B如果驅(qū)動擺的擺長為，則其他單擺的振動周期都等于2π

LgC如果驅(qū)動擺的擺長為，振幅為A，若某個單擺的擺長大于L，幅也大于

AD．果個單擺的擺長等于驅(qū)動擺的擺長，則這個單擺的振幅最大（）圖所示，直角邊長為d的角棱鏡置于桌面上D為邊BC的中點，桌面上的點射一

d條光線經(jīng)D點射后，垂直于邊出。已知SC＝，光線通過棱鏡的時間t＝c為空中光，不考2c慮反射光線。求：(1)棱鏡的折射率；(2)入射光線與界面BC間夾。

000kmee0ckmaabmmm1m11m1m211m22221231230123000kmee0ckmaabmmm1m11m1m211m22221231230123參答+解析14.【答案】【解析】：當遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以＝hν，出功與入射光hν頻率無關(guān)，是由金屬材料決定的，故錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程E＝νW和eU得：U＝－，0cchνW入射光的頻率大于等于極限頻率時，入射光的頻率越大，則遏止電壓越大，故正確；U＝－，圖線eeh的斜率等于，題圖可以得出斜率的大小，則普朗克常量為＝，錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程＝νeν0W，得光電子的最大初動能與入射光的頻率成線性關(guān)系，不是正比，故D錯。015.【答案】D【答案】：如a、帶種荷，則、兩球?qū)的用力均為斥力或引力，此時c在直于、b連的方向上的合力一定不為零，因此、不能帶同種電荷A、錯；若、帶異種電荷，假設(shè)a對的用力為斥力，則對c的用力一定為引力，受力分析如所示，由題意知所庫侖力的合力方向平行于、b的線，則、在直于、連的方向上的力為零，由幾何關(guān)系可＝＝，F(xiàn)sin37°abF4q64＝cos37°，得＝，又庫侖定律及以上各式代入據(jù)可解得＝，錯，確。b3q27b16.【答案】【解析】矩形線圈繞垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦交流電，外電＝，電壓表示數(shù)為10，明E

m2

＝，即電動勢最大值為E＝2V，以平均一定比E＝2小選項A錯；根據(jù)題圖乙知＝時通量等于斷＝時動勢最大電勢隨時間變化的規(guī)律為u＝Ecos＝2cos(100πt)V，項對將t＝s代入電勢瞬時值表達式，得U＝2V，選項B錯根楞次定律，感應(yīng)電流總是阻礙線圈的轉(zhuǎn)動，所以當邊度方向向上時，它所受安培力的方向向下，選項D。17.【答案】D【解析】為使D形內(nèi)帶電粒子不受外電場的影響D形應(yīng)用金屬材制成，以實現(xiàn)靜電屏蔽A錯；2πm為使回旋加速器正常工作頻源的頻率應(yīng)與帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的頻率相等＝eB1veBR和T＝，氚核的量m＝，錯誤；由evB＝，得＝，見氚核從P處出時的大速度f2π12πm12m3v與電源的電壓大小無關(guān)錯誤；結(jié)合T＝和＝，f＝f又＝，f＝，正。2eBmm4222218.【答案】BD

11【解析】三個小球都做平拋運，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)＝22

得t＝

2，由圖可知A、三g個小球下落的高度之比h＝，以三個小球運動的時間之比＝，平位移相，由＝vt得個小球水平初速度之比＝項錯正確球的位移大小為＝h

＋2

，

yTFTFAB3ABBBk3CD122CDyTFTFAB3ABBBk3CD122CDx等h＝，則得位移大小之比≠1，項錯；小球落地速度與水平地面夾角123123vgt的正切值tan＝＝，則、、三小球落地速度與水平地面夾角的正切值之比為vv0012＝，選項D正。63219.【答案】【解析】在水平面上滑動時，對整體，根據(jù)牛頓第二定律，有F－m＋)＝m＋)

1

隔離物塊，據(jù)牛頓第二定律，有F－＝T

1

聯(lián)立得＝

mm＋

在斜面上滑動時，對整體，根據(jù)牛頓第二定律，有F－m＋)sin＝m＋a

2

隔離物塊，據(jù)牛頓第二定律，有F′－mgsin＝T

2

聯(lián)立得′＝

m＋m

比較知彈簧彈力相等，動摩擦因數(shù)和斜面的傾角無關(guān)，故A、正確C、錯誤。20.【答案】ABD【解析】根據(jù)題圖可知，碰前A球的速度＝－，碰前球的速度v＝m/s，后A、兩共同的速度v＝－1，故碰撞前、后球動量變化量為Δp＝－＝，項A正確球的動量變化量為4AAkg·m/s，撞過程中動量守恒，球動量變化量為－kg·m/s，據(jù)動量定理，碰撞過程中A球B球所施的4沖量為－，項正；由于碰撞過程中動量守恒，有mvmv＝＋)，得m＝kg故碰撞過ABBBB11程中、兩組成的系統(tǒng)損失的動能為ΔE＝mv2＋m2－mm)222

