2021-2022學年安徽省淮北一中、合肥六中、阜陽一中、滁州中學高三下學期一?？荚囄锢碓囶}含解析

2023年最新整理——考試真題資料2023年最新整理——考試真題資料2023年最新整理——考試真題資料2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．2B0．53．請4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1、關于近代物理學，下列說法正確的是（ ）A．α射線、β射線和γ射線中，γ射線的電離能力最強B．根據(jù)玻爾理論，氫原子在輻射光子的同時，軌道也在連續(xù)地減小C．盧瑟福通過對α粒子散射實驗的研究，揭示了原子核的組成D．對于某種金屬，超過極限頻率的入射光頻率越高，所產生的光電子的最大初動能就越大2MOON底端由對接且aMO點時無機械能損失，以fMA． B．C． D．3、運動員在立定跳遠時，腳蹬地起跳瞬間的受力示意圖是A． B．C． D．4、據(jù)悉我國計劃于2022年左右建成天宮空間站，它離地面高度為400~450km的軌道上繞地球做勻速圓周運動，軌道半徑大約為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的六分之一，則下列說法正確的是（ ）A．空間站運行的加速度等于地球同步衛(wèi)星運行的加速度的6倍B．空間站運行的速度約等于地球同步衛(wèi)星運行速度的 6C．空間站運行的周期等于地球的自轉周期D．空間站運行的角速度小于地球自轉的角速度5、水平地面上的物體由靜止開始豎直向上運動，在運動過程中，物體的動能Ek與位移x的關系圖像如圖所示，則滿足機械能守恒的階段是（ ）A．0～h B．h～2h C．2h～3h D．3h～5h6、如圖所示，帶電荷量為Q的等量同種正電荷固定在水平面上，在其連線的中垂線（豎直方向）上固定一光滑絕緣的細桿，細桿上套一個質量為m，帶電荷量為q的小球，小球從細桿上某點a由靜止釋放，到達b點時速度為零，b間的距離為h，重力加速度為g。以下說法正確的是（）等量同種正電荷在b兩處產生的電場強度大小關系E Ea bb兩處的電勢差Uab

mghq小球向下運動到最大速度的過程中小球電勢能的增加量等于其重力勢能的減少量Da點的上方45205307v＝1000m/s進入矩形發(fā)電通道，發(fā)電通道有垂直于噴射速度方向的勻強磁場（圖乙中垂直紙面向里，磁感應強度大小B＝5，等＝50c＝20c，高＝20c，等離子體的電阻率＝4Ω，電子的電荷量＝1.611。不計電子和離子的重力以及微粒間的相互作用，則以下判斷正確的是（ ）2500V16A，則單位時間（1s）1020個12Ω50A50Ω時，發(fā)電機輸出功率最大8、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:2，正弦交流電源輸出的電壓恒為U=12V，電阻R1=1Ω，R2=2Ω，滑動變阻器R3最大阻值為滑片P處于中間位置，則（ ）A．R1與R2消耗的電功率相等C．若向下移動P，電源輸出功率增大

B．通過R1的電流為3ADP9、粗細均勻的正方形金屬線框abcd靜止在光滑絕緣的水平面上，整個裝置處在垂直水平面的勻強磁場中邊與場邊界MN重合，如圖所示?，F(xiàn)用水平向左的外力F將線框拉出磁場，且外力與時間的函數(shù)關系為和k為常數(shù)。在拉出線框的過程中，用i表示線框中的電流，Q表示流過線框某截面的電荷量，下列描述電流與時間及電荷量與時間變化關系的圖象可能正確的是（ ）A． B． C． D．10、如圖甲所示的電路中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為9:1R為阻值隨溫度升高而變小的1熱敏電阻，R 為定值電阻，若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交變電流。下列說法中正確的是（ ）0輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為u36 2sin50t(V)t4102s時，該發(fā)電機的線圈平面位于中性面RtRt

溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小，變壓器的輸入功率變大溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變大，變壓器的輸入功率變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）驗證彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比這一結論，他設計了如下實驗：①如圖所示，一根帶有標準刻度且內壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕質彈簧插入玻璃管并固定左端。②將直徑略小于玻璃管內徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮量x③突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置④保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點，測得小鋼球的水平射程s⑤多次改變彈簧的壓縮量x，分別記作x1、x2、x3……，重復以上步驟，測得小鋼球的多組水平射程s1、s2、s3……請你回答下列問題在實驗中保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落的目的是為了減（填統(tǒng)誤差或偶然誤；若測得小鋼球的質量、下落高度、水平射程則小球彈射出去時動能表達式為 （重力加速度為g）根據(jù)機械能守恒定律該同學要做有關彈簧形變量x與小鋼球水平射程s的圖像若想直觀的檢驗出結論的正確性應作的圖像為 1A．s－x B．s－x2 C．s2－x D．s－x12（12分）未來在一個未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運動的規(guī)律。懸點O正下方P點處有水平放置的熾熱、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s1：4，則：⑴由以上信息，可知a點 （填是或“不是”）小球的拋出點；⑵由以上信息，可以推算出該星球表面的重力加速度⑶由以上信息可以算出小球平拋的初速度大小m/s;⑷由以上信息可以算出小球在b點時的速度大小是 m/s.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，水平足夠長的平行金屬導軌MPQ間距＝0.3R＝0.8Ωm＝0.01r＝0.4Ωcd，整個裝置處于磁感應B＝0.5TF沿水平方向拉金屬桿cdUUt變化的關系如圖乙所示。求：（1）在t＝4s時通過金屬桿的感應電流的大小和方向；（2）4s內金屬桿cd位移的大小；（3）4s末拉力F的瞬時功率。14（16分）如圖所示，絕熱氣缸倒扣放置，質量為M摩擦可忽略不計，活塞下部空間與外界連通，氣缸底部連接一U形細管（管內氣體的體積忽略不計．初始時，封閉氣體溫度為，活塞距離氣缸底部為h，細管內兩側水銀柱存在高度差．已知水銀密度為，大氣壓強為P，氣缸橫Sg，求:U形細管內兩側水銀柱的高度差；通過加熱裝置緩慢提升氣體溫度使活塞下降 h0

，求此時的溫度；此加熱過程中，若氣體吸收的熱量為Q，求氣體內能的變化．15（12分）如圖所示，實線是一列簡諧橫波在t時刻的波形圖，虛線是在t

+0.2)s時刻的波形圖。1 2 1175m/sMt;1t1t2M1.8m，求波的傳播方向和波速的大小。參考答案64241、D【解析】A．α、β、γ三種射線中，γ射線的穿透本領比較強，而電離能力最強是α射線，故A錯誤；B．玻爾理論認為原子的能量是量子化的，軌道半徑也是量子化的，故氫原子在輻射光子的同時，軌道不是連續(xù)地減小，故B錯誤；C．盧瑟福通過對α粒子散射實驗的研究，提出原子核式結構學說，故C錯誤；D．根據(jù)光電效應方程Ekm

hW0

知，超過極限頻率的入射頻率越高，所產生的光電子的最大初動能就越大，故D正確。D2、D【解析】A錯誤；小球先做勻加速運動，a=gsinθ-μgcosθa=gsinα+μgcosα，而gsinα+μgcosα＞gsinθ-μgcosθB錯誤；f=μN=μmgcosθθ＞αμmgcosθ＜μmgcosαC錯誤；v-tOM上的加速度較小，則直線的斜率較小，故D正確；3、A【解析】運動員在立定跳遠時，腳蹬地起跳瞬間，運動員受重力、地面對人豎直向上的支持力、和地面對人向前的摩擦力，故A項正確，BCD三項錯誤。4、B【解析】ABC．設空間站運行的半徑為R1，地球同步衛(wèi)星半徑為R2，由GMm

v2mam

m22r r2 r T 得加速度為aGMr2線速度為v周期為T由于半徑之比R 11R 62則有加速度之比為1 a:a1 線速度之比為1 v:v=1 周期之比為1 T:1 故AC錯誤，B正確；D．由于地球自轉的角速度等于地球同步衛(wèi)星的角速度，故可以得到空間站運行的角速度大于地球自轉的角速度，故D錯誤。故選B。5、C【解析】0-h階段，動能增加量為2mgh，重力勢能的增加量為mgh，所以機械能增加了3mgh；h-2h階段，動能不變，重力勢能增加mgh，所以機械能不守恒；2h-3h階段，重力勢能增加mgh，動能減小mgh，所以機械能守恒；3h-5h階段，重力勢能增加2mgh，動能減小mgh，機械能增加，ABD錯誤，不符合題意；C正確，符合題意。故選C。6、D【解析】ab先加速再減速，a點加速度向下mgqEa，b點加速度向上mgqEbEbEa，A錯誤；ab根據(jù)動能定理mghqU 0ab得U mghab qB錯誤；C錯誤；Db點的上方，選項D正確。故選D。45205307、BC【解析】A．由等離子體所受的電場力和洛倫茲力平衡得qvB