＝，選項正；、兩碰撞10前的總動量為＝＋v＝＋)＝，選項誤。ABBB21.【答案】1【解析】根據(jù)動能定理，滑塊A由斜面頂端到達底端點過程mgh－μmgcosα·＝2，塊B由斜21面頂端到達點過程mgh－cosβL－＝mv2又＝＋，根據(jù)幾何關(guān)系得cosLcos＋L，121211h1所以2<2正確滑塊在斜面上加速下滑的過程同一高度時－cos·＝mv222sinθ2

，重力做功相同，但克服摩擦力做功不等，所以動能不同，故B錯；整個過程中，兩滑塊所受重力做功相同，但由于滑塊運動時間長，故重力對滑塊做的平均功率比滑塊的小，故C正確；滑塊分到達、

CCCCNNNNC1f1112CCCCNNNNC1f1112D時動不相等，由能量守恒定律知滑塊、運過程中克服摩擦產(chǎn)生的熱量不同，故D錯誤。22.【答案】電表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系右左【解析探線中感應(yīng)電流的方向必須先知道表針偏轉(zhuǎn)方向與電流從負接柱流入時的關(guān)系，圈繞向，流指針的轉(zhuǎn)方向；由偏轉(zhuǎn)方向得出電流流入電表的方向，再進一步得到線中電流的流向，即必須知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系。(2)開關(guān)閉合時，線圈產(chǎn)的磁場由無到有，穿過線圈的通量增加，若將滑動頭向左移動，線圈A中流增加，穿過的磁通量也增加，且磁場方向未變，所以電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與開關(guān)閉合時的偏轉(zhuǎn)方向相同，即向右偏轉(zhuǎn)；若將線圈A抽出，穿過線圈B的通量減少，電流表指針向左偏轉(zhuǎn)。23.【答案】:(1)AD小大【解析】(1)實驗過程中需要測三條橡皮筋的長度以及橡皮筋的原長，從而確定橡皮筋的伸長量，從而確定力的大小，選項A正；以O(shè)A、OB為兩鄰邊作力的平行四邊形，由于實驗存在誤差，則其對線不一定與在一條直線上，選項錯誤；多次實驗中可改變OA、的夾角或改變重物質(zhì)量，因為是不同的實驗，則結(jié)點O位可變動，選項C錯；每次實驗均需記錄三條細繩的方向及結(jié)點的位置，選項D正．(2)為小實驗誤差，應(yīng)選擇度系數(shù)適當小的橡皮筋，質(zhì)量適當大的重物，這樣橡皮筋的伸長量較大，誤差較小．24.【答案】(1)1.65(2)0.85m【解析】由題意可知，小球進入電場前做自由落體運動，設(shè)下落的高度為h，達C的度為v，題意1可得：＝22

＝1從釋放點運動到點程由動能定理可得mg(＋＋＝mv22可得：＝m/smv2設(shè)到達C時軌道對小球的支持力為F，受力分析和合力提供向心力可得－－＝R由牛頓第三定律可得小球?qū)壍赖膲毫Υ笮镕＝＝1.65N(2)設(shè)小球經(jīng)過B后上升的最大高度為h，小球從C點過B點上升到最高點過程中，由機械能守恒定律可1得：mv22

＝(＋代入數(shù)據(jù)可得：＝25【案】(1)0.10.5F(3)1【解析】由題圖可知，0～內(nèi)木板與鐵塊均沒有滑動F＝＝；1～，木板與鐵塊相對靜止，但整體相對地面運動，故＝時恰好有F＝＋)＝N則木板與地面間的動摩擦因數(shù)＝；3后，木板與鐵塊相對滑動，鐵塊受到滑動摩擦力，有μmg＝2則木板與鐵塊間的動摩擦因數(shù)為＝

221212212212AmAAm1211221212212212AmAAm1211(2)使鐵塊從木板上滑落，必須鐵塊的加速度大于木板的加速度，設(shè)鐵塊的加速度為a、板加速度為，12由牛頓第二定律，對鐵塊－ma

1對木板：mgμ(m)＝當a