＝qE0 d則得發(fā)電機的電動勢為E＝B0dv＝1000V故A錯誤；BIn＝1020個故B正確；C．發(fā)電機的內阻為

net，代入數(shù)據(jù)解得dr＝ρ

＝8ΩLh由閉合電路歐姆定律EI＝Rr

＝50A故C正確；D．當電路中內、外電阻相等時發(fā)電機的輸出功率最大，此時外電阻為R＝r＝8ΩDBC。8、BD【解析】對理想變壓器的原副線圈匝數(shù)之比等于原副線圈的電壓之比，等于電流的倒數(shù)之比，據(jù)此進行分析?！驹斀狻緼選項，理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)之比為1:2，可知原副線圈的電流之比為2:1，根據(jù)P=IR1

22:1A錯誤；B選項，設通過R的電流為I，則副線圈的電流為0.5I，初級電壓1UIR1

12I根據(jù)匝數(shù)比可知次級電壓為2(12-I)則2(12-I)R

1R

120.5I解得I=3A

2 2 3m選項B正確；CD選項，若向下移動P，則R3

的電阻增大，次級電流變小初級電流也變小，根據(jù)PUI可知電源輸出功率變小，電阻R的電壓變小，變壓器輸入電壓變大，次級電壓變大，電壓表的讀數(shù)變小，則選項C正確，D錯誤。1故選BD。9、AC【解析】Ab+kt－BIL=ma當b=ma時，線框勻加速離開磁場，電流與時間成正比，故A正確；i最后恒定，即速度恒定，而外力在增加，不可能實現(xiàn)，故B錯誤；電流可以與時間成正比，而由AQt2成正比，圖象可以是曲線，故C正確；Qt成正比，則電流為恒量，不可能實現(xiàn)，故DAC。10、BC【解析】由交變電流的圖像可讀出電壓的最大值為36 2V，周期為0.02s，則角速度為 rad/s100rad/0.02所以輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為u36

sin100t(V)故A錯誤；當t4102s0，所以該發(fā)電機的線圈平面位于中性面，故B正確；CD．Rt溫度升高時，其阻值變小，副線圈中的電流變大則原線圈中電流也變大，由PUI可知變壓器的輸入功率變大，電壓表讀數(shù)U U3

IR2 0減小，故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偶然誤差

mgs2 A4h【解析】(1)[1]在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小鋼球的平均落點”是采用多次測量求平均值的方法，其目的是為了減小偶然誤差。(2)[2]設小球被彈簧彈射出去后的速度為v0，此后小球做平拋運動，有1E mv2k 2 01h gt22svt0聯(lián)立可得小球彈射出去時動能為m sE (

mgs2k 2 t 4h(3)[3]若結論彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比成立，有E kx2P而彈射過程彈性勢能全部轉發(fā)為動能，有E EP k即kx2

mgs24h變形為s 4khxmg可得關系sx，故要驗證結論需要作sx圖像可構成正比例函數(shù)關系，故選A12、是， 8， 0.8，【解析】因為豎直方向上相等時間內的位移之比為a豎直分速度為零，a點為小球的拋出點。（2）[2]由照片的長度與實際背景屏的長度之比為1：4可得乙圖中正方形的邊長l=4cm，豎直方向上有：gT2解得：2L 24102g'

8m/s2T2 （3）[3]水平方向小球做勻速直線運動，因此小球平拋運動的初速度為：2L 24102v 0.8m/s0 T 0.1（4）[4]b點豎直方向上的分速度v 4L0.16m/s0.8m/syb 0.2所以：v 0.8 2m/sb

m/s5四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（1）0.75A 由d指向c （2）12m （3）0.765W【解析】t＝4s時，U＝0.6V此時電路中的電流（通過金屬桿的電流）I＝U＝0.75AR用右手定則判斷出，此時電流的方向由d指向c。由題圖乙知U＝kt＝0.15t金屬桿做切割磁感線運動產生的感應電動勢E＝BLv由電路分析：U＝ R ERr聯(lián)立以上兩式得Rrv＝BLR